第04周（解析版）-备战2023年中考物理模拟卷每周一测（广东专用）2

备战2023年中考物理模拟每周一测-第四周答案广东专用本试卷共23题，满分100分，考试时间：80分钟注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上第I卷（选择题）请点击修改第I卷的文字说明一、单选题(本大题共7小题，每小题3分，共21分.在每个小题给出的四个选项中，只有一个是符合题目要求的)1．图所示的四个物态变化的实例中，属于液化的是（）A．春天冰雪消融 B．战士口中呼出“白气”C．深秋草叶上形成白霜 D．马路上洒的水变干【答案】B【详解】A．冰雪消融是固态变液态的熔化过程，故A不符合题意；B．口中呼出白气是气态变液态的液化过程，是呼出的空气中的水蒸气遇冷液化成小水珠形成的，故B符合题意；C．霜是空气中的水蒸气遇冷凝华成的，故C不符合题意；D．马路上洒的水变干，是液态变气态的汽化过程，故D不符合题意。故选B。2．如图所示的四个用电器中，主要利用电流热效应工作的是（）A．洗衣机 B．电动玩具C．电饭锅 D．电风扇【答案】C【详解】ABD．洗衣机、电动玩具、电风扇工作时主要将电能转化为了机械能，故ABD不符合题意；C．电饭锅工作过程中，电流做功，将电能转化为了内能，主要利用电流热效应工作的，故C符合题意。故选C。3．有一种电子牙刷，它发出的超声波，能直达牙刷棕毛刷不到的地方，这样刷牙既干净又舒服。关于电子牙刷，下列说法中正确的是（）A．人听不到超声波，是因为超声波不能在空气中传播B．超声波能传递能量C．超声波不是由物体振动产生的D．超声波的音调很低，所以人听不到【答案】B【详解】A．超声波的振动频率大于20000Hz，低于人耳的听觉范围，声音的传播需要介质，超声波能够在空气中传播，故A错误；B．声音能够传递信息和能量，电子牙刷利用了超声波可以传递能量，故B正确；C．声音是由物体的振动产生的，超声波是由物体振动产生的，故C错误；D．超声波的频率高于20000Hz，频率太高，即音调太高，其不在人耳的听觉范围之内，所以听不到超声波，故D错误。故选B。4．如图是测量大气压强的装置，玻璃管长约1m，槽内装有水银，下列说法正确的是（）A．此装置是一个连通器B．玻璃管倾斜放置，管内的水银面高度差减小C．玻璃管竖直放置时水银液面高度差一定是760mmD．将此装置从山脚移到山顶，管内外水银液面高度差减小【答案】D【详解】A．因玻璃管的上端是封闭的，所以此装置不是连通器，故A错误；B．如果玻璃管倾斜了，由于大气压是不变的，支持的水银柱高度也是不变的，故管中水银柱长度会增大，使高度保持不变，故B错误；C．玻璃管竖直放置时水银液面高度差是大气压强，因大气压是变化的，测量值不一定为760mm汞柱高，故C错误；D．位置较高的地方大气压较低，玻璃管中水银柱的高度就会下降，将此装置从山脚移到山顶，管内外汞液面高度差减小，故D正确。故选D。5．中华文化源远流长，下列诗词涉及光学知识，对其解释正确的是（）A．“起舞弄清影”，影子是由于光的反射而成实像B．“明镜可鉴形”，明镜成像是因为光发生了折射C．“潭清疑水浅”，潭水看起来浅是因为光发生了反射D．“瀑水喷成虹”，彩虹是光的色散现象【答案】D【详解】A．“起舞弄清影”，实像是由实际光线会聚形成的像，影子是物体挡住光线，在物体后形成的暗影区，是光沿直线传播形成的，故A错误；B．“明镜可鉴形”，明镜成像是属于平面镜成。像是光的反射形成的虚像，故B错误；C．“潭清疑水浅”是因为光从水中斜射入空气中时发生了折射现象，故C错误；D．“瀑水喷成虹”，彩虹是太阳光经过水滴的折射形成的，是光的色散现象，故D正确。故选D。6．如图所示，灯L1比L2亮，下列描述错误的是（）A．L1的电阻比L2的电阻大B．L1两端的电压比L2两端的电压大C．通过L1的电流比L2的电流大D．L1的实际功率比L2的实际功率大【答案】C【详解】C．由电路图可知，灯L1与L2串联，由于串联电路的电流处处相等，故通过L1的电流与L2的电流相等，故C错误，符合题意；D．灯L1比L2亮，则灯L1的实际功率比L2的大，故D正确，不符合题意；A．根据公式可得，电流相等，且L1较亮，则L1的电阻较大，故A正确，不符合题意；B．根据得，电流相等，L1的电阻较大，则L1两端的电压较大，故B正确，不符合题意。故选C。7．如图所示是探究凸透镜成像规律的实验装置，下列实验操作和相关的分析中不合理的是（）A．实验时，观察到光屏上像的位置偏高，则可向下调节凸透镜来使像成在光屏中央B．该凸透镜的焦距f满足条件f＜7.5cmC．取下光屏，人眼在原光屏处的右侧通过透镜可以看到倒立放大的实像D．保持蜡烛和光屏不动，只移动凸透镜，还可以在光屏上找到倒立缩小的实像【答案】B【详解】A．光屏上像的位置偏高，为了使像仍成在光屏的中央，应将烛焰相对于凸透镜向上运动，即向下调节凸透镜，故A正确，不符合题意；B．由图可知，物距小于像距，成倒立、放大的实像，此时物距为物距与焦距关系为2f＞15cm＞f——①像距为v＝80cm﹣50cm＝30cm像距与焦距关系为——②由①②得7.5cm＜f＜15cm故B错误，符合题意C．烛焰通过凸透镜成成倒立、放大的实像，所以取下光屏后，人眼在原光屏处的右侧通过透镜依然可以看到倒立放大的实像，故C正确，不符合题意；D．根据光路是可逆的，若蜡烛和光屏位置不变，将凸透镜向右移动适当距离，当物距等于原来像距时，仍可在光屏上得到清晰的像，此时像距小于物距，成倒立、缩小的实像，故D正确，不符合题意。故选B。第II卷（非选择题）请点击修改第II卷的文字说明二、填空题(本大题共7小题，每空1分，共21分)8．甲、乙、丙、丁四辆小车在同一平直公路上运动，它们运动的图象如图所示，由图象可知：运动速度相同的小车是_____和_____；速度最快的小车是_____。【答案】

