重庆市某中学2022-2023学年高三年级下册高考适应性月考卷（十）模拟物理试题二（含答案）

重庆市某中学2022-2023学年高三下学期高考适应性月考

卷（十）模拟物理试题（2）

学校:姓名：班级：考号：

一、单选题

1.单板大跳台是一项紧张刺激项目。2022年北京冬奥会期间，一观众用手机连拍功能

拍摄运动员从起跳到落地的全过程，合成图如图所示。忽略空气阻力，且将运动员视为

质点。则运动员（）

A.在空中飞行过程是变加速曲线运动

B.在斜向上飞行到最高点的过程中，其动能全部转化为重力势能

C.运动员从起跳后到落地前，重力的瞬时功率先减小后增大

D.运动员在空中飞行过程中，动量的变化率在不断变化

2.如图为光电倍增管的原理图，管内由一个阴极K、一个阳极A和K、A间若干对倍

增电极构成。使用时在阴极K、各倍增电极和阳极A间加上电压，使阴极K、各倍增电

极到阳极A的电势依次升高。当满足一定条件的光照射阴极K时，就会有电子射出，

在加速电场作用下，电子以较大的动能撞击到第一个倍增电极上，电子能从这个倍增电

极上激发出更多电子，最后阳极A收集到的电子数比最初从阴极发射的电子数增加了

很多倍。下列说法正确的是（）

第一倍增极D1第三倍增极D3阳极A

B.保持入射光不变，增大各级间电压，阳极收集到的电子数可能增多

C.增大入射光的频率，阴极K发射出的所有光电子的初动能都会增大

D.保持入射光频率和各级间电压不变，增大入射光光强不影响阳极收集到的电子数

3.如图所示，竖直面内有矩形A8C£>,ND4C=30。，以。为圆心的圆为矩形的外接圆，

AC为竖直直径，空间存在范围足够大、方向由A指向B的匀强电场。将质量均为〃?的

小球P、Q以相同速率从A点抛出，小球P经过。点时的动能是小球在A点时动能的4

倍。已知小球P不带电，小球Q带正电，电荷量为g,重力加速度为g,该电场的电场

强度大小为螫。则小球Q经过B点时的动能是小球在A点时动能的（）

q

A.2倍B.4倍C.6倍D.8倍

4.0、尸、。为软绳上的三点，U0时刻手持。点由平衡位置开始在竖直方向做简谐运

动，至4时刻恰好完成两次全振动，此时绳上0。间形成的波形如图所示，下列四幅位

移-时间图像中能反映尸点在0乙时间内运动情况的是（）

定值电阻凡、网（阻值未知）两端电压分别为G、4，理想交流电压表V的示数为％,

%、&、L消耗的功率分别为<、P?、2。关于电路中电压及电功率的关系，下列说

法正确的是（）

试卷第2页，共10页

B.U=U、+Ub

D.6=8+2

6.如图所示，一电阻可忽略的U形光滑金属框Hcd置于水平绝缘平台上，ab、A足

够长，一根电阻为R的导体棒置于金属框上，用水平恒力厂向右拉动金属框，运动

过程中，装置始终处于竖直向下的匀强磁场中，与金属框保持良好接触，且与儿

边保持平行。则金属棒速度丫、加速度〃、两端电压UMN、回路中电流强度，•随时间/

变化的关系图像正确的是（）

xxxMxxxx

7.如图，滑块A、B的质量均为机，B带正电，电荷量为夕，A不带电，A套在固定

竖直直杆上，A、B通过转轴用长度为L的刚性轻杆连接，B放在水平面上并靠近竖直

杆，A、B均静止。现加上水平向右电场强度为E的匀强电场，B开始沿水平面向右运

动。不计一切摩擦，A、B视为质点，重力加速度为g,在A下滑的过程中，下列说法

正确的是（）

A.A、B组成的系统机械能守恒

B.A运动到最低点时，轻杆对A的拉力为零

C.A的机械能最小时，B的加速度大小为零

D.A运动到最低点时，滑块A速度大小为12gL+四生

Vm

二、多选题

8.如图所示，两细束不同颜色的平行光〃、6射向矩形玻璃砖（置于空气中）的下表面,

设玻璃砖足够长，发现玻璃砖的上表面只有一束光线射出，则下列说法中正确的是（

A.在玻璃砖中a光的传播速度大于b光的传播速度

B.若从同一介质射入真空，发生全反射时。光的临界角比人光的小

C.通过同一双缝于涉装置产生的干涉条纹间距＞原〃

D.发生光电效应时，同种金属对于。、人两束光，相应的遏止电压分别为Ua和Ub,

则

9.如图所示，水平光滑桌面上的不带电绝缘物体A,通过劲度系数为k的轻弹簧固定

