2024年内蒙古赤峰市巴林左旗林东三中中考物理质检试卷（3月份）（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页2024年内蒙古赤峰市巴林左旗林东三中中考物理质检试卷（3月份）一、选择题（本大题共15小题，共30分）1.电磁感应现象是物理学史上重大的发现之一，发现这一现象的物理学家是(

)A.沈括 B.法拉第 C.王充 D.奥斯特2.下列数据中，符合生活实际的是(

)A.三中办公室老师用的台式计算机功率约200W

B.长1米、横截面积1cm2的铜导线，电阻约百分之几欧

C.家用空调的电流约1A

D.3.下面所述的情况和装置中，不属于利用静电现象的是(

)A.油罐车尾部常拖有一条铁链 B.以煤为燃料的热电站使用的静电除尘设备

C.汽车静电喷漆设备 D.印刷厂的静电复印机4.关于家庭电路及安全用电，下列说法中正确的是(

)A.只有大功率用电器才需使用三孔插座

B.控制用电器的开关应该连接在零线和用电器之间

C.电能表是测量电功率的仪表

D.使用试电笔辨别火线与零线时，手指千万不能碰到笔尖金属体5.“北斗”导航系统主要是利用如下哪种通信方式进行定位和导航的(

)A.微波通信 B.卫星通信 C.光纤通信 D.网络通信6.小轿车上都装有一个用来提醒司机是否关好车门的指示灯。四个车门中只要有一个门没关好(相当于一个开关断开)，该指示灯就会发光。如图所示的模拟电路图符合要求的是(

)A. B. C. D.7.如图所示，是巨磁电阻特性原理的示意图，其中GMR是一个巨磁电阻，其阻值随磁场的增强而急剧减小。闭合开关S1、S2，下列说法正确的是(

)A.电磁铁的右端为N极

B.当滑片P向右滑动时，电磁铁磁性增强

C.当滑片P向左滑动时，巨磁电阻的阻值增大

D.当滑片P向左滑动时，指示灯变亮8.如图所示，一种环保型手电筒，筒内有一个能滑动的圆柱形永磁铁，外圈套着一个线圈。只要将手电筒沿图中箭头方向来回摇动，手电筒的小灯就能发光。下列与此手电筒工作原理相同的是(

)A.电动机

B.固定电话话筒

C.动圈式话筒

D.扬声器9.如图所示是小明自制的简易电动机示意图矩形线圈由一根漆包线绕制而成，漆包线的两端分别从线圈的一组对边的中间位置引出，并作为线圈的转轴将线圈架在两个金属支架之间，线圈平面位于竖直面内永磁铁置于线圈下方，为了使电池与两金属支架连接后线圈能连续转动起来，他应将(

)A.左侧的绝缘漆都刮掉，右侧的绝缘漆刮掉一半

B.左、右转轴上的绝缘漆都刮掉

C.左转轴上侧的绝缘漆刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉

D.仅将一个转轴上的绝缘漆全部刮掉10.在城市繁忙的十字路口，当红绿灯发生故障时，交通部门会运来如图所示的可移动式红绿灯临时指挥交通，保证车辆及行人的安全。下列有关说法中正确的是(

)A.红、绿灯是发光二极管，主要制造材料为超导体

B.太阳能电池板工作时将电能转化为太阳能

C.白天，蓄电池储能过程中，蓄电池相当于电路中的电源

D.红灯与绿灯交替发光，它们连接方式为并联

11.很多家庭卧室用的可调亮度的台灯，旋钮(电位器)就是变阻器，其外形及结构如图所示。关于它的使用，下列说法正确的是(

)A.电位器是通过改变接入电路中电阻丝的温度来改变阻值大小的

B.将A和B接入电路，无法改变通过电位器的电流

C.将A和C接入电路时，当滑片顺时针旋动时，电位器接入电路的电阻变小

D.将B和C接入电路时，当滑片顺时针旋动时，电位器接入电路的电阻变小12.2021年4月29日，中国空间站“天和核心舱”发射升空。核心舱电推进系统中的霍尔推力器腔体，采用了氮化硼陶瓷基复合材料，该材料具备耐热耐蚀性、低密度、高强度、易加工、绝缘性能好等优点。关于该材料的应用，下列说法不正确的是(