甲；

丙；

乙。【分析】本题考查s-t图象和v-t图象，速度公式的应用。【详解】[1][2][3]由s-t图象可知，甲物体作直线运动，丁一直处于静止状态。甲的路程s=20m/s时，所用的时间t=5s，那么甲的速度，由v-t图象可知，乙的速度是6m/s，丙的速度是4m/s，所以速度相同的是小车是甲和丙，乙的速度最快。9．如图所示，用10N的握力握住重5N的瓶子，此时瓶子受到的摩擦力大小为___________N，增大手对瓶子的握力，瓶子受到的静摩擦力将___________（选填“增大”“减小”或“不变”），若突然摩擦力消失，手是否还______（选填“能”或“不能”）握住瓶子。【答案】

5

不变

不能【详解】[1]瓶子处于静止状态，属于平衡状态，在竖直方向上静摩擦力与重力是一对平衡力，所以静摩擦力等于瓶子的重力，等于5N。[2]增大手对瓶子的握力，瓶子仍然静止，则瓶子受到的静摩擦力仍然等于瓶子的重力，即静摩擦力大小不变。[3]若摩擦力消失，瓶子在竖直方向上只受重力，瓶子向下运动，所以手不能握住瓶子。10．如图甲所示有些跑车为了提高“抓地力”会在车尾安装了一种“气流偏导器”，其外形应该选用图乙中的___________（填“A”或“B”），气流对偏导器产生___________（填“向上”或“向下”）的压强差，因而有压力差，使车与地面之间的摩擦力___________（填“变大”“变小”或“不变”）。【答案】