在竖直挡板上。带正电的物体B（带电量为q）静止在倾角为夕=30。且足够长的传送带

上，传送带逆时针旋转，与B间的动摩擦因数为幺=4。物体A、B质量均为加、两者

之间用跨过定滑轮的绝缘轻绳连接。某时刻，突然在桌右侧区域施加一场强大小为学

5q

方向沿斜面向下的匀强电场。轻绳与A、B的接触面均平行，且不会断裂，弹簧一直在

弹性限度范围内。下列说法正确的是（）

试卷第4页，共10页

A.施加电场前，弹簧的伸长量为警

5k

3

B.施加电场瞬间，物体B沿传送带向下的加速度大小为记g

C.物体B从开始运动到第一次获得最大速度的过程中，系统电势能的减少量为

9m2g2

25k

D.物体B第一次获得的最大速度大小为2g由

5k

10.北京时间2022年12月4日20时09分，神舟十四号载人飞船返回舱在东风着陆场

成功着陆。返回舱在原轨道上做圆周运动时轨道半径为飞，后因无动力且受到极稀薄空

气的摩擦作用，飞行轨道高度会缓慢下降，经过一段时间后其圆周运动的半径变为4。

若返回舱在轨道上所受引力势能可表示为综上，其中G为引力常量，M为地球

r

质量，机为返回舱质量，，•为轨道半径，则返回舱在缓慢下降过程中下列说法正确的是

A.返回舱的速度将缓慢减小

B.返回舱在&轨道上运动的周期比在与轨道上运动的周期小

C.返回舱缓慢下降阶段与稀薄空气摩擦产生的热量为

14K

GMmI1

D.返回舱缓慢下降阶段与稀薄空气摩擦产生的热量为

2R2&

三、实验题

11.为了探究受到空气阻力时，物体运动速度随时间的变化规律，某同学在水平桌面上

组装了如图甲所示的实验装置。实验时，可在小车上安装一轻薄板，以增大空气对小车

运动的阻力。实验中所用的小车质量为M。

（1）未装薄板时，往祛码盘中加入一小祛码，接通打点计时器的电源后，再释放小车，

在纸带上打出一系列的点，纸带如图乙所示。A、B、C、。、E是选取的五个计数点，

其中相邻计数点之间的时间间隔均为T,各计数点到第一个计数点A的距离分别为4、

力、4、4，已知未装薄板时，小车所受空气阻力可忽略，则小车加速度。=

（用题中给定的字母表示）。

~A~BCDE-）

），11T，\

（2）在（1）的装置基础上，给小车加装上薄板后，利用纸带求出小车不同时刻的速度，

作出小车的v-f图像（如图丙所示），通过图像分析，可知随着运动速度的增加，小车

所受的空气阻力（选填"增大”、"减小”或"不变”）。

（3）v—f图像中，若曲线在为时刻的切线斜率为讥计算物体受到的空气阻力时，若该

同学仍然把祛码和祛码盘的总重力当作小车所受到的拉力，则为时刻，他求得的空气阻

力尸（用题中给定的字母表示）。

12.（1）某实验小组设计了如图甲所示的电路测量电压表V。的内阻及电源电动势。已

试卷第6页，共10页

知电压表V1量程为3V,内阻R]=60000,电压表V?量程也为3V,内阻&2为几千欧

（待测），电源电动势约为5V,电源内阻可忽略。按以下步骤进行操作。

①按图中所示原理图完成电路连接；

②把舄、%均调至最大阻值；

③闭合开关S,调节与、使V1、匕均有合适示数，分别为q、U2,若调至q、U2

满足“=；4的关系，此时电阻箱&的阻值为1500Q,则可知电压表V?的内阻&2为一

Q；

④若将凡调至4000。并保持不变，调节与，记录多组对应的4、％值，以G为纵坐

标，力为横坐标描点作图，在实验误差允许范围内得到一条倾斜直线，直线的纵截距

为b,则电源的电动势为（用已知量和已测得量计算出结果）。

（2）用伏安法测量电源电动势和内阻时，由于电压表、电流表内阻的影响，测量结果

总存在系统误差。按如图乙所示的电路进行测量，可以消除这种系统误差。

①闭合开关加、S2,灵敏电流计⑥的示数不为零，调节R和R'使得灵敏电流计©的

示数为零，读出电流表和电压表的示数人和■；②改变滑动变阻器/?、R'的阻值，重

新使得灵敏电流计⑹的示数为零，读出电流表和电压表的示数A和〃2；③重复②操

作，得到了多组/、。；④根据实验得到的多组数据作出的图线如图丙所示，由此可

。(结果均保留2位有效数字)

