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文档简介

安徽省蒙城县一中2023-2024学年高考物理全真模拟密押卷考生须知:1.全卷分选择题和非选择题两部分,全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂;非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2.请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、在冰球游戏中,冰球以速度v0在水平冰面上向左运动,某同学在水平面上沿图示方向快速打击冰球,不计一切摩擦和阻力。下列图中的虚线能正确反映冰球被击打后可能的运动路径是()A. B.C. D.2、如图所示,在0≤x≤3a的区域内存在与xOy平面垂直的匀强磁场,磁感应强度大小为B。在t=0时刻,从原点O发射一束等速率的相同的带电粒子,速度方向与y轴正方向的夹角分布在0°~90°范围内。其中,沿y轴正方向发射的粒子在t=t0时刻刚好从磁场右边界上P(3a,a)点离开磁场,不计粒子重力,下列说法正确的是()A.粒子在磁场中做圆周运动的半径为3aB.粒子的发射速度大小为C.带电粒子的比荷为D.带电粒子在磁场中运动的最长时间为2t03、两行星和各有一颗卫星和,卫星的圆轨道接近各自的行星表面,如果两行星质量之比,两行星半径之比则两个卫星周期之比为()A. B. C. D.4、在“油膜法”估测分子大小的实验中,认为油酸分子在水面上形成的单分子层,这体现的物理思想方法是()A.等效替代法 B.控制变量法 C.理想模型法 D.累积法5、下列说法正确的是()A.一定量的理想气体,当气体体积增大时,气体一定对外界做功B.物体放出热量,其内能一定减少C.温度高的物体分子平均动能一定大,但内能不一定大,D.压缩气体需要用力,这是因为气体分子间存在斥力6、质量为m的小球套在竖直的光滑杆上,一根轻质弹簧一端固定于O点,另一端与小球相连,弹簧与杆在同一竖直平面内.让小球从A点开始释放,此时弹簧处于原长,当小球下降的最大竖直高度为h时到达B点,若全过程中弹簧始终处于弹性限度内,竖直杆与OB的夹角为30°,下列研究小球从A到B全过程的说法正确的是A.当弹簧与杆垂直时,小球速度最大B.小球的加速度为重力加速度的位置共有三个C.弹簧的弹性势能先增大后减小D.弹簧的弹性势能增加量大于mgh二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,在某一峡谷的两侧存在与水平面成相同角度的山坡,某人站在左侧山坡上的P点向对面的山坡上水平抛出三个质量不等的石块,分别落在A、B、C三处,不计空气阻力,A、C两处在同一水平面上,则下列说法正确的是()A.落到A、B、C三处的石块落地速度方向相同B.落到A、B两处的石块落地速度方向相同C.落到B、C两处的石块落地速度大小可能相同D.落到C处的石块在空中运动的时间最长8、如图所示,正三角形的三个顶点、、处,各有一条垂直于纸面的长直导线。、处导线的电流大小相等,方向垂直纸面向外,处导线电流是、处导线电流的2倍,方向垂直纸面向里。已知长直导线在其周围某点产生磁场的磁感应强度与电流成正比、与该点到导线的距离成反比。关于、处导线所受的安培力,下列表述正确的是()A.方向相反 B.方向夹角为60°C.大小的比值为 D.大小的比值为29、真空区域有宽度为d、磁感应强度为B的匀强磁场,磁场方向如图所示,MN、PQ是磁场的边界.比荷为k的带负电粒子,沿着与MN夹角θ=60°的方向射入磁场中,刚好没能从PQ边界射出磁场.下列说法正确的是()A.粒子的速率大小是B.粒了在磁场中运动的时间是C.仅减小粒了的入射速率,在磁场中的运动时间将增大D.仅增人粒子的入射速率,在磁场中的运动时间将减小10、如图所示,左端接有阻值为R的足够长的平行光滑导轨CE、DF的间距为L,导轨固定在水平面上,且处在磁感应强度为B、竖直向下的匀强磁场中,一质量为m、电阻为r的金属棒ab垂直导轨放置在导轨上静止,导轨的电阻不计。某时刻给金属棒ab一个水平向右的瞬时冲量I,导体棒将向右运动,最后停下来,则此过程()A.金属棒做匀减速直线运动直至停止运动B.电阻R上产生的焦耳热为C.通过导体棒ab横截面的电荷量为D.导体棒ab运动的位移为三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)如图甲所示,一与电脑连接的拉力传感器固定在竖直墙壁上,通过细绳拉住一放在长木板上的小铁块,细绳水平伸直,初始时拉力传感器示数为零。现要测量小铁块与长木板之间的动摩擦因数,用一较大的水平拉力拉住长木板右端的挂钩,把长木板从小铁块下面拉出,在电脑上得到如图乙所示的数据图像,已知当地重力加速度g=9.8m/s2。(1)测得小铁块的质量m=0.50kg,则小铁块与长木板间的动摩擦因数μ=_____________。(结果保留三位有效数字)(2)以不同的速度把长木板拉出,随着速度的增加,小铁块受到的摩擦力_____________。(填“越来越大”“越来越小”或“不变”)(3)若固定长木板,去掉小铁块上的细绳,用一水平推力推小铁块,则至少需要___________N的推力才能推动小铁块。12.(12分)某同学查阅电动车使用说明书知道自家电动车的电源是铅蓄电池,他通过以下操作测量该电池的电动势和内电阻.(1)先用多用电表粗测电池的电动势.把多用电表的选择开关拨到直流电压50V挡,将两表笔与电池两极接触,电表的指针位置如图甲所示,读数为________V.(2)再用图乙所示装置进行精确测量.多用电表的选择开关拨向合适的直流电流挡,与黑表笔连接的应是电池的________极.闭合开关,改变电阻箱的阻值R,得到不同的电流值I,根据实验数据作出图象如图丙所示.已知图中直线的斜率为k,纵轴截距为b,电流档的内阻为rA,则此电池的电动势E=________,内阻r=________(结果用字母k、b、rA表示).(3)多用表直流电流档的内阻对电动势的测量值大小________(选填“有”或“无”)影响.四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示,让小球从图中的A位置静止摆下,摆到最低点B处摆线刚好被拉断,小球在B处恰好未与地面接触,小球进入粗糙的水平面后向右运动到C处进入一竖直放置的光滑圆弧轨道。已知摆线长,,小球质量,B点C点的水平距离,小球与水平面间动摩擦因数,g取。(1)求摆线所能承受的最大拉力为多大;(2)要使小球不脱离圆弧轨道,求圆弧轨道半径R的取值范围。14.(16分)如图甲所示,水平足够长的平行金属导轨MN、PQ间距L=0.3m。导轨电阻忽略不计,其间连接有阻值R=0.8Ω的固定电阻。开始时,导轨上固定着一质量m=0.01kg、电阻r=0.4Ω的金属杆cd,整个装置处于磁感应强度B=0.5T的匀强磁场中,磁场方向垂直导轨平面向下。现用一平行金属导轨平面的外力F沿水平方向拉金属杆cd,使之由静止开始运动。电压采集器可将其两端的电压U即时采集并输入电脑,获得的电压U随时间t变化的关系如图乙所示。求:(1)在t=4s时通过金属杆的感应电流的大小和方向;(2)4s内金属杆cd位移的大小;(3)4s末拉力F的瞬时功率。15.(12分)如图所示,一个圆筒形导热汽缸开口向上竖直放置,内有活塞,其横截面积为S=1×10-4m2,质量为m=1kg,活塞上放有一个质量M=2kg的物块,活塞与汽缸之间无摩擦且不漏气,其内密封有一定质量的理想气体,气柱高度h=0.2m。已知大气压强p0=1.0×105Pa,重力加速度g=10m/s2。(1)如果拿掉活塞上的物块,气柱高度将变为原来的多少倍;(2)如果缓慢降低环境温度,使活塞恢复到原高度,此过程中气体放出热量5J,求气体内能的增量ΔU。