)A.该材料可以用来制作发电机线圈内芯 B.该材料可减轻卫星的质量，降低发射成本

C.该材料可用于制作宇宙飞船的外壳 D.该材料可用于制造飞机的零部件13.2022年3月，王亚平在中国空间站进行第二次太空授课，下列有关说法不正确的是(

)A.王亚平与地面课堂进行互动交流是通过电磁波传递信息

B.空间站的信息传递到地球上的速度为3×105km/s

C.王亚平是在微重力环境下授课的14.下列说法正确的是(

)A.地磁场的N极在地理北极附近

B.电炉子是利用电流的磁效应工作的

C.磁感线客观上并不存在，利用磁感线描述磁场是物理学的一种重要研究方法

D.自由转动的指南针静止时N极指南15.如图所示，已知电源电压恒定不变，闭合开关S，将滑片P由图示位置向下滑动的过程中，下列说法正确的是(

)A.电流表A1的示数变小

B.灯泡L的亮度变暗

C.电流表A1、A2的示数之差变大

D.电压表V二、非选择题（共70分）16.如图，这是某电梯的自动控制电路，R是一个安装在电梯上的压敏电阻，可以实现电梯在无人乘坐时运行速度变慢，从而节约用电。则压敏电阻的阻值随压力的增大而______，当所有人走出电梯后，电磁铁的磁性将______(选填“增强”“减弱”或“不变”)。17.小星学习电功率知识后，想利用电能表测量家中电热水壶工作时的实际功率。他仔细观察了家中的电能表，表盘参数如图所示，然后关闭家中其他用电器，只让电热水壶烧水，发现电热水壶工作1min，电能表转盘转过60转，则该电热水壶的实际功率为______W。

18.在如图所示的电路中，先闭合S0，再闭合S，电流表的示数将______。

19.国产某品牌手机配置“3.7V，4200mAℎ”大容量电池，采用“超级快充”技术，极大方便了人们的使用。

(1)电池充满电后，储存的电能为______J。

(2)现有两个充电器，甲标注“输出5V，1A”，另一个乙标注“输出5V，4.5A”，其中______(选填“甲”或者“乙”)是快速充电器。20.如图为四旋翼无人机，工人师傅利用它为核电站巡检。核电站是利用核能发电，核燃料在反应堆内通过核______(选填“裂变”或“聚变”)的方式释放能量的；无人机利用电能来工作，电能属于______(选填“一次”或“二次”)能源。

21.闭合开关S后，在通电螺线管和条形磁铁的共同作用下，小磁针静止在图示位置。请在图中标出小磁针的N极和A点的磁感线方向。

22.如图所示，两灯泡的额定电压均为220V。当开关闭合后，两灯都正常发光，且插座不受开关控制，请将电路连接完整。

23.用如图甲所示的电路可以测量一个未知电阻的阻值，其中Rx为待测电阻，R为电阻箱(符号为

)，S为单刀双掷开关，R0为定值电阻。某同学用该电路进行实验，主要步骤有：

A.把开关S接b点，调节电阻箱，使电流表的示数I

B.读出电阻箱的示数R

C.把开关S接a点，读出电流表的示数为I

D.根据电路图，连接实物，将电阻箱的阻值调至最大

(1)上述步骤的合理顺序是______(只需填写序号)；

(2)步骤A中电阻箱调节好后示数如图乙所示，则Rx的示数为______Ω；

(3)本实验采用的物理思想方法可称为______(选填“控制变量法”、“转换法”、“类比法”或“等效替代法”)。24.小明要进行“探究电流与电阻关系”的实验，实验室备有下列器材：电源一个(电压保持9V不变)，两个滑动变阻器(规格分别为“30Ω，1A”、“15Ω，2A”)，电流表、电压表各一个，10Ω、20Ω、30Ω、40Ω的定值电阻各一个。

(1)图甲为小明连接的电路，电路连接存在一处错误，请在错误的导线上打上“×”并画出正确的连接；

(2)改正错误后，连接好电路，闭合开关S，发现电流表指针几乎没有偏转，电压表指针迅速偏转到满偏刻度外。出现这一现象的原因可能是______(假设电路只有一处故障)；

A.定值电阻R0短路

B.定值电阻R0断路

C.滑动变阻器R断路

D.滑动变阻器R短路

(3)排除故障后，将10Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片到适当位置，电压表的示数如图乙所示，此时电压表的示数为______V；

(4)实验中，小明发现无论怎样调节滑动变阻器，都无法使定值电阻R0两端的电压达到1V或1V以下。其原因可能是______。

A.定值电阻R0的阻值太小

B.电源电压太低

C.滑动变阻器R最大阻值太小

D.滑动变阻器R最大阻值太大

(5)解决上述问题后，接着用20Ω的定值电阻替换10Ω的定值电阻后，再闭合开关，移动滑片使滑动变阻器接入电路的阻值______(选填“变大”或“变小”)，他这样操作的目的是______；

