上海市黄浦区高三第一学期期终调研测试物理试题

黄浦区2017学年度第一学期高三年级期终调研测试物理试卷一、单项选择题1.下列单位中属于基本单位的是（）A.安培B.焦耳C.库仑D.牛顿【答案】A【解析】A.安培是电流的单位，是国际单位制中的基本单位，故A正确；B．焦耳是由W=FL推到出的单位，是导出单位，故B错误；C．牛是由牛顿第二定律F=ma推到出的单位，是导出单位,故C错误；D．库仑是由Q=It推到出的单位，是导出单位，故D错误。故选：A.2.历史上，第一个在实验室测量出万有引力恒量的科学家是（）A.卡文迪什B.哥白尼C.伽利略D.开普勒【答案】A【解析】牛顿发现万有引力定律之后，并没有测出万有引力常量，是卡文迪许测出了万有引力常量。故A正确，BCD错误。故选：A。3.在电场中A点，引入不同的检验电荷，会变化的是（）A.A点的电场强度B.A点的电势C.在A点的电势能D.A点与电场中另一点间的电势差【答案】CB．电场中某点的电势与零势面的选取有关，与电场本身有关，试探电荷正负及电荷量无关，故B错误；C．电荷在A点的电势能EP=qD．两点间的电势差也是由电场本身的性质决定的，与移动试探电荷做的功无关，故D错误。故选：C。4.电梯天花板上固定一弹簧测力计，测力计下挂一重物。电梯静止时，测力计读数为50N。若电梯向下运动时，测力计读数恒为45N，则此时电梯做（）A.匀速运动B.匀加速运动C.匀减速运动D.变加速运动【答案】B【解析】测力计示数小于静止时的示数，物体处于失重状态，加速度向下，可能向下加速运动，或向上减速运动，故B正确，ACD错误。故选：B。点睛：根据重物对弹簧秤的拉力的大小和本身的重力的关系，由牛顿第二定律可以求得电梯加速度的方向，判断出电梯的运动状态。5.声波能绕过某一建筑物而传播，这是因为声波（）A.是纵波B.是机械波C.发生了衍射现象D.穿透力强【答案】C【解析】声波能绕过某一建筑物传播，声音发生了衍射，说明声波波长较长。声波虽是纵波，但绕过阻碍物的现象不能说明声波是纵波。故选：C点睛：波能绕过阻碍物的现象，这是波的衍射现象．6.一物体自空中的A点以大小为5m/s的初速度竖直向上抛出。若不计空气阻力，则该物体可能会（）A.在A下方的某位置，以3m/s的速率向下运动B.在A上方的某位置，以4m/s的速率向上运动C.在A上方的某位置，以6m/s的速率向下运动D.在A上方的某位置，以8m/s的速率向上运动【答案】B【解析】不计空气阻力，竖直上抛运动是匀变速运动，具有对称性。向上运动的过程是匀减速运动；向下运动的过程是匀加速运动。回到出发点时的速度大小等于抛出时的速度大小。所以A点上方的速度大小都小于5m/s，A点下方的速度大小都大于5m/s。故B正确，ACD错误。故选：B。7.A、B两个质点在同一直线上，t=0时从同一地点开始运动，它们的vt图像如图所示，由图可知（）A.在t时刻两个质点在同一位置B.在t时刻两个质点加速度相等C.在0t时间内质点B比质点A的位移大D.在0t时间内两个质点的平均速度一样大【答案】C【解析】A．两物体同时从同一点出发，vt图像的面积等于位移，t时刻B在A的前面，故A错误，C正确；B．vt图像的斜率大小等于加速度，在t时刻两个质点加速度不相等，故B错误；D．根据v=xt，t时间内B的位移大于A的位移，在0t故选：C。8.在“用单摆测定重力加速度”的实验中，用力传感器测得摆线的拉力大小F随时间t变化的图像如图所示，已知单摆的摆长为l，则重力加速度g为（）A.4π2lt2B.【答案】D【解析】根据图象可知：单摆的周期为：T=4t根据周期公式得：T=2πLg,故选：D。9.如图所示，实线为电场线，虚线为一带电粒子仅在电场力作用下的运动轨迹。设A、B两点的电场强度分别为EA、EB，电势分别为φA、φB，粒子经过A、B两点时的加速度分别为aA、aB，速度分别为vA、vB。则下列判断中无法确定的是（）A.EA>EBB.φA>φBC.aA>aBD.vA>vB【答案】B【解析】A.B点处的电场线较疏，而A点处电场线较密，则B点处的电场强度较小，粒子所受的电场力也较小，粒子的加速度也小。故A正确，C正确；B．由于电场线方向未知，粒子带电正负未知，无法判断电势的高低，故B错误；D.由电场力方向应指向轨迹的内侧得知，粒子所受电场力方向大致向左方，由A到B的过程中，电场力对粒子做负功，其电势能增大，动能增减小，速度减小，故D正确。本题选择无法确定的，故选：B。