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文档简介
保密★启用前
准考证号姓名
(在此卷上答题无效)
2023-2024学年高中毕业班第一学期期中考试
数学试题
2023.11
一、单选题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是
符合题目要求的.
1.图中的阴影部分表示的集合为().
A.ABCB.AB(品。)
C.A(dvB)CD.瓜力BC
2.若Z-Z?为复数,则“Z「Z?是纯虚数”是“ZrZ2互为共物复数”的().
A.充分不必要条件B.必要不充分条件
C.充要条件D.既不充分也不必要条件
3.函数"X)=[千三―l)cosx的部分图象为().
4.故宫是世界上现存规模最大、保存最为完整的木质结构古建筑群.故宫宫殿房檐设计恰好使北房在冬至前
后阳光满屋,夏至前后屋檐遮阴.已知北京地区夏至前后正午太阳高度角约为75。,冬至前后正午太阳高度角
约为30。,图1是顶部近似为正四棱锥、底部近似为正四棱柱的宫殿,图2是其示意图,则其出檐48的长度
A.3B.4C.6(73-l)D.3(V3+1)
5.已知数列{4}满足a“—a“+i=半产,且出=-1,若q=164,则正整数人为().
A.13B.12C.11D.10
6.如图,AB是圆。的一条直径,且|A@=4.C,。是圆。上的任意两点,|C£)|=2.点尸在线段CO上,
则?的取值范围是().
A.[-1,2]B.[6,2]C.[3,4]D.[-1,0]
5兀4冗(7T)
7.已知直线“不,》是函数〃x)=4sin|s+qJ(0〉O)图像相邻的两条对称轴,将“力的图
JT
像向右平移7个单位长度后,得到函数g(x)的图像.若g(x)在(-加,加)上恰有三个不同的零点,则实数"2
的取值范围为().
8.已知a=e°",b=l.l'A,c=l.ll,则().
A.a>b>cB.a>c>bC.b>a>cD.b>c>a
二、多选题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合
题目要求,全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.
9.设正实数”,6满足。+/?=2,则下列说法正确的是().
b2
A.—I—的最小值为3B.必的最大值为1
ab
C.。+班的最小值为2D./+Z?2的最小值为2
10.函数"x)=2sin(0x+°)0>,阚<_|的部分图象如图中实线所示,图中圆C与〃龙)的图象交于M,
N两点,且〃在y轴上,则().
3兀、
A.函数在一万,-兀上单调递增
B.圆的半径为一,
3
,0)成中心对称
C.函数的图象关于点
202bl2023兀
D.函数/(%)在上单调递减
12,12
11.如图,在长方体ABC。—A4CR,AD=2AB=2AA,=4,E,F分别是棱AO,4Q的中点,点尸
在侧面AADR内,且BP=xBE+yBF(x,ywR),则三棱锥P-BBjF外接球表面积的取值可能是().
C.12兀D.44n
12.已知数列{4}满足%=1,%+i=2a”(lna“+l)+l,则下列说法正确的有().
A.卫二<5
B.an+l-a1<a1+1
ax+g
3n1(,,
C.若2,则一——<1D.^In(a,+l)<2-l)ln2
4占%+1i=\
三.填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.
13.已知sin[t+a]=?,且则sin[1—(zj=
14.已知非零向量a,匕满足人=(6,1),(a,b)=],若(a—人)La,则向量夕在向量B方向上的投影向
量的坐标为.
15.已知数列{q}满足g+|^+L+果=〃(“eN*),〃=4(4—1)—川+4”,若数列{〃}为单调递增数
列,则/I的取值范围为.
16.法国的拿破仑提出过一个几何定理:“以任意三角形的三条边为边向外构造三个等边三角形,则这三个等
边三角形的外接圆圆心恰好是一个等边三角形的三个顶点.”在ABC中,A=60°,以AB,BC,AC为边向
外作三个等边三角形,其外接圆圆心依次为。,。2,。3,则/。1人。3=;若。。2。3的面积为世,
则三角形中|A@+|AC|的最大值为.
四、解答题:共65分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.已知函数〃力=占5皿2》+9)+3(2%+9)19|<1:将/(%)的图象向左平移三个单位长度,所
得函数的图象关于y轴对称.
(1)求函数〃尤)的解析式;
JT5
(2)若关于尤的方程/(%)=。在-,—Tl上恰有两个实数根,求实数a的取值范围.
18.已知函数/(x)=lnx-ar+l(aeR).
(1)讨论函数的单调性;
(2)若a=—2,是否存在整数机(机eN*),都有/(x)Wm(x+l)恒成立,若存在求出实数相的最小值,
若不存在说明理由.