(6)接下来小明要将定值电阻依次更换为30Ω和40Ω进行实验，为使实验更顺利，滑动变阻器最大阻值不小于______Ω25.我市风能资源丰富，现各地陆续安装了风力发电机。风力发电机的原理是利用自然风吹动发电机风叶转动，带动内部发电机组发电。某兴趣小组提出了一个问题：风力发电机的发电功率大小可能与哪些因素有关？他们针对这个问题提出如下猜想：

猜想一：风力发电机的发电功率大小可能与风速大小有关

猜想二：风力发电机的发电功率大小可能与风叶长度有关

猜想三：风力发电机的发电功率大小可能与风叶个数有关

猜想四：……

针对以上猜想一和猜想二，该兴趣小组设计了实验方案，准备了以下主要实验器材：小型风力发电机(含形状相同长度分别为10cm、15cm、20cm的风叶共三组)、电吹风、电压表、导线若干。

实验过程中，先将电压表连接在小型发电机输出电路两端，电压表示数可反映发电机的发电情况。用电吹风吹出的风模拟自然风，正对发电机风叶吹风，进行多次实验，实验数据记录如下：实验序号风叶长度/cm电吹风档位风叶个数电压表示数/v110弱30.5210中30.8310强31.2415中31.3520中31.8根据以上实验回答下列问题：

(1)本实验是通过______来反映发电机发电功率大小的；

(2)比较实验序号为______(填上表中实验序号)三次实验所得数据，可验证猜想______(选填“一”或“二”)，结论是：其他条件都相同时，风速越大，风力发电机的发电功率越大。

(3)比较实验序号为2、4、5三次实验所得数据，可验证猜想______(选填“一”或“二”)，结论是：______。26.阅读材料，回答问题

空气除湿器巴林左旗的夏天阴雨天气，房间空气湿度大，需要除湿。如图甲所示为自动除湿器。除湿器内部的电路结构由控制电路和工作电路两部分组成，简化后的电路图如图乙所示。控制电路中的电源电压U1=12V，调控电阻R0的阻值范围为0～1000Ω，R为装在除湿器内的湿敏电阻，其阻值随相对湿度φ(空气中含有水蒸气的百分比，单位为：%RH)变化的图像如图乙所示，L为磁控开关，当湿敏电阻R的阻值发生变化时，控制电路中线圈的电流随之发生变化，当电流大于或等于20mA时，L的两个由磁性材料制成的弹片具有了磁性并相互吸合，工作电路的压缩机(电动机)开始带动系统进行除湿。工作电路两端电压U2=220V，Rg为保护电阻，磁控开关L的线圈电阻不计。问：

(1)当S接通时，可判断出图乙中线圈上端P的磁极是______极；

(2)磁性弹片可能是下列哪些材料组成______；

A.钴、锌

B.铁、铝

C.钴、镍

D.铁、铜

(3)开关S闭合后，磁控开关L的两个弹片在一定条件下相互吸合，关于磁控开关不涉及的知识是哪个______；

A.磁化

B.电流的磁效应

C.通电导体在磁场中受力的作用

D.磁极间相互作用

(4)由图丙可知，湿敏电阻R的阻值随着相对湿度的增加而______；在磁控开关L闭合条件不变的情况下，若要早点开始除湿，则应将控制电阻R0______(两空均选：变大/变小)；

(5)因实验室内有较敏感的器件，要求相对湿度控制在45%RH以内，则调控电阻R的阻值不能超过______Ω；

(6)下列与压缩机(电动机)的工作原理相同的是______。

A.电磁起重机

B.电铃

C.动圈式话筒27.如图所示电路中，电源两端电压保持不变，R1和R2为两个定值电阻，其中R2=20Ω。当开关S1、S2均闭合时，电流表示数为0.9A，然后只将开关S2断开，电流表示数减小了0.6A。求：

(1)电源电压U；

28.如图所示是物理办公室用电热壶的内部简化电路图，它通过温控开关S可自动实现加热、保温两个挡位的转换，保温挡的额定功率为400W，R1、R2是两个阻值不变的发热元件，R2=48.4Ω，求：