点睛:由电场线的疏密判断场强大小，确定电场力的大小，进而确定加速度的大小；由电场力方向应指向轨迹的内侧，确定粒子所受电场力的方向，判断速度的大小．10.如图，在匀强电场中，轻质绝缘细绳一端固定于地面，另一端拉住一个带电量为q、质量为m的小球，使之处于静止状态。细绳与水平地面间的夹角为θ。则该小球受到的电场力（）A.方向在①区域内，大于mgB.方向在①区域内，小于mgC.方向在②区域内，大于mgD.方向在②区域内，小于mg【答案】A【解析】粒子受重力、绳子拉力和电场力作用处于平衡状态，绳子拉力和电场力的合力应竖直向上，所以电场力的方向在①区域内；电场力向上的分力等于重力加上绳子拉力向下的分力，所以电场力大于mg，故A正确，BCD错误。故选：A。11.如图所示电路中的电源为恒流源，不管外电路的电阻如何变化，它都能够提供持续的定值电流。电压表、电流表都为理想电表，R1、R2均为定值电阻。当闭合电键后滑动变阻器R的滑动触头向右滑动时，电压表V示数变化的绝对值为ΔU，电流表A示数变化的绝对值为ΔI，则（）A.A示数减小，ΔUΔIB.A示数减小，ΔUΔIC.A示数增大，ΔUΔID.A示数增大，ΔUΔI【答案】D【解析】据题意,电源为恒流源,能够提供持续的恒定电流,电阻R1两端电压不变,则当滑动变阻器的滑动触头向右滑动时,变阻器接入电路的电阻减小,电路的总电阻减小,而总电流不变,则电源两端的电压减小，V减小的电压等于R2上减小的电压；因总电流不变，故A示数增大,则通过R2的电流减小，则A增大的电流等于R2减小的电流。则得：△U/△I=R2。故D正确，ABC错误；故选：D.点睛：电源为恒流源，能够提供持续的恒定电流，当滑动变阻器的滑动触头向右滑动时，电压表读数的变化量等于电阻R2两端电压的变化量，电流表示数增大量等于通过R2的电流减小量。由欧姆定律求出电压表的读数变化量与电流表的读数变化量之比的绝对值．12.如图所示，AB、AC两光滑细杆组成的直角支架固定在竖直平面内，AB与水平面的夹角为30°，两细杆上分别套有带孔的a、b两小球，在细线作用下处于静止状态，细线恰好水平。某时刻剪断细线，两球均下滑到支架底端，则a、b两球（）A.下滑的时间：ta=tbB.下滑过程中所受重力做的功：Wa=WbC.到底端时的速率：va>vbD.到底端时的动能：Eka>Ekb【答案】D【解析】A.剪断细线后，小球下滑的加速度为a=gsinθ，hsinθ=12at2=12gB．a的受力如图所示：根据平衡条件：mag=Ttan30∘同理可得：mbg=Ttan60∘故ma:mb=3:1则a、b两球重力做功mgh不同，故B错误C.由机械能守恒定律可知：mgh=1D.到底端时的动能Ek=mgh，由于ma>mb，故Eka>E故选：D。学|科|网...学|科|网...学|科|网...学|科|网...学|科|网...二、填空题13.磁场是存在于磁体和___________周围空间的一种物质；通常用_________来定量描述磁场的强弱。【答案】(1).电流(2).磁感应强度【解析】根据电流的磁效应，电流周围存在磁场。磁场的强弱通常用磁感应强度来描述，大小为B=F14.质量相等的两颗人造地球卫星A、B分别在不同的轨道上绕地球做匀速圆周运动，则A、B两卫星的运动周期TA_____TB，动能EkA_____EkB．（选填“>”、“=”或“<”）【答案】(1).<(2).>【解析】卫星受到的万有引力充当向心力，GMmr2=mv2r=m4π2T2r，则v=GMr，T=4π15.如图，一个质量为m的小球，用长为L的轻绳悬挂于天花板上的O点，小球在水平恒力F的作用下，从最低点P移动到Q点，悬线转过θ角，在此过程中恒力F做功为____________，小球重力势能增加了_____________。【答案】(1).FLsinθ(2).mgL（1cosθ）【解析】由于是恒力做功，由功的公式可知：W=FLsinθ；重力做功为：WG=−mgh=−mgL(1−cosθ)；重力做负功,重力势能增加了mgL(1−cosθ)。点睛：因小球力为恒力，故可直接利用功的公式W=FLcosθ求解，由几何关系找出位移即可求得力所做的功．重力势能的增加量等于克服重力做的功。16.如图，在磁感应强度为B的匀强磁场中，一面积为S的线框平行于磁场方向放置。若线框以bc边为轴转动（ad边先向上）。从初始位置开始转过90°的过程中，穿过线框的磁通量的变化为__________；线框从初始位置转过180°的过程中，ab边中的电流方向为_____________。