高中物理人教版选修3-2测试题

高二物理测试卷（人教版选修3-2）1.一矩形线圈在匀强磁场中转动，产生的感应电动势e=220sin100πt(V)，则A.沟通电的频率是100πHzB.t=0时线圈垂直于中性面C.沟通电的周期是0.02sD.t=0.05s时，e有最大值2.右图表示一交变电流随时间而改变的图象，此沟通电流的有效值是A.5A B.5AC.A 3.B如图所示，某电子电路的输入端输入电流既有直流成分，又有沟通低频成分和沟通高频成分.若通过该电路只把沟通的低频成分输送到下一级，那么关于该电路中各器件的作用，下列说法中正确的有A.L在此的功能为通直流，阻沟通，叫高频扼流圈B.C1在此的功能为通沟通，隔直流，叫隔直电容C.C2在此的功能为通高频、阻低频，叫做高频旁路电容D.上述说法都不对4.B一志向变压器，原副线圈的匝数比n1：n2=1：2，电源电压u=220sinωt，原线圈电路中接人一熔断电流I0=1A的保险丝，副线圈中接人一可变电阻R，如图所示，为了使保险丝不致熔断，调整R时，其阻值最低不能小于A.440Ω B.440Ω，C.880Ω D.880Ω5．如图所示电路中，当滑动变阻器的滑片P从a端向b端滑动时，以下推断正确的是()A．电压表读数变大，通过灯L1的电流变大，灯L2变亮B．电压表读数变小，通过灯L1的电流变小，灯L2变亮C．电压表读数变大，通过灯L2的电流变小，灯L1变暗D．电压表读数变小，通过灯L2的电流变大，灯L1变暗6．如图所示电路中，电源内阻不计，三个小灯泡完全相同且外电路改变时每个灯泡两端的电压都不会超过其额定电压，起先时只有S1闭合，当S2也闭合后，下列说法正确的是()A．灯泡L1变亮B．灯泡L2变亮C．电容器C的带电量将增加D．闭合S2的瞬间流过电流表的电流方向自右向左7．如下图甲所示，以MN为界的两匀强磁场B1＝2B2，一带电＋q、质量m的粒子从O点垂直MN进入B1磁场，则经过多长时间它将向下通过O点(不计粒子重力) ()A．2πm/qB1 B．2πm/qB2C．2πm/(B1＋B2)q D．πm/(B1＋B2)q8.如图所示，回旋加速器D形盒的半径为R，用来加速质量为m，电量为q的质子，质子每次经过电场区时，都恰好在电压为U时并被加速，且电场可视为匀强电场，使质子由静止加速到能量为E后，由A孔射出。下列说法正确的是（）A．D形盒半径R、磁感应强度B不变，若加速电压U越高，质子的能量E将越大B．磁感应强度B不变，若加速电压U不变，D形盒半径R越大、质子的能量E将越大C．D形盒半径R、磁感应强度B不变，若加速电压U越高，质子的在加速器中的运动时间将越长D．D形盒半径R、磁感应强度B不变，若加速电压U越高，质子的在加速器中的运动时间将越短9、两根光滑的金属导轨，平行放置在倾角为θ斜角上，导轨的左端接有电阻R，导轨自身的电阻可忽视不计。斜面处在一匀强磁场中，磁场方向垂直于斜面对上。质量为m，电阻可不计的金属棒ab，在沿着斜面与棒垂直的恒力作用下沿导轨匀速上滑，并上升h高度，如图所示。在这过程中(）θFRθFRBab图12-1-15B、作用于金属捧上的各个力的合力所作的功等于mgh与电阻R上发出的焦耳热之和；C、金属棒克服安培力做的功等于电阻R上发出的焦耳热；D、恒力F与重力的合力所作的功等于电阻R上发出的焦耳热10．一个带电粒子以初速度v0垂直于电场方向向右射入匀强电场区域，穿出电场后接着又进入匀强磁场区域。设电场和磁场区域有明确的分界线，且分界线与电场强度方向平行，如图中的虚线所示。在图所示的几种状况中，可能出现的是vv0EBv0EBEBv0v0EB11．有一游标卡尺，主尺的最小分度是1mm，游标上有20个小的等分刻度。用它测量一小球的直径，如图1所示的读数是_________mm。如图2，用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，如图所示的读数是_________mm。00202530图212．如图7所示，将一个电流表G和另一个电阻连接可以改装成伏特表或安培表，则甲图对应的是表，要使它的量程加大，应使R1（填“增大”或“减小”）；乙图是表，要使它的量程加大，应使R2（填“增大”或“减小”）。