(1)R1的阻值。

(2)加热挡的额定功率。

(3)若电热壶内装有1kg的水，现用加热挡使水从25℃升高到75℃，水吸收的热量是多少？

(4)在(3)中加热时间为答案和解析1.【答案】B

【解析】解：A、沈括发现了地磁的两极和地理的两极不重合，存在一个角度叫磁偏角，故A不符合题意；

B、法拉第经十年的努力，在1831年发现了电磁感应现象，故B符合题意；

C、东汉时期的王充在《论衡》中记录了“顿牟掇芥”，意思是经过摩擦的玳瑁能够吸引干草一类的细小东西，即带电体具有吸引轻小物体的性质，故C不符合题意；

D、奥斯特通过实验发现了电流周围存在磁场，故D不符合题意。

故选：B。

根据我们对物理学家及其成就的掌握作答。

此题考查的是我们对物理学史的掌握，多了解科学家及其成就，可以提高我们学习物理的兴趣。2.【答案】A

【解析】解：A、台式计算机功率约200W，故A正确；

B、长1米、横截面积1mm2的铜导线，电阻约百分之几欧，故B错误；

C、家用空调的功率约为1000W，正常工作时的电流I=PU=1000W220V ≈5A，故C错误；

D、对人体的安全电压为不高于36V，故D错误。3.【答案】A

【解析】解：A、因为铁链具有良好的导电性，可以把运输过程中会由于振动、摩擦产生的静电导走，故A符合题意；

B、静电除尘时除尘器中的空气被电离，烟雾颗粒吸附电子而带负电，颗粒向电源正极运动，属于静电应用，故B不符合题意；

C、喷漆设备喷出的油漆微粒带正电，因相互排斥而散开，形成雾状，被喷涂的物体带负电，对雾状油漆产生引力，把油漆吸到表面，属于静电应用，故C不符合题意；

D、复印机复印文件资料，就是利用静电墨粉成在鼓上，属于静电的利用，故D不符合题意。

故选：A。

分析各现象的形成原因，然后判断各现象的成因是否与静电现象有关，然后答题。

本题考查是关于静电的防止与应用，要求同学们熟练掌握静电的防止与应用的具体实例。4.【答案】D

【解析】解：A、大功率用电器、带金属外壳的用电器必须使用三孔插座，故A错误。

B、控制用电器的开关必须连接在火线和用电器之间，故B错误。C、电能表是用来测量用电器消耗电能(电功)的仪表，故C错误。

D、使用试电笔时，不能用手接触测电笔前端的金属体，这样会造成人身触电事故，故D正确。

故选：D。

(1)大功率用电器、带金属外壳的用电器必须使用三孔插座。

(2)控制用电器的开关必须连接在火线和用电器之间。

(3)电能表是用来测量用电器消耗电能(电功)的仪表。

(4)使用试电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电，是十分危险的：使用试电笔时，不能用手接触试电笔前端的金属体，这样会造成人身触电事故。

本题考查了电能表的作用以及一些安全用电常识，属于基础题目。5.【答案】B

【解析】解：北斗导航系统是利用卫星进行定位和导航的，故B符合题意，ACD不符合题意。

故选：B。

卫星通信是利用卫星作为电磁波的中继站。

本题考查的是卫星通信，属于基础性题目。6.【答案】B

【解析】解：开关没闭合灯就亮，显然开关与灯是并联的，且四个开关中任意一个未闭合指示灯会发光，故四个开关要串联；

在A中，四个开关串联，但只有开关全部闭合，灯泡才会发光，故A不合题意；

在B中，四个开关串联，开关全部闭合时，灯泡被短路，不发光，只要一个开关断开，灯泡就发光，故B符合题意；

在C中，四个门中对应的一个开关在干路中，因此其它三个开关串联后与灯泡并联，因此当四个门都关好时会形成电源短路，故C不合题意；

在D中，其中一个门对应的开关与灯泡串联，另外三个开关串联，串联后两路并联连接，当串联的三个开关对应的门关好后，会形成电源短路，故D不合题意。

故选：B。

四个车门中任意一个车门(相当于开关)未关好，该指示灯会发光，说明只要一个开关断开，灯泡就发光，所有开关闭合，灯泡不发光。对各选项逐一分析。

本题考查电路图的设计，关键是能根据题目所给信息设计出合理的电路图，这是本题的重点也是难点，最容易出错的地方是任意一个开关断开时灯泡都发光，和我们平时接触到的开关闭合，灯泡发光正好相反。7.【答案】D

【解析】解：

A、利用安培定则判断电磁铁的左端为N极、右端为S极，故A错误。

B、当滑片P向右滑动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变大，根据欧姆定律可知，左侧电路中的电流变小，电磁铁的磁性减弱，故B错误。

CD、当滑片P向左滑动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电磁铁的磁性增强，GMR的阻值变小，指示灯所在电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，通过指示灯的电流变大，灯泡变亮，故C错误、D正确。