B

向下

变大【详解】[1][2][3]为了提高“抓地力”，增加轿车对地面的压力，产生一个向下的压强差，所以“气流偏导器”的上表面应平直，底部呈弧形凸起，这样当跑车高速行驶时，偏导器上方的空流速小、压强大，下方的空气流速大、压强小，产生一个向下的压强差，其外形应选用图乙中的B；因为向下的压力增大，接触面积不变的情况下，车与地面的摩擦力将变大。11．如图是小军设计的短跑比赛“抢跑判断器”。运动员蹲在起跑器上后，工作人员闭合开关S1，S2，发令指示灯亮，运动员抢跑后，R0所受压力变小，电阻变小，电磁铁的磁性______（填“增强”或“减弱”），将______吸下，抢跑指示灯______（填“L1”或“L2”）亮，判定运动员抢跑。【答案】

增强

衔铁

L2【详解】[1][2][3]由图知，工作人员闭合开关S1，S2，左侧电路接通，但压敏电阻阻值较大，根据欧姆定律可知电路中电流很小，通过电磁铁的磁性很弱，不会将衔铁吸下来，右侧电路发令指示灯L1接通，运动员抢跑后，R0所受压力变小，阻值变小，电路中的电流变大，则通过电磁铁的电流变大，电磁铁磁性增强，将上方的衔铁吸下，此时，发令指示灯L1熄灭，抢跑指示灯L2接通，故L2亮，可判定运动员抢跑。12．排水量是4000t的轮船在河中航行，船及所装货物共重______N，如果河水的密度是1.0×103kg/m3，则船排开水的体积是______m3，当船从河里开到海里时，它排开水的体积______（填“变大”、“不变”、“变小”）（g＝10N/kg）。【答案】

4×107

4000

变小【详解】[1]根据阿基米德原理得轮船所受浮力为F浮＝G排＝m排g＝4000×1000kg×10N/kg＝4×107N因为轮船漂浮在水上，所以船及所装货物的重力为G＝F浮＝4×107N[2]根据可得船排开水的体积为[3]若船从河里到海里，因始终漂浮，则浮力等于重力，故浮力保持不变，但海水密度大，根据公式F浮＝ρ液gV排可知，排开水的体积变小。13．如图是搬运泥土的独轮车，独轮车属于___________杠杆（选填“省力”或“费力”）。设车箱和泥土的总重，运泥土时从A点提起独轮车把手的力是F，F的力臂是___________m，小新用竖直向上的___________N的力才能把独轮车抬起。【答案】

省力

1.6

300【详解】[1]独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。[2][3]由图可知动力作用在点时，支点在轮轴处，因此轮轴处到作用线的距离即F的力臂是l1=1.6m，重力的力臂l2=0.4m，由杠杆平衡条件得，竖直向上的力F为14．小明用两只灯泡做实验，灯甲标有“6V6W”，灯乙标有“3V6W”，把它们串联在同一电路中保证其中一个灯泡正常工作，则电路两端允许的最高电压是_________V；两灯消耗的总功率为_________W：把它们并联在同一电路中保证其中一个灯泡正常工作，则电路干路中允许经过的最大的电流是_________A。（不考虑温度对灯丝电阻的影响）。【答案】

7.5

7.5

2.5【详解】[1][2]两个灯泡的电阻两个灯泡正常发光通过的电流因串联电路中各处的电流相等，所以两只电阻串联时，电路中的最大电流I=I甲=1A因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以根据欧姆定律可得，两端允许加的最大电压U=I(R甲+R乙)=1A×(6Ω+1.5Ω)=7.5V两灯消耗的总功率为P=UI=7.5V×1A=7.5W[3]若把它们并联起来，并联电路中各个支路的电压相等，为保护电路，电源电压最大为U并=U乙=3V电路干路中允许经过的最大的电流三、作图题(本大题共3小题，共7分)15．按题目要求完成作图：（1）如图，在图中画出使杠杆OA平衡时最小动力F1的方向和阻力F2的力臂l2______；（2）如图，插座的一部分已正确接入家庭电路，请将其他部分也正确接入家庭电路______；（3）利用图中给出的信息，在图中标出电源正极，并用箭头标出磁感线的方向______。【答案】

