2023年天津市部分学校物理高二年级上册期末达标检测试题含解析

2023年天津市部分学校物理高二上期末达标检测试题

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再

选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、下面关于各种电器应用的电磁学原理的说法中，错误的是()

A.电视机的显像管应用了磁场使电子束偏转的原理

B.变压器应用了电磁感应现象

C.微波炉是用电热棒加热食物的

D.电磁炉是利用电磁感应原理制成的

2、一列简谐横波沿x轴传播，某时刻的波形如图所示，质点6均处于平衡位置，质点a正向上运动.则下列说法

正确的是

A.波沿x轴负方向传播

B.该时刻质点6正向上运动

C.该时刻质点a、b的速度相同

D.质点“、匕的振动周期相同

3、“S路”曲线行驶是我国驾驶证考试中的一个项目。某次考试过程中，有两名学员分别坐在驾驶座和副驾驶座上,

并且始终与汽车保持相对静止，汽车在弯道上行驶时可视作圆周运动，行驶过程中未发生打滑。如图所示，当汽车在

水平“S路”图示位置处减速行驶时()

A.两名学员具有相同的线速度

B.两名学员具有相同的角速度

C.汽车受到的摩擦力与速度方向相反

D.在副驾驶上的学员受到汽车的作用力较大

4、四盏灯泡接成如图所示的电路，a、c灯泡的规格为“220V40W”，b、d灯泡的规格为“220V100W”，各个灯泡的实

际功率都没有超过它的额定功率，则这四盏灯泡实际消耗功率大小的顺序是

^.Pa>Pd>Pc>Pb

B.pa>pc>pd>pb

C.Pa>Pd>Pb>Pc

^.pc>pd>pa>pb

5、如图所示，闭合线圈正上方附近有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的N极朝下但未插入线圈内部.在磁铁向上运动

远离线圈的过程中()

A.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互吸引

B.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互排斥

C.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互吸引

D.线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互排斥

6、一个理想变压器，原、副线圈的匝数比为4：1,当这台变压器的原线圈接入电压为880V的交流电时，副线圈两端

的电压为

A.880VB.3520V

C.220VD.0

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示，有三个质量相等分别带正电、负电和不带电的小球，从P点以相同的初速度垂直电场方向进入匀强电场

E中，它们分别落到A、B、C三点，则可判断()

\''、'、、

+\+\+''、+

1'''I

CBA

A.三个小球到达正极板时的动能关系是：gu>EkB>EkC

B.三个小球在电场中运动的时间tA>tB>tc

C.三个小球在电场中运动的加速度关系是：ac>aB>aA

D.落到A点的小球带负电，落到B点的小球不带电

8、电子以初速度vo垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中，则（）

A.磁场对电子的洛伦兹力大小、方向恒定不变

B.磁场对电子的洛伦兹力始终不做功

C.电子的速度、加速度始终不变

D.电子的动能始终不变

9、如图电路中，电源电动势为E、内阻为r,&为定值电阻，电容器的电容为C.闭合开关S,增大可变电阻R的阻

值，电压表示数的变化量为AU,电流表示数的变化量为A/,贝！|：

—©-

R。/

®上一

一E|r---―/

A.变化过程中AU和A/的比值保持不变

B.电压表示数U和电流表示数/的比值不变

C.电阻岛两端电压减小，减小量为AU

D.电容器的带电荷量增大，增加量为CAU

10、如图所示，水平地面上方矩形区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，两个用相同材料、相同粗细的导线绕制的单

3

匝闭合正方形线圈1和2,其边长4=74,均在距磁场上边界〃高处由静止开始自由下落，最后落到地面.整个运

动过程中，线圈平面始终保持在竖直平面内且下边缘平行于磁场上边界，设线圈刚进入磁场时的加速度大小分别为

。2,落地时的速度大小分别为打、也，在全过程中产生的热量分别为。1、Q1,通过线圈横截面的电荷量分别为

01、42,不计空气阻力，则

■f

h

土________；

：XXXX;