四、解答题

13.2023年1月1日，在武汉市汉口江滩，万人放飞心愿气球喜迎新年，氢气球被释

放后缓缓上升，逐渐膨胀，直至破裂。己知某个氢气球刚被释放时，球内外气体的压强

差为Api=25mmHg,氢气球释放处的海拔高度为0、大气压强为=760mmHg。氢气

球刚破裂时球内氢气的体积是刚被释放时的。。假设氢气球在上升过程中温度保持不变。

4

(1)求氢气球刚破裂时球内氢气的压强；

(2)已知氢气球刚破裂时球内外气体的压强差为△化=30mmHg,大气压强随海拔

高度h变化的关系如图所示，求破裂时氧气球所在位置的海拔高度。

14.电和磁有许多相似之处，比如同种电荷相斥，同名磁极也相斥，异种电荷相吸，异

名磁极也相吸：变化的电场激发磁场变化的磁场也能激发电场。著名的英国物理学家狄

拉克曾预言磁单极子可以像正负电荷一样独立存在，所谓磁单极子是指仅带有N极或S

极单一磁极的磁性物质，它们的磁感线分布类似于点电荷的电场线分布(如图甲)。若

存在一N极磁单极子如图乙所示，固定于水平桌面上，其上覆盖一半径为r的半球壳,

球心恰好在磁单极子处，球壳表面绝缘光滑。现在半球壳上方轻轻放置一特殊材料制成

的质量为〃，的弹性导电线圈，线圈开始时半径为4电阻为凡线圈在重力作用

试卷第8页，共10页

下沿着半球壳下滑，下滑过程中线圈平面始终在水平面内，当线圈下滑高度a=0.2r时速

度为丫，已知磁单极子距离为“处的磁场强度大小为8=与，弹性线圈存储的势能与橡

a

皮筋类似，当线圈长度伸长盘时存储的弹性势能为"=3%3九上述式中晨《均为常

数，求：

（1）半球壳上各处磁场强度大小和穿过半球壳的磁通量（球体表面积计算公式：5=4兀3）；

（2）线圈下落高度〃=0.2r时的电流大小和方向（从上往下俯视看）；

（3）线圈下落高度后0.2r的过程产生的焦耳热0。

15.如图所示为某一仪器的部分原理示意图，虚线0A、03关于），轴对称，4。8=90。，

。4、08将xOy平面分为I、II、川三个区域，区域I、山内存在水平方向的匀强电场，

电场强度大小相等、方向相反。带电量为外质量为，"的粒子自x轴上的粒子源户处以

速度％沿），轴正方向射出，经时间r到达。4上的M点，且此时速度与垂直。不计粒

子的重力•求：

（1）匀强电场的电场强度E的大小；

（2）为使粒子能从M点经H区域通过上的N点，M、N点关于y轴对称，可在区域

II内加一垂直X。），平面的有界匀强磁场，求该磁场的磁感应强度的最小值和粒子经过区

域III到达x轴上。点的横坐标；

（3）当匀强磁场的磁感应强度取（2）问中的最小值时，且该磁场仅分布在H区域的一

个圆形区域内。由于某种原因的影响，粒子经过M点时成散射状，速度与。4垂直方向