【详解】（1）[1]杠杆的支点为O，从支点向阻力F2的作用线作垂线段l2，即为阻力F2的力臂，因阻力和阻力臂一定，根据杠杆的平衡条件，当动力臂l1最大时，动力F1最小，为使OA为动力臂，故过A点作杠杆的垂线，因动力促使杠杆转动，因此最小的动力F1方向斜向上，如下图所示：（2）[2]插座的一部分已正确接入家庭电路，因三孔插座的连接为“左接零线，右接火线，上接地线”，故最上面的为火线，中间的线为零线；将三孔插座左边的孔与零线相连；开关要控制火线，故开关与火线连接，灯泡的螺旋套要与零线相连，如下图所示：（3）[3]根据上图知，通电螺线管的左端为N极，根据安培定则可知，电源右端为电源的正极；在通电螺线管外部，磁感线是从N极出发回到S极的，据此标出磁感线的方向，如下图所示：四、实验题(本大题共3小题，第16题6分，第17题7分，第18题6分，共19分)16．小琳同学在电学学习中遇到下列现象，请你和她一起分析；（1）如图甲所示，电表的量程是______，分度值为______；（2）某次实验中，闭合开关，她发现电流表出现如图乙所示现象，其中存在的问题可能是______；（3）在做实验时，她不慎将电压表和电流表的位置接错，接成了如图丙所示电路。此时若闭合开关，其后果是：电流表______烧坏，电压表______烧坏（均填“会”或“不会”）；（4）她观察小灯泡结构后，利用一节干电池、一个小灯泡和一根导线就点亮了该灯泡。图丁中能够发光的是图______所示电路中的小灯泡，在点亮前，她还连接过另外两个图所示的电路，其中发生短路的是图______所示的电路。（均填“A”“B”或“C”）。【答案】

0~500V

10V

电流表的量程选择过大

会

不会

A

C【详解】（1）[1][2]根据图甲可知，表盘上标有V，说明该电表是电压表，其量程为0~500V，因1个大格（表示100V）又分为10个小格，所以分度值为10V。（2）[3]某次实验中，闭合开关，她发现电流表出现如图乙所示现象，此时指针正向偏转的角度较小，这说明电流表的量程选择过大。（3）[4][5]由图知，电压表与灯泡串联，再与电流表并联，而电流表相当于一根导线，将电源的正负极直接连接在一起，会造成电源短路，此时没有电流通过电压表和灯泡，故电压表不会烧坏，灯泡不发光；而通过电流表的电流过大，所以电流表会被烧坏。（4）[6][7]干电池的碳棒是它的正极，锌筒是它的负极，灯泡的螺旋套和中间的焊接点与灯丝相连；图A中从电池正极流出的电流能经过灯丝，沿导线回到负极，形成通路，灯泡能发光；图B中螺旋套和中间的焊接点都接在电源正极上，不能形成通路，灯泡不能发光；图C中电流没有经过灯泡的灯丝，而是从正极沿导线直接流回负极，形成短路，灯泡也不能发光。所以丁中能够发光的是图A所示电路中的小灯泡，在点亮前，她还连接过另外两个图所示的电路，其中发生短路的是图C所示的电路。17．如图所示，是“探究平面镜成像的特点”实验。(1)平面镜成像原理：_______(2)在玻璃板前面放置棋子A，再拿另一支完全相同的棋子B，在玻璃板后面移动，直到棋子B跟棋子A的像重合，这样做的目的是不仅可以确定________，还可以比较_________。若用光屏代替棋子B，在玻璃板后面直接观察光屏，将________(选填“能”或“不能”)观察到棋子A的像，说明所成的是_______像(选填“虚"或“实”)。(3)若将棋子B在薄玻璃板后的纸上来回移动时，发现无论怎样都无法让它与棋子A的像完全重合。出现这种情况的原因可能是：______________。(写一条即可)(4)在“探究像与物到镜面距离的关系”实验环节中，图乙是经过三次实验后，在白纸上记录的像与物对应点的位置。则下一步应该怎样利用和处理这张“白纸”上的信息？_____________【答案】