故选：D。

(1)利用安培定则判断电磁铁的磁极；

(2)由滑动变阻器滑片的移动得知电路中电流的变化情况，通过电路中电流的变化结合电磁铁磁性强弱的决定因素可以确定电磁铁磁性强弱的变化；

(3)(4)当滑片P向左滑动时，根据欧姆定律判定电路中电流的变化和电磁铁磁性强弱的变化，进而知道巨磁电阻的阻值的变化，根据欧姆定律判定通过灯泡电流的变化和灯泡亮度的变化。

在控制电路中，滑片的移动是分析的入手点；在工作电路中，灯泡的亮度是确定电路中电流变化的一个隐含条件。8.【答案】BC

【解析】解：由手电筒的结构可知，线圈内有可来回运动的条形磁体，摇动手电筒时，线圈做切割磁感线运动产生感应电流，灯泡发光，其工作原理是电磁感应现象；

A、电动机是利用通电导体在磁场中受力的作用而运动的原理制成，是磁场对电流的作用，故A不合题意；

B、固定电话话筒是利用电磁感应现象制成的，与该手电筒工作原理相同，故B符合题意；

C、动圈式话筒是利用电磁感应现象制成的，与该手电筒工作原理相同，故C符合题意；

D、扬声器工作时，通电线圈会在磁场中受到力的作用，由于线圈中的电流是交变电流，它的方向不断变化，线圈就不断地来回振动，带动纸盆也来回振动，于是扬声器就发出了声音，故D不符合题意；

故选：BC。

环保型手电筒是利用电磁感应现象制成的，磁铁在线圈中来回运动，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光。

逐个分析下面四个选择项中各个设备的制成原理，将两者对应即可得到答案。

此题考查了对电磁感应原理、通电导体在磁场中受力、电流热效应等知识点的理解和掌握；明确手摇电筒的工作原理是解决此题的关键。9.【答案】A

【解析】解：A、当左侧的绝缘漆都刮掉，右侧的绝缘漆刮掉一半，通电后在一个半周内受到磁场的力的作用而转动，另一个半周没有电流通过，不受磁场力的作用，利用惯性转动，这样才能使线圈在磁场中持续转动下去，故A正确；

B、如果左、右转轴上的绝缘漆都刮掉，线圈每转过半圈，受力方向发生变化，会来回摆动，故B错误；

C、左转轴上侧的绝缘漆刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉，左右转轴不能同时接通电源，始终无法形成闭合回路，电路中无电流，不会转动，故C错误；

D、仅将一个转轴上的绝缘漆全部刮掉，另一端为绝缘体，电路中无电流，不会转动，故D错误。

故选：A。

该线圈之所以能转动，是据通电导线在磁场中受力的作用的原理来工作的，但是该线圈在转过平衡位置时，若不改变电流的方向，此时所受到的磁场力会阻碍线圈的转动，故为了使线圈持续转动，将线圈两端引线的漆皮一端全部刮掉，另一端只刮半周，这样在一个半周内受到磁场的力的作用，另一个半周利用惯性转动；而真正的直流电动机工作时，为了让线圈持续的转动下去，即是通过换向器在平衡位置及时的改变线圈中的电流的方向，即改变线圈所受力的反向，使线圈持续的转动下去。

本题考查了对磁场对电流的作用的掌握情况以及让线圈持续转动的方法，需要掌握相应实验的原理和规律。10.【答案】D

【解析】解：A.制造发光二极管的主要材料是半导体，其具有单向导电性，所以A错误；

B.太阳能电池板是通过吸收太阳光，将太阳辐射能通过光电效应或者光化学效应直接或间接转换成电能的装置，即其可以将太阳能转换为电能，所以B错误；

C.蓄电池储能过程中，会将电能转换为化学能，这是其相当于用电器，所以C错误；

D.红灯与绿灯可以单独工作，说明二者是并联的，所以D正确。

故选：D。

(1)制造发光二极管的主要材料是半导体，其具有单向导电性。

(2)太阳能电池板是通过吸收太阳光，将太阳辐射能通过光电效应或者光化学效应直接或间接转换成电能的装置，大部分太阳能电池板的主要材料为硅，硅属于半导体。

(3)蓄电池蓄电时将电能转化为化学能，对外供电时将化学能转化为电能。

(4)在串联电路中，用电器同时工作，同时关闭；在并联电路中，各用电器可以单独工作，与可以同时工作。

随着科技的发展，各种新材料、新事物层出不穷，所以现在出现了一些以科技发展前沿为背景的试题，这类试题的主要特点是起点高、落点低，只要我们能将其与已学知识联系起来就不难解答。11.【答案】D