的夹角为凡°沁,速度大小均相同，如图所示，但速度与。4垂直的粒子能从M点

经H区域通过。8上的N点，M、N点关于y轴对称，求各粒子经过。8时与N点的距离

L和e的关系。

试卷第10页，共10页

参考答案：

I.C

【详解】A.忽略空气阻力，在空中飞行过程中，只受竖直向下的重力，而且因为初速度不

在竖直方向上，故运动员在空中做匀变速曲线运动，故A错误；

B.在斜向上飞行到最高点时;竖直方向的速度为零，但水平方向的速度不为零，所以在斜

向上飞行到最高点的过程中，其动能没有全部转化为重力势能，故B错误；

C.在空中飞行过程中，竖直方向的速度先减小后增大，根据

PG=mgvy

可知运动员从起跳后到落地前，重力的瞬时功率先减小后增大，故C正确；

D.运动员在空中飞行过程中，只受竖直向下的重力，动量的变化率为

△Pm\v

—=——=mg

AfAr

所以动量的变化率在不变，故D错误；

故选C。

2.B

【详解】A.只有满足一定频率的光照射时才能发生光电效应，从而逸出光电子，可知光电

倍增管并不是适用于各种频率的光，选项A错误；

B.保持入射光不变，增大各级间电压，则打到倍增极的光电子的动能变大，则可能有更多

的光电子从倍增极逸出，则阳极收集到的电子数可能增多，选项B正确；

C.增大入射光的频率，阴极K发射出的光电子的最大初动能变大，并不是所有光电子的初

动能都会增大，选项C错误；

D.保持入射光频率和各级间电压不变，增大入射光光强，则单位时间逸出光电子的数目会

增加，则阳极收集到的电子数会增加，选项D错误。

故选B。

3.B

【详解】由于匀强电场由A指向B,可知AO为等势线，设圆的半径为R,小球P经过。点

时的动能是小球在4点时动能的4倍，根据动能定理可得

3

但《汽二班。-稣,=34

小球Q从A点抛出到B点过程，根据动能定理可得

mgRcos60°+qER=EkB-Ek()

答案第1页，共11页

又

qE=mg

联立解得

EkB=4Ek()

则小球Q经过B点时的动能是小球在A点时动能的4倍。

故选B。

4.D

【详解】由题可知，简谐振动的周期

T=k

2

由于图示波形是恰好完成两次全振动时的波形，且0、P两点正好在平衡位置，0P之间有

一个完整的波形，说明0P之间的距离等于一倍波长，0、尸两点的振动是同步的；此时P

点正在向下振动，说明。点开始时是向下振动的。所以在的时间内，波从0点传播到

了尸点；在方时刻，P点开始向下振动；在?~4时间内，P点完成了一个全振动；在A时刻，

P点回到了平衡位置，并且正在向下振动。

故选D。

5.C

【详解】A.原线圈的电压

Ua=U-S

根据原副线圈电压与匝数比的关系有

区=支

即U"

则

。产%({7-5)