：XXXX:

7777777777777777777^

A.q=%B.v1>v2

9

C.Q\〉Q2D.<7]=

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）在带电体A周围空间中的某一点尸，放入一个电荷量为q=+1.6xlOT°C的试探电荷，其受到带电体A的

静电力的大小为尸=8xl（）-8N，那么带电体A在P点产生的场强大小为o

12.（12分）小华和小明在“描绘小灯泡伏安特性曲线”的实验中，将实验数据记录在下表中：

电压UN0.000.200.400.701.001.301.702.102.50

电流〃A0.000.140.240.260.370.400.430.450.46

甲

（1）实验室有两种滑动变阻器供选择：

A.滑动变阻器（阻值范围0〜10Q、额定电流3A）

B.滑动变阻器（阻值范围0〜2000Q、额定电流1A）

实验中选择的滑动变阻器是.（填写字母序号）

（2）在图甲中用笔画线代替导线，将实验电路连接完整.

（3）开关闭合前，滑动变阻器的滑片应滑至________（选填“左”或“右”）端

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，水平放置的两块长直平行金属板。、分相距d=0.10m,a、间的电场强度为E=5.0X105N/C,b

板下方整个空间存在着磁感应强度大小为3=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为/n=4.8xl0-25kg,电荷

186

量为？=1.6xlOC的带正电的粒子（不计重力），从贴近a板的左端以vo=l.OxlOm/s的初速度水平射入匀强电场，刚好

从狭缝P处穿过6板而垂直进入匀强磁场，最后粒子回到6板的。处（图中未画出）.求P、。之间的距离L

xxxx^xxxx

14.（16分）ABC表示竖直放在电场强度为E=104v/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的5c部分是半径

为R的;圆环，轨道的水平部分与半圆环相切.A为水平轨道上的一点，而且小碎所，把一质量广。」kg,带电

量为q=+l（）TC的小球，放在A点由静止释放后，求：（g=10m/s2）

E

⑴小球到达C点的速度大小

（2）小球在C点时，轨道受到的压力大小

15.（12分）如图，两根间距为L=0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E=3V、内阻r=l。的电源，导轨平面与

水平面间的夹角0=37。.金属杆ab垂直导轨放置，质量m=0.2kg.导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不

计，整个装置处于竖直向上的匀强磁场中.当Ro=l。时，金属杆ab刚好处于静止状态，取g=10m/s2,41137。=0.6,

cos37°=0.8

（1）求磁感应强度B的大小；

（2）若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上，求金属杆的加速度

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】显像管应用了磁场使电子束偏转原理；变压器应用了电磁感应现象；微波炉是利用电磁波来加热食物中水,

从而受热；电磁炉是利用电磁感应原理制成的。

【详解】A.电视机的显像管应用了磁场使电子束偏转的原理，故A正确；

B.变压器应用了电磁感应现象，故B正确；

C.微波炉是利用电磁波来加热食物中水，从而受热，故C错误；

D.电磁炉是利用电磁感应原理制成的，故D正确；

本题选择错误的，故选C。

【点睛】考查生活中各种电器的工作原理，理解电磁感应现象的原理，注意微波炉的加热原理。

2、D

【解析】A.由于。点向上运动，因此波向x轴正方向传播，A错误；

B.波向右传播，此时质点b向下运动，B错误；

C.此时“、。两点速度大小相等，但方向相反，因此C错误；

D.质点心》两点的振动周期都等于波向前传播的周期，因此振动周期相等，D正确

3、B

【解析】AB.两名学员绕同一点做圆周运动，则他们的角速度相等，两名学员离圆心的距离不相等，据口=>”，所以

他们的线速度大小不相同，故A错误，B正确；

C.摩擦力的一部分分力提供汽车圆周运动所需向心力，摩擦力的另一部分分力与速度方向反向，所以摩擦力方向不

与速度方向相反，故C错误；

D.学员质量未知，无法比较他们的受到汽车的作用力大小，故D错误。

故选B。

4、C

2

【解析】根据公式/==U可得b、d的电阻小于a、c的电阻，a、d串联在干路，所以两灯泡的电流相等，故根据公

R

式。二尸氏可得与>舄，因为通过从c的电流之和等于d的电流，所以通过d的电流大于b的电流，b、c并联，电

压相同，由于b的电阻小于C的电阻，所以b的电流大小于C的电流，故根据公式尸=/2R可得巴>与，Ph>Pc,

综合可得与〉巴〉片〉e，c正确;