【解析】解：A、电位器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变阻值大小的，故A错误；

B、把A和B接入电路，接入了左半段，当滑片顺时针旋动时，电位器接入电路电阻增大，电源电压不变，电流变小，故B错误；

C、只把A和C接入电路，电位器相当于定值电阻，移动滑片，不管是顺时针转动还是逆时针转动，电阻不变，电源电压不变，无法改变通过电位器的电流，故C错误；

D、只将B、C两点接入电路，接入了右半段，当滑片顺时针旋动时，电位器接入电路电阻变小，故D正确。

故选：D。

电位器是一个滑动变阻器，当把A、C接入电路时，相当于定值电阻，当把A、B接入电路时，接入了左半段，滑片顺时针转动时，连入电路的电阻增大，电流减小；当把C、B接入电路时，接入了右半段，滑片顺时针转动时，连入电路的电阻减小，电流增大。

电位器是一个变形的滑动变阻器，此滑动变阻器有三个接线柱，明确每选择其中的两个接线柱时，滑动变阻器连入电路的电阻。本题体现了物理和生活的密切关系。12.【答案】A

【解析】解：A、发电机的线圈需要是良好的导体，此材料绝缘性能好不能导电，不能做发电机线圈内芯，故A符合题意；

B、此材料低密度可减轻卫星的质量，降低发射成本，故B不符合题意；

C、因为此材料具有耐热耐蚀性和高强度，所以可用于制作宇宙飞船的外壳，故C不符合题意；

D、低密度目高强度的特点，很适合制造飞机的零部件，故D不符合题意。

故选：A。

根据氮化硼陶瓷基复合材料具备耐热耐蚀性、低密度、高强度、易加工、绝缘性能好的特点，逐项分析即可解答。

本题考查氮化硼陶瓷基复合材料的特点，认真阅读材料，明确氮化硼陶瓷基复合材料的物理属性就能正确答题。13.【答案】D

【解析】解：A、王亚平与地面课堂进行互动交流是通过电磁波传递信息，故A不符合题意；

B、空间站的信息传递到地球上的速度为3×108m/s，即3×105km/s，故B不符合题意；

C、空间站的空气很少，故王亚平是在微重力环境下授课的，故C不符合题意；

D、运载火箭用氢能源做燃料是利用氢的热值较大，相同质量时，放出较大热量，故D符合题意。

故选：D。14.【答案】C

【解析】解：A、地磁场的北极在地理南极附近，地磁场南极在地理北极附近，地磁场的两极与地理的两极相反，且与地球的两极并不完全重合，故A错误；

B、电炉子是利用电流的热效应工作，不是利用电流的磁效应，故B错误；

C、磁感线客观上并不存在，利用磁感线描述磁场是物理学的模型法，故C正确；

D、受地磁场的影响，可以在水平面自由转动的小磁针，静止时，根据N极所指的方向就是地球的北极，故D错误。

故选：C。

(1)地磁场的北极在地理南极附近，地磁场南极在地理北极附近；

(2)电炉子是利用电流的热效应工作；

(3)磁体周围存在的特殊物质叫磁场，磁场看不见，摸不着，我们通过它的基本性质来认识；

(4).受地磁场的影响，可以在水平面自由转动的小磁针，静止时，根据N极所指的方向判断地球的南北极。

本题考查了磁体、磁感线与磁场等知识，属于基础题。15.【答案】C

【解析】解：由图得，滑动变阻器与灯泡并联，电压表测量电源电压，电流表A2测量灯泡L电流，电流表A1测量干路电流，闭合开关S，将滑片P由图示位置向下滑动的过程中，滑动变阻器接入电路中的电阻变小。

A.电路中的总电阻变小，由欧姆定律得，电路总电流变大，即电流表A1的示数变大，故A错误；

B.并联电路中，各支路互不影响，灯泡L的亮暗不变，故B错误；

C.电流表A1示数变大、A2的示数示数不变，因此电流表A1、A2的示数之差变大，故C正确；

D.电压表V与电流表A2的示数均不变，它们比值不变，故D错误。

故选：C。16.【答案】减小

减弱

【解析】解：电梯在无人乘坐时压力减小，运行速度变慢，通过电动机的电流变小，根据欧姆定律可知，此时电路中的总电阻变大，这说明衔铁与触点1接触；此时的衔铁被弹簧拉起，说明电磁铁对衔铁的吸引力变小，电磁铁的磁性变小，通过电磁铁的电流变小，根据欧姆定律可知，控制电路中的总电阻变大，即R的阻值变大，所以压敏电阻的阻值随压力的增大而减小；