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

因为不计一切摩擦和阻力,冰球受打击之后做匀速直线运动;冰球在受到打击时,沿打击的方向会获得一个分速度,所以合速度的方向一定在初速度方向与打击的方向之间,不能沿打击的方向,由以上的分析可知,A正确,BCD都错误。故选A。2、D【解析】

A.沿y轴正方向发射的粒子在磁场中运动的轨迹如图所示:设粒子运动的轨迹半径为r,根据几何关系有可得粒子在磁场中做圆周运动的半径选项A错误;B.根据几何关系可得所以圆弧OP的长度所以粒子的发射速度大小选项B错误;C.根据洛伦兹力提供向心力有结合粒子速度以及半径可得带电粒子的荷质比选项C错误;D.当粒子轨迹恰好与磁场右边界相切时,粒子在磁场中运动的时间最长,画出粒子轨迹过程图如图所示:粒子与磁场边界相切于M点,从E点射出。设从P点射出的粒子转过的圆心角为,时间为,从E点射出的粒子转过的圆心角为,故带电粒子在磁场中运动的最长时间为,选项D正确。故选D。3、A【解析】

卫星做圆周运动时,万有引力提供圆周运动的向心力,有得所以两卫星运行周期之比为故A正确、BCD错误。

故选A。4、C【解析】

考查实验“用油膜法估测分子大小”。【详解】在油膜法估测分子大小的实验中,让一定体积的纯油酸滴在水面上形成单分子油膜,将油酸分子看做球形,认为油酸分子是一个紧挨一个的,估算出油膜面积,从而求出分子直径,这里用到的方法是:理想模型法。C正确,ABD错误。故选C。5、C【解析】