【点睛】已知用电器的额定功率、额定电压，求实际电压的功率时，要抓住电阻不变这一关键点，能结合串并联电路

的特点解题，难度适中

5、C

【解析】磁铁的N极朝下，穿过线圈的原磁场方向向下，磁铁向上运动远离线圈，磁通量减小，由楞次定律可知，感

应电流的磁场方向与原磁场方向相同，由右手螺旋定则可知，线圈中产生与图中箭头方向相反的感应电流，由楞次定

律中的“来拒去留”可知，磁铁远离线圈，所以磁铁和线圈相互吸引，故C正确

6、C

【解析】根据理想变压器原副线圈匝数比等于电压比得：*="，原副线圈的匝数比"1："2=4：1,原线圈接入880V

U2n2

交流电压，则副线圈的电压为：U2=&H=!X880V=220V,故ABD错误，C正确

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BC

【解析】由图可知上极板带负电，所以平行板间有竖直向上的电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，负电荷受到

向下的电场力.则不带电的小球做平抛运动，带负电的小球做类平抛运动，加速度比重力加速度大，带正电的小球做

加速度比重力加速度小的类平抛运动.由此根据平抛和类平抛运动规律求解

【详解】在平行金属板间不带电小球、带正电小球和带负电小球的受力如下图所示：

F

八

O+O-O

'，F

yyy

GGG

由图可知不带电小球做平抛运动：q=g；带正电小球做类平抛运动：%=£二£<8；带负电小球做类平抛运动：

m

所以落到A点的是带正电小球；落到B点的是不带电小球；落到C点的是带负电小球

A、根据动能定理，三小球到达下板时的动能等于这一过程中合外力对小球做的功.由受力图可知，带负电小球合力

最大为G+E,做功最多，动能最大；带正电小球合力最小为G-E,做功最少，动能最小.即：EkA<EkB<EkC,故

A错误；

B、根据题意，三小球在竖直方向都做初速度为0的匀加速直线运动，球到达下极板时，在竖直方向产生的位移方相等,

根据丝,得三小球运动时间，正电荷最长，不带电小球次之，带负电小球时间最短，故凌〉灰〉左，

2Va

B正确；

CD、根据运动轨迹，结合受力分析可以判断，落到A点的是带正电小球；落到B点的是不带电小球；落到C点的是带

负电小球，故%=%，aB=Clf%=%，因。3〉。1〉。2，故4〉既〉知，C正确，D错误；

故选BC

【点睛】确认不带电小球做平抛运动，带电小球做类平抛运动，分水平和竖直方向分析小球的运动，水平方向匀速直

线运动，竖直方向初速度为0的匀加速直线运动，由运动的合成与分解进行分析

8、BD

【解析】电子以初速度vo垂直进入磁感应强度为B的匀强磁场中，电子在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动，粒子受