当所有人走出电梯后，压敏电阻受到的压力变小，电阻变大，根据欧姆定律可知，通过电磁铁的电流变小，电磁铁的磁性将减弱。

故答案为：减小；减弱。

当所有人走出电梯后，压力减小，电梯运行速度变慢，这说明电路中的电流是变小的，根据欧姆定律分析电路中总电阻的变化和压敏电阻的变化；电磁铁磁性的强弱与电流大小、磁性的强弱有关。

本题考查应用物理知识解决实际问题的能力，在本题中应认清电路的构造联系所学知识进行解答。17.【答案】1200

【解析】解：3000r/(kW⋅ℎ)表示电路中用电器每消耗1kW⋅ℎ的电能，电能表转盘转3000r，

电能表转盘转60r时，电水壶消耗的电能：

W=603000kW⋅ℎ=0.02kW⋅ℎ，

工作时间t=1min=160ℎ，

电水壶的实际功率：

P=Wt=0.02kW⋅ℎ18.【答案】变大

【解析】解：由电路图可知，只闭合开关S0时，电路为L1的简单电路，电流表测通过L1的电流；

闭合开关S、S0时，两灯泡并联，电流表测干路电流，

因并联电路中各支路独立工作、互不影响，而并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变大，即电流表的示数将变大。

故答案为：变大。

由电路图可知，只闭合开关S0时，电路为L1的简单电路，电流表测通过L119.【答案】55944

乙

【解析】解：(1)电池充满电储存的电能为：W=UIt=3.7V×4200×10−3A×1×3600s=55944J；

(2)两个充电器的充电功率分别为：

P1=U1I1=5V×1A=5W，

P2=U2I2=5V×4.5A=22.5W>P1，

20.【答案】裂变

二次

【解析】解：核电站是利用核能发电，核燃料在反应堆内通过核裂变的方式释放能量。无人机利用电能来工作，电能属于二次能源。

故答案为：裂变；二次。

(1)核能的利用包括裂变和聚变，核电站利用核裂变工作。

(2)无法从自然界直接获取，必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源；如电能。

知道核能利用的实例、区分一次能源和二次能源，可解答此题。21.【答案】解：在电源外部，电流是从电源的正极流出，经过外电路回到电源负极。根据安培定则，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，则大拇指指向右端即为螺线管的N极，由磁极间的相互作用可知，小磁针左端为S极，右端为N极，由磁极间的相互作用可知，条形磁铁左端为S极，右端为N极，在磁体外部，磁感线的方向是从N极指向S极。则条形磁铁磁感线的方向向左；如图所示：

【解析】利用电源的正负极，可以确定电流的方向，结合电流表的使用规则，可以确定电流表的正负接线柱。

根据安培定则可以确定螺线管的N、S极，结合螺线管的绕向，利用磁极间的相互作用可以确定小磁针和条形磁铁的N、S极。

在磁体外部，磁感线的方向是从N极指向S极。

安培定则中共涉及三个方向：①线圈绕向；②电流方向；③磁场方向。在对于安培定则的考查中，一般是告诉其中两个方向，求第三个方向。22.【答案】解：家庭电路电压为220V，两灯泡的额定电压均为220V，因两灯都能正常工作，则两灯应并联；开关S控制两灯，S接在干路上，根据安全用电原则，S要控制火线；

三孔插座不受开关S控制，按“左零右火上接地”的原则连入电路中，如下所示：

【解析】家庭电路电压为220V，根据灯的额定电压和并联电路电压的规律，确定两灯并联；开关与待测电路串联，为了安全，开关应控制火线；三孔插座按“左零右火上接地”的原则连入电路中。

本题考查了三孔插座、开关、灯泡的接法，注意家庭电路中的各用电器并联连接，开关接在火线与电灯之间。23.【答案】DCAB

60

等效替代法

【解析】解：(1)根据电路图，连接实物，将电阻箱的阻值调至最大；然后把开关S接a点，读出电流表的示数为I(此电流为Rx、R0共同作用的效果)；再把开关S接b点，调节电阻箱，使电流表的示数仍变为原来的数值I(此电流为R、R0共同作用的效果)；最后读出电阻箱的示数R，故顺序为：DCAB。

(2)根据图乙可知，电阻箱的示数为0×1000Ω+0×100Ω+6×10Ω+0×1Ω=60Ω；因为Rx和R0共同作用的效果与R、R0共同作用的效果相同，所以Rx+R0=R+R0，即Rx=R=60Ω。

(3)该同学的实验采用等数值测量法，是先测得接入待测电阻时的电流值，再接入电阻箱，使接入电阻箱时的电流值与接入待测电阻时的电流值相等。其本质是使用电阻箱替代待测电阻取得相等的电流值。因此，本实验所采用的物理思想方法可称为等效替代法。