A.一定量的理想气体,当气体由于自由扩散而体积增大时,气体对外界不做功,故A错误;B.物体放出热量,若同时外界对物体做功,物体的内能不一定减少,故B错误;C.内能取决于物体的温度、体积和物质的量,温度高的物体内能不一定大,但分子平均动能一定大,故C正确;D.气体之间分子距离很大,分子力近似为零,用力才能压缩气体是由于气体内部压强产生的阻力造成的,并非由于分子之间的斥力造成,故D错误。故选C。6、B【解析】小球A运动过程如右图所示:当小球滑至C点时,弹簧与杆垂直,水平方向弹簧弹力与杆的弹力平衡,小球在竖直方向受重力,则小球的加速度为重力加速度,小球仍向下加速,此时速度不是最大,当合力为零时速度最大,而合力为零的位置应在弹簧与杆垂直位置的下方,故A错误.在图中A、D两位置,弹簧处于原长,小球只受重力,即小球加速度为重力加速度的位置有A、C、D三个,故B正确;弹簧的形变量先增大后减小再增大,其弹性势能先增大后减小再增大,故C错误;小球与弹簧组成的系统只有重力和弹力做功,所以系统的机械能守恒.根据系统机械能守恒定律可知,小球从A到B全过程中增加的弹性势能应等于减少的重力势能mgh,故D错误.所以B正确,ACD错误.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BC【解析】试题分析:平抛运动在水平方向上做匀速直线运动,在竖直方向上做自由落体运动,根据高度比较运动的时间,结合水平位移和时间比较初速度.知道速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍.解:A、因为速度方向与水平方向的夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍,A、B两点的位移方向相同,与落在C点的位移方向不同,所以A、B两点的速度方向相同,与C点的速度方向不同,故A错误,B正确.C、落在B点的石块竖直分速度比C点竖直分速度大,但是B点的水平分速度比C点水平分速度小,根据平行四边形定则可知,两点的速度大小可能相同,故C正确.D、高度决定平抛运动的时间,可知落在B点的石块运动时间最长.故D错误.故选BC.点评:解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律,知道速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍.8、AD【解析】

AB.结合题意,应用安培定则分析、处磁场,应用平行四边形定则合成、处磁场,应用左手定则判断、处安培力,如图所示,结合几何关系知、处导线所受安培力方向均在平行纸面方向,方向相反,故A正确,B错误;CD.设导线长度为,导线在处的磁感应强度大小为,结合几何关系知处磁感应强度有合导线受安培力为安合处磁感应强度有导线受安培力为联立解得大小的比值为故C错误,D正确;故选AD。9、AD【解析】

AB.粒子刚好没能从边界射出磁场时,其运动轨迹刚好与相切,如图设带电粒子圆周运动的轨迹半径为,由几何关系有:解得:根据牛顿第二定律得:解得:运动时间为:故A正确,B错误;C.减小粒了的入射速率,粒子的周期不变,半径变小,粒子仍然从左边界出磁场,圆心角不变,则运动时间不变,故C错误;D.增人粒子的入射速率,粒子从磁场的右边界出磁场,粒子运动轨迹所对应的圆心角减小,则运动时间变小,故D正确.10、CD【解析】

A.导体棒获得向右的瞬时初速度后切割磁感线,回路中出现感应电流,导体棒ab受到向左的安培力向右减速运动,由可知导体棒速度减小,加速度减小,所以导体棒做的是加速度越来越小的减速运动,A项错误;B.导体棒减少的动能根据能量守恒定理可得又根据串并联电路知识可得故B项错误;C.根据动量定理可得,,可得C项正确;D.由于将代入等式,可得导体棒移动的位移D项正确。故选CD。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、0.204不变1.20【解析】

(1)[1].由题图乙可知,小铁块所受滑动摩擦力,由解得小铁块与长木板之间的动摩擦因数μ=0.204.(2)[2].由于摩擦力与小铁块运动的速度无关,所以随着速度的增加,小铁块受到的摩擦力不变。(3)[3].由题图乙可知,小铁块所受的最大静摩擦力所以至少需要1.20N的推力才能推动小铁块。12、12.0;负无【解析】

(1)[1].电压档量程为50V,则最小分度为1V,则指针对应的读数为12.0V;

(2)[2].作为电流表使用时,应保证电流由红表笔流进,黑表笔流出,故黑表笔连接的是电池的负极;

[3][4].由闭合电路欧姆定律可得:变形可得:则由图可知:则可解得:(3)[5].由于多用表存在内电阻,所以由闭合电路欧姆定律得:E=IR+I(RA+r)变形为:由图象可知斜率和不考虑多用表的内电阻时相同,所以多用表的内电阻对电源电动势的测量结果无影响。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)20N;(2)或【解析】

(1)小球从A到B的过程,由动能定理得:解得:在B点,由牛顿第二定律得:解得:(2)B到

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