【答案】(1).BS(2).先b→a后a→b【解析】线框平行于磁场方向放置，穿过线框的磁通量为零；转过90°，线圈与磁场垂直，穿过线圈的磁通量等于磁感应强度与线圈面积的乘积，磁通量为：Φ=BS；故从初始位置开始转过90°的过程中，穿过线框的磁通量的变化为BS。线框从初始位置转过180°的过程中，穿过线框的磁通量先向右增加，后向右减小。根据楞次定律，ab边中的电流方向为先b→a后a→b。17.如图，一列波速为4m/s的简谐横波在均匀介质中沿x轴方向传播，某时刻恰好传到x=4m处的P介质点。再经过3s，x=7m处的Q介质点运动的路程为__________m，位移为__________m。【答案】(1).0.9(2).0【解析】由图可知，波长为2m，根据v=λT，则周期T=0.5s。在t=0时刻，波恰好传到x=4m处，x=4m处的质点将向下运动。再经过3/4s，波传到x三、综合题18.“用DIS测定电源的电动势和内阻”的实验电路如图a．所示，其中R1为定值电阻，R为滑动变阻器。（1）下列关于图A．电路的说法中正确的有_____A．甲为电压传感器，R的作用是保护电路B．甲为电压传感器，R1的作用是保护电路C．乙为电压传感器，R的作用是保护电路D．乙为电压传感器，R1的作用是保护电路（2）实验测得电池①的路端电压U与电流I的拟合曲线如图B．中①图线所示，由此得到电池①的电源电动势E1=_______V，内阻r1=______Ω；（3）改用电池②，重复上述实验方法，得到图B．中的图线②。用阻值相同的两个定值电阻分别与电池①及电池②连接，两电池的输出功率相等，则这两个定值电阻的阻值为________Ω，电池①和电池②的效率η1______η2（选填“>”“=”或“<”）。【答案】(1).D(2).6.0(3).2.4(4).1.6(5).<【解析】(1)甲串联在电路中，是测量电流的，所以甲是电流传感器；乙与滑动变阻器电路并联,测量电压,所以乙是电压传感器；定值电阻R1在实验中的作用主要是保护电源，防止短路；故D正确，ABC错误。故选：D。(2)根据U=E−Ir可知,图象与纵轴的交点表示电源的电动势,故E=6.0V；图象的斜率表示内阻,则可知,r=△U/△I=（6.0−1.2）/（2.00）=2.4Ω；(3)由图可知,电池②的电动势E2=4.8V.内阻r2=1.6Ω，外接电阻R时，电源的输出功率为：P=(ER电池的效率：η=UIEI=RR19.如图，固定在水平地面上的一个粗糙斜面长L=4m，倾角θ=37°。一个质量为10kg的物体在F＝200N的水平推力作用下，从斜面底端由静止开始沿斜面向上运动，经过2s到达斜面顶端。（1）求物体沿斜面运动时的加速度大小；（2）求物体与斜面间的动摩擦因数大小；（3）若物体运动到斜面顶端时恰好撤去推力F，求物体落到水平地面前瞬间的速度大小。（已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度为g取10m/s2）【答案】（1）2m/s2（2）0.4（3）8m/s【解析】（1）物体在斜面上做匀加速直线运动，根据运动学规律有：L=12at2得：a=2Lt（2）物体在斜面上运动时受到四个力作用，如图所示。沿运动方向，根据牛顿第二定律有Fcosθfmgsinθ=ma垂直于运动方向，合力为零：Fsinθ+mgcosθ=Nf=μN得μ=代入已知数据得：μ=0.4（3）物体离开斜面下落至地面前的过程中仅有重力做功，机械能守恒。设物体在斜面上运动的末速度为v1，落地前的速度大小为v2根据匀加速直线运动的规律有v1=at=2×2m/s=4m/s根据几何关系，斜面顶端到水平面的高度h=Lsinθ=4×0.6m=2.4m根据机械能守恒定律12mv12+mgh=12mv2得v代入已知数据得：v2=8m/s。20.如图，两根足够长且平行的金属杆制成光滑金属导轨，导轨平面与水平面成α角，导轨宽为L，电阻忽略不计。空间有一足够大、与导轨所在平面垂直的匀强磁场。开始时导轨顶端接一不计内阻的稳压电源，电动势为E，如图A．所示。导体棒P垂直于导轨放置并始终与导轨接触良好，P的质量为m、电阻为R。（1）释放P，它恰能静止在导轨上，求匀强磁场的磁感应强度的大小与方向；（2）若去掉稳压电源，用一根不计电阻的导线连接两根导轨的顶端，如图B．。再次由静止释放导体棒P。请通过分析，从速度、加速度的角度