光的反射

像的位置

像与物的大小

不能

虚

镜面没有与桌面垂直

分别连接AA’、BB’、CC’，观察比较连线与镜面的关系【详解】(1)[1]平面镜成像原理是光的反射，描述了光线进入平面镜后由于光的反射而形成与实物相同的虚像的一种原理。(2)[2][3]平面镜成像中，物与像关于平面镜对称，且物像的大小相等；在玻璃板前面放置棋子A，再拿另一支完全相同的棋子B，在玻璃板后面移动，直到棋子B跟棋子A的像重合，这样做的目的是不仅可以确定像的位置，还可以比较像与物的大小。[4][5]由于平面镜成的是虚像，若用光屏代替棋子B，在玻璃板后面直接观察光屏，将不能观察到棋子A的像。(3)[6]由于平面镜成像中物与像关于平面镜对称，若将棋子B在薄玻璃板后的纸上来回移动时，发现无论怎样都无法让它与棋子A的像完全重合，出现这种情况的原因可能是镜面没有与桌面垂直。(4)[7]在“探究像与物到镜面距离的关系”实验环节中，图乙是经过三次实验后，在白纸上记录的像与物对应点的位置，应分别连接AA’、BB’、CC’，观察比较连线与镜面的关系。18．图甲所示是“测量小灯泡的电功率”的电路图，图乙是实物连接图。其中电源是两节新干电池，小灯泡的额定电压为2.5V，滑动变阻器上标有“10Ω1A”。（1）图乙是小明同学连接的电路实物图，其中有一根导线连接错误，请把接错的这根导线找出来打上“×”，再用笔画线把它改到正确的位置上；()（2）小明同学连接好电路后，闭合开关时发现灯光特别亮，这表明他在闭合开关前没有_______；（3）当滑片P应向____移动（填左或右）时，测出的小灯泡电功率会变大；只有当电压表示数为_____时，测出的小灯泡电功率才是额定功率。（4）在完成以上实验后，小明进一步测量并描绘出小灯泡的电流随电压变化的曲线如图丁所示，通过图像发现灯丝的电阻是变化的，这一现象表明：____________；（5）有一位同学匆忙连接好电路后，闭合开关，在移动滑动变阻器滑片P的过程中发现：灯泡变亮时电压表示数变小；灯泡变暗时电压表示数变大。经检查所用器材完好，只是连接电路时出错了，这个错误可能是___________。【答案】