A错误；

B.由选项A可知

U=Ua+0

B错误；

C.设流过原线圈的电流为la,流过副线圈的电流为lb,则有

答案第2页，共11页

LL=%

Il>%

则

P尸Sia,P2=U21b

整理有

a=叫

P2露L

c正确；

D.根据理想变压器原副线圈功率关系有

Ula-U"a=Sib+PL

即

P-Pi-P2+PL

D错误。

故选C。

6.A

【详解】金属框在恒力F作用下向右加速，由右手定则可知，历边产生的感应电流从c流

向匕，由左手定则可知，导体棒受到向右的安培力作用，导体棒向右做加速运动，设金属框

的加速度为田，导体棒的加速度为。2,设金属框的速度为V/,导体棒的速度为V2,设导体

棒的电阻为上回路的感应电流

I_BL%-BLV2

一R~

设金属框的质量为加，导体棒的质量为粗，对金属框，牛顿第二定律得

F-BlL=Max

对导体棒由牛顿第二定律得

BIL=ma2

金属框与导体棒都做初速度为零的加速运动，刃、V2都变大，卬从与开始减小，导体棒的

M

加速度。2从。开始增大，当金属框与导体棒的加速度相等时，即

ai=a2=a

解得

F=^M+m)a

答案第3页，共11页

加速度保持不变，回路感应电流

[_mF_BL(\\v2)_BLkv

~-RR

此后金属框与导体棒的速度差。保持不变，感应电流不变，两端电压不变且不为0,

导体棒所受到的安培力不变，加速度不变，金属框与导体棒以相等的加速度做匀加速直线运

动，故A正确，BCD错误。

故选A。

7.D

【详解】A.在A下滑和B向右运动的过程中，对系统而沿，电场力对B做正功，则系统

的机械能增加，故A错误；

B.以B和轻杆为整体，在最低点的合力为零，在水平方向有

F^=qE

所以A对轻杆的作用力等于电场力，故B错误；

C.假设无电场，系统的机械能守恒，A机械能最小时，B的机械能最大，即B的动能最大，

速度最大，加速度为零，因为电场力并不影响A的机械能，所以有电场和无电场时A的机

械能最小时在杆上的位置相同，但是有电场情况下，A的机械能最小时B还受水平向右的

电场力，所以加速度不为零，故C错误；

D.A运动到最低点时，B的速度为零，由能量守恒可得

mgL+qEL=gmv\

解得

故D正确。

故选Do

8.AC

【详解】根据题意，画出光路图，如图所示

答案第4页，共11页

由折射定律可知，匕光的折射率大于4光的折射率

A.由公式"=£可知，由于b光的折射率大于〃光的折射率，则在玻璃砖中“光的传播速度

V

大于人光的传播速度，故A正确；

B.由公式sinC='可知，由于力光的折射率大于。光的折射率，若从同一介质射入真空，

n

发生全反射时。光的临界角比匕光的大，故B错误；

CD.由于b光的折射率大于4光的折射率，则6光的频率大于“光的频率，b光的波长小于

〃光的波长，由公式=可得，通过同一双缝于涉装置产生的干涉条纹间距

a

此>以

由公式6。=浓-”可得，发生光电效应时，同种金属对于“、始两束光，相应的遏止电压分

别为Ua和Ub,则

U,<Ub

故D错误，C正确。

故选ACo

9.ABC

【详解】A.施加电场前，物体B应受重力、传送带的支持力、轻绳上拉力、沿传送带向上

的滑动摩擦力，则沿传送带方向上应有

mgsin0=〃ngcos0+T

解得

71

T=-mg

对物体A受力分析可知

T=F奔=kx

解得

答案第5页，共11页

故A正确；

B.施加电场瞬间，对A、B整体受力分析，由牛顿第二定律可得

mgsin6+Eq-jLimgcos0-F^=2ma

可解得

故B正确；

C.物体B获得第一次最大速度时，物体A、B的加速度均为0,则有

mgsin0+Ec/-/jmgcos0-与;=0

由此可知弹簧伸长量的变化量（也即物体B下滑位移）为

…=嘿

根据功能关系可知，系统电势能的减少量

故c正确；

D.从物体B开始运动到第一次获得最大速度的过程中，根据能量守恒定律有

Ir

—■2mv~+AE弹.+/.imgcos3Ax=mgsm0-/\x+Ec/-Ax

kx+kx'_3m2g

联立解得

3gyj2km

故D错误。

故选ABC»