到的洛伦兹力的大小：f=qvB,大小不变，但方向时刻改变，故A错误；

洛伦兹力的方向始终与速度的方向垂直，所以洛伦兹力只是改变了电子的运动方向，并没有改变速度的大小，磁场不

会对电子做功.故B正确.电子在磁场中做匀速圆周运动，速度的方向始终沿圆弧的切线方向，方向不断变化.同时

加速度的方向也在时刻改变，故C错误.电子在磁场中做匀速圆周运动，速度的大小不变，所以电子的动能就没有变

化.故D正确.故选BD

【点睛】带电粒子垂直于匀强磁场射入，此时粒子在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，洛伦

兹力只是改变带电粒子的运动方向，不改变粒子的速度大小，即洛伦兹力不会对带电粒子做功

9、AD

【解析】A.根据闭合电路欧姆定律可得。=石-/（小+厂），可以画出U-/图象，图象的斜率表示电源内阻与定值电

阻之和，所以丝=&+厂恒定不变.A正确

A/

B.由图可知氏=一，因为电阻R增大，所以电压表示。和电流表的示数/的比值变大.故B错误

C.闭合开关S,增大可变电阻R的阻值后，电流中的电流减小，由欧姆定律可得电阻凡两端的电压减小，R两端的电

压增大，而它们总的电压即路端电压增大，所以电阻凡两端的电压减小量小于AU.故C错误

D.R两端的电压增大量为AU,因为电容器与R并联，所以电容器两端电压增大量为AU,电容器的带电荷量增量为

AQ=CAU.故D正确

10、AC

【解析】线圈进入磁场之前，均做自由落体运动，因下落高度一致，可知两线圈会以同样的速度进入磁场，由法拉第

电磁感应定律可求出进入磁场边界时的感应电动势，从而表示出受到磁场的安培力.由电阻定律表示出两线圈的电阻,

结合牛顿第二定律表示出加速度，可分析出加速度与线圈的粗细无关，从而判断出两线圈进入时运动是同步的，直到

线圈2完全进入磁场后，线圈做匀加速运动，可得出落地速度的大小关系.由能量的转化与守恒可知，损失的机械能

（转化为了内能）与线圈的质量有关，从而判断出产生的热量大.由4=（分析电量的关系

【详解】A、线圈从同一高度下落，到达磁场边界时具有相同的速度v,切割磁感线产生感应电流，受到磁场的安培力

大小为：/=红2,由电阻定律有：R=pV，S为材料的电阻率，L为线圈的边长，S为导线的横截面积），线圈

RS

—PF

的质量为m=p0S>4L,（po为材料的密度）.当线圈的下边刚进入磁场时其加速度为«=」一=g—-，联立得加速度

mm

为：a=可知两线圈进入磁场时的加速度相同；故A正确.

16m

B、线圈1和2进入磁场的过程先同步运动，由于当线圈2刚好全部进入磁场中时，线圈1由于边长较长还没有全部进

入磁场，线圈2完全进入磁场后做加速度为g的匀加速运动，而线圈1仍先做加速度小于g的变加速运动，完全进入

磁场后再做加速度为g的匀加速运动，两线圈匀加速运动的位移相同，所以落地速度关系为内〈以；故B错误.

2

C、由能量守恒可得：Q=mg（H+h）-^mv,（〃是磁场区域的高度），因为皿>牝，vi<v2,所以可得

故C正确.

行心”2BI}BI}BLS〃/a

D、根据电量的定义式q=7•'，7=-,E=^-=—,联立可得"一二鼠——T—，厂"LT，则&=皆=3；

RA?MP飞了6L22

故D错误.

故选AC.

【点睛】本题要注意分析物体运动状态及能量变化关系，关键点在于分析线圈进入磁场的过程，由牛顿第二定律得

到加速度关系，分析物体的运动情况关系

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、500N/C

【解析】□].带电体A在P点产生的场强大小为

E上_8xlO^N_

=500N/C

q1.6xlOloC

12、①.A③.左

【解析】根据灯泡的电阻大小选择滑动变阻器；抓住灯泡电流、电压从零开始测起，滑动变阻器采用分压式，灯泡为

小电阻，电流表采用外接法

【详解】（1）由于灯泡的电阻大约在几欧左右，为了便于测量，滑动变阻器选择0-10Q的A即可

（2）由于灯泡的电压和电流从零开始测起，则滑动变阻器采用分压式接法；电流表采用外接法.实物连线图如图所示

甲

（3）为了保护测量电路，开关闭合前，滑动变阻器的滑片应滑至最左端

四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、8cm