把变阻器阻值调到最大

左

2.5V

电阻受温度的影响

电压表测变阻器两端电压【详解】(1)[1]由图可知，电压表与滑动变阻器和灯泡并联，测量总电压，电压表应与灯泡并联，如图所示；(2)[2]闭合开关时发现灯光特别亮，原因是滑片P没有置于滑动变阻器的阻值最大处；(3)[3]为使电功率增大，需增大灯两端的电压，就要减少滑动变阻器两端的电压，减少连入电阻，要向左端移动滑片。[5]小灯泡的额定电压是2.5V，只有当电压表示数为2.5V时，测出的小灯泡电功率才是额定功率。(4)[6]由图丁曲线可知，随灯泡电压U增大，通过灯泡的电流I也增大，但不成正比；说明灯泡电阻是变化的，这是因为随灯泡电流的增大，灯泡实际功率变大，灯丝温度变化引起的，所以灯丝电阻受温度影响，随温度的变化而变化。(5)[7]在移动滑片时，灯泡逐渐变亮(灯两端的电压增大)，而电压表的示数变小，说明电压表不是接在小灯泡的两端，而是电压表与滑动变阻器并联了。五、计算题(本大题共2小题，第19题7分，第20题6分，共13分)19．如图所示，工人用240N的拉力拉绳使水中的小船匀速靠岸，用10min将绳子自由端拉移60m，已知小船总重1.8×104N，小船行进中受到的阻力是它所受重力的0.01倍。求：(1)工人拉绳时做功的功率；(2)此装置的机械效率。【答案】(1)24W；(2)75%【分析】(1)两个滑轮都是定滑轮，由工人的拉力和绳子拉下的距离求出工人做功，再利用功率公式求出工人的功率。(2)克服阻力做的功为有用功，工人做功为总功，由机械效率的公式求出η。【详解】(1)由题知：F人=240N，s=60m，t=10min，工人做功工人拉绳时做功的功率(2)小船行进中受到的阻力克服阻力做功此装置的机械效率答：(1)工人拉绳时做功的功率是24W；(2)此装置的机械效率为75%。20．如图所示是某洗衣机的技术参数，其设有加热功能，洗涤前先将水加热到适宜温度，可以提高洗涤效果．××滚筒式洗衣机电压/V220洗衣功率/W200脱水功率/W330最大洗涤容量/kg5水加热功率/W2000（1)求脱水时的正常工作电流；（2)某次洗衣时，进水后，正常加热15min水温达到设定要求，接着洗涤共用了30min，脱水用了6min，求全过程消耗的电能.【答案】（1）1.5A（1）2.2788×106J.【详解】（1）洗衣机的脱水P1=330W,工作电压U=220V,脱水时的正常工作电流I===1.5A；（2）洗衣机的加热P2=2000W,加热时间t2=15min=900s,加热消耗的电能W2=P2t2=2000W×900s=1.8×106J；洗衣机的洗涤P3=200W,洗涤t3=30min=1800s,洗涤消耗的W3=P3t3=200W×1800s=3.6×105J；洗衣机的脱水t1=6min=360s,脱水消耗的W1=P1t1=330W×360s=1.188×105J；全过程消耗的电能W=W1+W2+W3=1.188×105J+1.8×106J+3.6×105J=2.2788×106J，七、综合题(本大题共3小题，第21题7分，第22题6分，第25题6分，共19分)21．为探究浮力大小与哪些因素有关，小高设计了如图所示实验，请依据实验回答：（1）①比较b、c两图可知，物体浸在水中的体积越大，受到的浮力_____；②比较图_____和图d可知，物体所受浮力的大小与液体的密度有关；③由下图的实验数据可知，盐水的密度为_____kg/m3；（2）小高又利用形状规则且透明的水槽、细线、刻度尺、一个边长为10cm不吸水的正方体物块和足量的水等器材测出了鹅卵石的密度，其测量方法如下：（g取10N/kg）A．如图甲所示，小华将物块放入水平桌面上的水槽中，静止时用刻度尺测出物块露出水面的度为6cm；B．如图乙所示，将鹅卵石放在物块上，静止时用刻度尺测出物块露出水面的高度为2.4cm；C．如图丙所示，用细线将鹅卵石系在物块下方，然后放入水中，静止时用刻度尺测出物块露出水面的高度为3.6cm；①甲图中物块下表面受到的水的压强p=_____；②鹅卵石的质量m=_____g；③鹅卵石的体积V=_____cm3；④鹅卵石的密度ρ=_____kg/m3。【答案】