10.BD

【详解】A.卫星绕地球做圆周运动过程中万有引力提供向心力

答案第6页，共11页

cMmv

G—z-=m—

rr

解得

故轨道半径缓慢减小时，运行速度变大，A错误;

B.由

厂Mm4乃2

G—=mryr

可得

T=2人——

NGM

故轨道半径减小，运行周期变短，B正确；

CD.由

E口.=­1mv2

k2

可得返回舱运行时的动能为

lGMtn

线=c

2r

故返回舱在两个轨道的动能分别为

LGMm

=---

k，2R1

厂GMm

E°=------

-2R2

由综=-色也可得，返回舱在两轨道的势能分别为

_GMm

「GMm

ELR.

故返回舱缓慢下降阶段与稀薄空气摩擦产生的热量为

Q=（4+昂）-（凡2+%）

代入数据可得

八GMm(111

2=2

答案第7页，共11页

C错误，D正确。

故选BDo

d&—2d、d4-2dl

增大M

4T24〃

【详解】(1)[1]为提高数据利用率，采用逐差法处理数据

(2)[2]通过图像分析，可知随着运动速度的增加，小车的加速度越来越小，故小车所受的

空气阻力增大；

(3)[3]未装薄板时，对小车，由牛顿第二定律有

mg—=Ma

ft=mg-Ma

装薄板时，对小车，由牛顿第二定律有

联立得

(4"

12.3000-b2.01.0

3

【详解】(1)③[1]根据并联电路规律可知

代入数据可得

/?V2=3000。

④[2]根据闭合电路欧姆定律有

E=Ut+

整理得

Rvl+RtZ?V2(7?V1+/?!)

即

答案第8页，共11页

故

b

(2)④[3][4]根据闭合电路欧姆定律有

U=E-Ir

所以U-/图像的斜率为

0.4-0.1

所以电源的内阻

r=1.0Q

当/=0.1A时，U=1.9V,解得

E=2.0V

13.(1)628mmHg；(2)1

【详解】(1)设刚释放时球内氢气的体积为刚刚破裂时球内氢气的体积为匕设

刚释放时球内氢气的压强为夕，有

Pi=%+=785mmHg

设刚破裂时球内氢气的压强为P2,根据玻意耳定律，有

PM=P2V2

解得

p2=628mmHg

(2)根据题意可知，刚破裂时氢气球所在位置的大气压强为

Po=P2-bp=598mmHg

根据大气压强Po随海拔高度h变化的关系图像可得斜率

,k—7_6_0_-_6_6_0__=_1_

-0-1200-12

所以

p=76O-—

o012

上式中，Po的单位是mmHg,〃的单位是m,联立解得

答案第9页，共11页

h=1944m

一,1、k9k/rv问□卜红1122k冗r1

14.(1)—,2k兀丫・,(2)----，顺时针；(3)-mgr——mv2--------

r107?5225

【详解】(1)半球壳面上磁感应强度大小相同，都为

B=-

r

穿过半球面的磁通量即为磁感应强度与半球壳表面积的乘积

①=2丽--2k仃

(2)根据楞次定律电流方向为俯视顺时针，线圈开始时高度

当下落高度〃=0.2R时，半径变大为〃，由几何关系

4=苧

此时可等效成长度为/=2町的导线在切割磁感线产生感应电动势£

£=Blv

代入数据得

Sk/rv