故答案为：(1)DCAB；(2)60；(3)等效替代法。

替代法的测量思路是等效的思想，本题可以利用电流等效。即先把开关S接a点，读出电流表的示数为I(此电流为Rx、R0共同作用的效果)；然后再把开关S接b点，调节电阻箱，使电流表的示数仍变为原来的数值I(此电流为R、R0共同作用的效果)。既然24.【答案】B

6

C

变大

控制定值电阻两端电压不变

20

【解析】解：(1)原电路图中，电流表与定值电阻并联，电压表串联在电路中是错误的，在“探究电流与电阻关系”的实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端，如下图所示：

；

(2)改正错误后，连接好电路，闭合开关S，发现电流表指针几乎没有偏转，说明电路可能断路，电压表指针迅速偏转到满偏刻度外，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，假设电路只有一处故障，即出现这一现象的原因可能是定值电阻R0断路，故选：B；

(3)排除故障后，将10Ω的定值电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片到适当位置，电压表的示数如图乙所示，电压表选用大量程，分度值0.5V，其示数为6V；

(4)滑动变阻器与定值电阻串联，若电源电压一定，由串联电路特点知：①定值电阻越大，电压表示数越大；②滑动变阻器电压越大，定值电阻两端电压越小，电压表示数越小；现在无论如何调节滑动变阻器都不能使定值电阻两端电压达到1V或1V以下，可能是因定值电阻的阻值太大造成的，也可能是因为滑动变阻器分压太小造成的；也可能是电源电压太大造成的；故选：C；

(5)用20Ω的定值电阻替换10Ω的定值电阻后，所用定值电阻的阻值增大，根据分压原理，该电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制定值电阻两端电压不变，则需要将电阻两端的电压减小为原来的电压值，根据串联电路电压的规律，需要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理可知，应使滑动变阻器接入电路的阻值变大；

(6)实验中使用的定值电阻阻值最大为40Ω，定值电阻两端的电压始终保持UV=6V，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：U滑=U−UV=9V−6V=3V，滑动变阻器分得的电压为电压表示数的3V6V=0.5倍，根据分压原理，当接入40Ω电阻时，滑动变阻器连入电路中的电阻为：R滑=0.5×40Ω=20Ω，即所选择的滑动变阻器的最大阻值不能小于20Ω。

故答案为：(1)见解答图；(2)B；(3)6；(4)C；(5)变大；控制定值电阻两端电压不变；(6)20。

(1)根据电路连接和电表的使用分析回答；

(2)改正错误后，连接好电路，闭合开关S，发现电流表指针几乎没有偏转，说明电路可能断路，电压表指针迅速偏转到满偏刻度外，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；

(3)根据电压表选用量程确定分度值读数；

(4)滑动变阻器与定值电阻串联，若电源电压一定，由串联电路特点知：定值电阻越大，电压表示数越大，滑动变阻器电压越大，定值电阻两端电压越小，电压表示数越小；现在无论如何调节滑动变阻器都不能使定值电阻两端电压达到1V或1V25.【答案】电压表示数

1、2、3

一

二

其他条件都相同时，风叶长度越大，风力发电机的发电功率越大

【解析】解：(1)由“将电压表连接在小型发电机输出电路两端，电压表示数可反映发电机的发电情况”知，本实验是通过电压表示数的变化来反映发电机发电功率大小的：示数越大，发电功率越大；

(2)从实验结论可以看出，实验探究的是发电功率大小与风速的关系，所以要保持风叶长度和风叶个数相同，改变风速，因此选择的是实验序号的1、2、3；

(3)在2、4、5三次实验过程中，电吹风档位相同，也就是风速相同，风叶个数相同，但风叶长度不同，并且发现：风叶长度越大，电压表示数越大，说明发电功率与风叶长度有关。所以结论为：其他条件都相同时，风叶长度越大，风力发电机的发电功率越大。

故答案为：(1)电压表示数；

(2)1、2、3；一；

(3)二；其他条件都相同时，风叶长度越大，风力发电机的发电功率越大。

(1)阅读材料，从材料中找到反映发动机发电功率大小的方法；

(2)要研究发电机发电功率与风速的关系，需要保持风叶长度和个数相同，改变风速；

(3)明确实验序号2、4、5探究过程控制和改变的物理量，就能确定研究的问题和得出的初步结论。

此题是一道利用物理学研究方法解决实际问题的创新题，难度不大，正确运用控制变量法和转换法是解答此题的关键。26.【答案】N

C

C

变小

变小

500

D

【解析】解：(1)当S接通时，由安培定则可判断