越大

e

400Pa

360

120

【详解】（1）①[1]比较b、c两图可知，c中物体浸在水中的体积大，而测力计示数小，由称重法测浮力，c中物体受到的浮力大，故物体浸在水中的体积越大，受到的浮力越大。②[2]研究物体所受浮力的大小与液体的密度有关，要控制排开液体的体积相同，密度不同，故比较图e和图d可知，物体所受浮力的大小与液体的密度有关。③[3]根据称重法测浮力，由a、d可知，物体浸没在水中受到的浮力F浮1=G-F1=8N-6N=2N由a、e知，物体浸没在盐水中受到的浮力F浮2=G-F1=8N-5.6N=2.4N根据阿基米德原理得F浮=ρ液gV排=ρ液gV物物体的体积因物体的体积不变，故有盐水的密度为（2）①[4]甲图中物块下表面的深度h1=10cm-6cm=4cm下表面受到水的压强②[5]如图甲，木块漂浮在水面上，根据漂浮的特点及阿基米德原理G木=F浮=ρ水gV排=ρ水gSh1①如图乙，鹅卵石放在木块上，木块还是漂浮在水面上，同理有G鹅卵石+G木=F'浮=ρ水gV'排=ρ水gSh2而h2=10cm-2.4cm=7.6cmG鹅卵石+G木=ρ水gSh2②②-①得，鹅卵石的重力G鹅卵石=ρ水gS（h2-h1）鹅卵石的质量③[6]如图丙，鹅卵石吊在木块的下端，鹅卵石和木块漂浮在水面上h3=10cm-3.6cm=6.4cmG鹅卵石+G木=F'浮=ρ水gV'排=ρ水g（Sh3+V鹅卵石）③由②③可得ρ水gSh2=ρ水g（Sh3+V鹅卵石）所以鹅卵石的体积为④[7]鹅卵石的密度22．风光互补路灯系统是我国很多高速公路都有安装的“自给”型电力系统，该系统同时安装了风力发电机和太阳能电池板，有风时通过风力发电机发电，有太阳时通过太阳能电池板发电，并将电能储存至蓄电池中，路灯采用LED灯照明。下表为某型号风光互补路灯系统的部分技术参数，其中光电转化效率是指太阳能电池板将光能转化为电能的效率，蓄电池容量是指蓄电池放电时电流与放电总时间的乘积，最大输出功率是指风速达到最大限制风速时风力发电机的输出功率。太阳能电池板风力发电机普通蓄电池LED灯电池板面积0.5m2最大限制风速12m/s额定电压12V额定电压24V光电转化效率20%最大输出功率400W电池容量150Ah额定功率60W（1）风力发电机利用风力发电时将___________能转化为电能，原理是___________；（2）当太阳光照射到电池板表面处的功率为1200W/m2时，太阳能电池板的输出电功率为___________W；（3）已知风力发电机的输出功率P与风速v的三次方成正比（风速在规定范围内），当风速为6m/s时，风力发电机的输出功率为___________W；从物理学的角度说出这种“风光互补路灯”的优点有___________。（答出一点即可）【答案】

机械

电磁感应现象

120

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环保【详解】（1）[1][2]风力发电机中线圈切割磁感线产生电能，所以风力发电机的工作原理是电磁感应现象，该过程中，将机械能转化为电能。（2）[3]太阳能电池板的输出功率（3）[4]风力发电机的输出功率P与风速v的三次方成正比（风速在规定范围内），即P风=kv3当vm=12m/s时，功率Pm=400W，可得当v=6m/s时，风力发电的输出功率[5]这种风光互补路灯利用太阳能和风能发电，节约资源，环保，且易安装。23．请阅读《英雄机长》并回答题。英雄机长2018年5月14日，四川航空重庆飞拉萨的3U8633航班的驾驶座上，刘传健机长向往常一样做好起飞前的一切准备。机上坐着119名来自全国各地的乘客和9名机组人员，一切都没有任何异常。飞机起飞，随着飞机飞行高度逐渐升高，飞机外的大气压逐渐降低，飞机内的气压也随之降低。航班起飞41分钟后，飞机正处于青藏高原的山区上方，高度为9800米，大气压约为，飞机内的气压约为。这时，密闭的驾驶舱内突然发出像爆米花一样的一声闷响，坐在左驾驶座的刘传健惊地发现，右座前风挡玻璃出现裂纹，刘传健立即把情况报告给地面并请求降落。报告后不到1秒，便又听到“砰”的一声巨响，玻璃碎裂，碎片散开，转头看到副驾驶徐瑞辰半个身子已经飞出窗外，好在安全带紧紧拉住徐瑞辰。随之飞机以超过800km/h的速度急速向下俯冲。一瞬间，飞机剧烈地抖动，驾驶舱门爆开，氧气罩掉落，-40℃的极寒飓风像一把钢鞭呼啸而来，抽打刘传健身体上的每个地方。没有及时拿到氧气罩的刘传健意识到，这个极端恶劣的环境，他随时都有可能在下一秒失能。凭借着多年坚持不懈的体能训练，凭借扎实的基本功和熟练的技术，超强的意志力支撑着他超越了极限，刘传健迅速用那只冻僵的左手紧握着金属操纵杆，努力操控着飞机，使飞机停止下降，迅速拉平，躲过撞山的危机后，机头上扬，再次飞向天空。-40℃的低温，负压、缺氧的状态，正常人最多忍受40秒，刘传健却穿着一件被飓风撕破的短袖衬衣，坚持了整整20多分钟，使