13．某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A．被测干电池一节B．电流表：量程0～0.6A，内阻0.1ΩC．电流表：量程0～3A，内阻0.024ΩD．电压表：量程0～3V，内阻未知E．电压表：量程0～15V，内阻未知F．滑动变阻器：0～10Ω，2AG．滑动变阻器：0～100Ω，1AH．开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的试验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差．在现有器材的条件下，要尽可能精确地测量电池的电动势和内阻．(1)在上述器材中请选择适当的器材：________(填写选项前的字母)；(2)在图甲方框中画出相应的试验电路图；(3)依据试验中电流表和电压表的示数得到了如图乙所示的U－I图象，则在修正了试验系统误差后，干电池的电动势E＝________V，内电阻r＝________Ω.14．热敏电阻是传感电路中常用的电子元件．现用伏安法探讨热敏电阻在不同温度下的伏安特性曲线，要求伏安特性曲线尽可能完整．已知常温下待测热敏电阻的阻值为4～5Ω，热敏电阻和温度计插入带塞的保温杯中，杯内有肯定量的冷水，其他备用的仪表和器具有：A．电流表A1，量程0.6A，内阻约1ΩB．电流表A2，量程3A，内阻约2ΩC．电压表V1，量程15V，内阻约15kΩD．电压表V2、量程3V，内阻约5kΩE．滑动变阻器R1(0～100Ω)F．滑动变阻器R2(0～20Ω)G．电源E(3V，内阻可忽视)H．盛有热水的水杯(图中未画出)I．开关、导线若干(1)试验中应选用的电流表为________(填“A1”或“A2”)，应选用的电压表为________(填“V1”或“V2”)，应选用的滑动变阻器为________(填“R1(2)在方框中画出试验电路原理图，要求测量误差尽可能小．(3)依据电路原理图，在实物图上连线．15．某爱好小组在做“测定金属丝的电阻率”的试验中，通过粗测电阻丝的电阻约为5Ω，为了使测量结果尽量精确，从试验室找到以下供选择的器材：A．电池组(3V，内阻约1Ω)B．电流表A1(0～3A，内阻0.0125Ω)C．电流表A2(0～0.6A，内阻约0.125Ω)D．电压表V1(0～3V，内阻4kΩ)E．电压表V2(0～15V，内阻15kΩ)F．滑动变阻器R1(0～20Ω，允许最大电流1A)G．滑动变阻器R2(0～2000Ω，允许最大电流0.3A)H．开关、导线若干(1)试验时应从上述器材中选用________(填写仪器前字母代号)．(2)测电阻时，电流表、电压表、待测电阻Rx在组成测量电路时，应采纳电流表________接法，将设计的电路图画在下面方框内．(3)若用螺旋测微器测得金属丝的直径d的读数如下图，则读数为________mm.(4)若用L表示金属丝的长度，d表示直径，测得电阻为R，请写出计算金属丝电阻率的表达式ρ＝________.16．(16分)如图7－3－23所示，电源电动势E＝12V，内阻r＝1Ω，电阻R1＝3Ω，R2＝2Ω，R3＝5Ω，电容器的电容C1＝4μF，C2＝1μF，求C1、C2所带电荷量．17.10匝线圈在匀强磁场中匀速转动产生交变电动势e=10sin20πt(V).求：(1)t=0时，线圈内磁通量φ和磁通改变率；(2)线圈从中性面起先转动180°过程中，感应电动势的平均值和最大值之比。18.如区域存在匀强电场:V/m，方向垂直边界面竖直向上；EⅡ=V/宽度分别为d1=5.0m、d2=4.0m、d3=10m。一质量m=1.0×10-8kg、电荷量q=1.6×10-6C求：（1）粒子离开区域Ⅰ时的速度（2）粒子从区域Ⅱ进入区域Ⅲ时的速度方向与边界面的夹角（3）粒子在Ⅲ区域中运动的时间和离开Ⅲ区域时的速度方向与边界面的夹角19、如图10-3-24所示，两足够长平行光滑的金属导轨MN、PQ相距为L，导轨平面与水平面夹角α=30°，导轨电阻不计．磁感应强度为B的匀强磁场垂直导轨平面对上，长为L的金属棒ab垂直于MN、PQ放置在导轨上，且始终与导轨电接触良好，金属棒的质量为m、电阻为R．两金属导轨的上端连接右端电路，灯泡的电阻RL=4R，定值电阻R1=2R，电阻箱电阻调到使R2=12R，重力加速度为g，现将金属棒由静止释放，试求：（1）金属棒下滑的最大速度为多大？（2）当金属棒下滑距离为S0时速度恰达到最大，求金属棒由静止起先下滑2S0的过程中，整个电路产生的电热；（3）R2为何值时，其消耗的功率最大？消耗的最大功率为多少？MMPQBαaNαbR2R1SRL10-3-241.C.2.B3．BC4.C5.BD6.答案：AD解析：只S1闭合时，L1和L2串联，电容器两端的电压等于电源两端的电压，S2闭合后，L3和L2并联，再和L1串联，则L1两端的电压增大，故L1变亮，电容器两端的电压减小，故电容器放电，电量减小，电流表上的电流是电容器的放电电流，故方向从右向左．7.答案：B解析：因为r=mv/BqT=2πm/qB而B1=2B2所以r2=2r1T2=2T1.由图乙分析示意可知，从粒子垂直MN经O点向上进入B1磁场，到粒子垂直MN经O点向下进入B2磁场，所需最短时间为t=T1+T2/2=T2=2πm/qB2.8.BD9、答案：ACD。解析：由力的平衡知答案A对；由安培力做功的特点知金属棒克服安培力做的功等于电阻R上发出的焦耳热，则C对；由力的合成可知恒力F与重力的合力大小等于安培力的大小，因此D对。10.AD11．13.55;0.74012.安培；减小；伏特；增大13答案：(1)ABDFH(2)如图(3)1.50.914.解析：(1)由于电源电动势为3V，则电压表应选V2，常温下待测热敏电阻的阻值为4～5Ω，再加电流表内阻，由闭合电路欧姆定律可知电路中最大电流小于0.6A，故电流表应选A1；本试验探讨热敏电阻在不同温度下的伏安特性曲线，要求伏安特性曲线尽可能完整，故滑动变阻器应采纳分压接法，滑动变阻器应选R2.(2)设计电路图时，由于电流表内阻与热敏电阻阻值相差不大，故电流表采纳外接法，如图所示．答案：(1)A1V2R2(2)如图所示(3)如图所示15．解析：(1)由于电源电动势为3V，则电压表选D；由I＝eq\f(E,R＋r)可知电路中最大电流约为0.5A，则电流表选C；滑动变阻器采纳限流接法，故电阻不能太大，选F；本试验所选器材为ACDFH.(2)由于eq\f(RA,Rx)＞eq\f(Rx,RV)，故电流表采纳外接法；设计的电路如右图所示．(3)由图可以看出螺旋测微器固定刻度值为0.5mm，可动刻度为40×0.01mm，则读数为：0.900mm.(4)由R＝ρeq\f(L,S)及S＝πeq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(d,2)))2可解得：ρ＝eq\f(πRd2,4L).答案：(1)ACDFH(2)外见右图(3)0.900mm(4)eq\f(πRd2,4L)16.【解析】依据闭合电路欧姆定律，有I＝eq\f(E,R1＋R2＋r)＝eq\f(12,6)A＝2A，U1＝IR1＝6V，U2＝IR2＝4VUC1＝U2＝4V，UC2＝U1＋U2＝10V依据Q＝CUQ1＝C1UC1＝4×10－6×4C＝1.6×10－5CQ2＝C2UC2＝1×10－6×10C＝1.0×10－5C.【答案】1.6×10－5C1.0×10－5C17.解：(1)t=0时，电动势的瞬时值为零，即磁通量的改变率为零，=0，可见线圈在中性面位置，穿过线圈的磁通量为最大值φm.由Em=nφmω，得φm=Em／nω=10/(10×20π)(Wb)=2.25×10-2Wb(2)线圈从中性面起先转动180°过程中，感应电动势的平均值为：=n==4nBS／T∴=2：π18．（1）由动能定理得：mv12/2=qE1d1得：v1=4x103m/s2（2）粒子在区域II做类平抛运动。水平向右为y轴，竖直向上为x轴.设粒子进入区域III时速度与边界的夹角为θtanθ=vx/vyvx=v1vy=ata=qE2/mt=d2/v1把数值代入得：θ=300（3）粒子进入磁场时的速度v2=2v1粒子在磁场中运动的半径R=mv2/qB=10m=d3由于R=d3