H—1
19.设数列{4}前〃项和S及满足乂+%=——,〃EN*.
n+n
(1)证明:数列]s'——为等比数列;
(2)记3——sn,求数列-----亭-----J的前〃项和北.
bnn+1[电一1)(%一1”
20.如图,在四棱锥P-ABCD中,BW为等边三角形,/为B4的中点,?D_LAB,平面从D_L平面ABCD
(1)证明:平面CDM_L平面B4B;
(2)若AD//BC,AD=2BC<4,AB=2,直线网与平面MC。所成角的正弦值为、一,求三棱锥
34
P—MCD的体积.
21.如图,在海岸线EF一侧有一休闲游乐场,游乐场的前一部分边界为曲线段FG8C,该曲线段是函数
y=Asin(eyx+^)(A>0,ty>0,^e(0,7i)),xe[T0]的图像,图像的最高点为5(—1,2).边界的中间部
分为长1千米的直线段C。,豆CDIIEF,游乐场的后一部分边界是以。为圆心的一段圆弧。E.
(1)求曲线段FGBC的函数表达式;
(2)曲线段FG8C上的入口G距海岸线最近距离为1千米,现准备从入口G修一条笔直的景观路到O,
求景观路GO长;
(3)如图,在扇形区域内建一个平行四边形休闲区。MP0,平行四边形的一边在海岸线EF上,一边在
半径0D上,另外一个顶点尸在圆弧DE上,且NPOE=6,求平行四边形休闲区OMP。面积的最大值及此
时。的值.
22.已知函数/(X)=xsinx+cosx.
(1)求/(%)在xe[-兀,兀]的单调区间与最值;
(2)当a>g时,若g(x)=y(x)—gtu?,证明:g(x)有且仅有两个零点.
2023年~2024学年高中毕业班第一学期期中考试
数学评分参考标准
一、单选题:本题共8小题,每小题5分,共40分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是
符合题目要求的.
12345678
BDCCBDAA
二、多选题:本题共4小题,每小题5分,共20分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合
题目要求,全部选对的得5分,部分选对的得2分,有选错的得0分.
9101112
ABDCDBCDBCD
三、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.
、兀
13.—V614.161]J15./Ij'3+sJ16.—2>4
四、解答题:共65分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
17.解:(1)/(x)=A/3sin(2x+^?)+cos(2x+^)=2sin2x+(p+—,
jr
将函数/(x)的图象向左平移1个单位长度后,
所得函数为y=2sin2(1+^+-^=2sin(2x+°+:7i],
57177b兀77〜
(pH—兀=-1~ku9kGZ,cp-------ku,keZ.
623
又Ml<],.“=一1■,二./(x)=2sinf2冗_己).
715c兀兀2兀
(2)VXG一,--71,2%------E.
61266'T
当2<2x—巴《工,即工时,/(x)单调递增;
66263
当卜暇JTSJT
d,即1<X<正时,“X)单调递减.
JT571
•••方程〃£)=a在上恰有两个实数根,
.•.百<。<2,.•.实数。的取值范围为[百,2).
18.解:(1)*.*x>0,f'(x\=---a,
x
当〃<0,r(x)>o,・・・/(%)在(0,+8)单调递增,
当a>0时,
令r(%)>。,得%<L八%)<。得%>,,
.../(%)在〔0,单调递增,在,+s]单调递减.
综上,aWO时,/(%)在(0,+8)单调递增;
当a>0时,"%)在[。,£|单调递增,在单调递减.
(2)*.*a=—2,/./(x)=lnx+2x+l,
Inx+2%+1
lnx+2x+l<m(x+l),m>-----------
x+1
—+2-Inx
人/、lnx+2x+l,/
令g(x)=r+1,,g(;——L
八十J.(x+l)
令〃(%)=—F2—Inx,/(%)=—-----<0,・,・〃(%)在(0,+8)单调递减.
22
VM(e)=4+2-lne=4+2-2>0
Vt/(e3)=4+2-lne3=4+2-3<0,
'Jee
「・HXQ£(/,/),使得=即F2—Inx0=0,---F2=In%0,
当%£(O,%o),w(x)>0,g,(x)>0,g(x)单调递增,
当X£(%0,+8),〃(x)<o,g〈X)VO,g(x)单调递减,
Inx+2x+12%+3%+1=2।1
•••g(x)而=g(%)=00
5+15+1%(%+1)%
23
Vx0e(e,e),加之3,的最小值为3.
xo
〃一]
19.(1)证明:VS+a=——,且为=_sLN2),
nnn+n
.•.2S,—%=高-32),
s_J_
:.2\S---—小2),
In"n+1n
n
令”=i,可得s=0,s_L=_1
1122
所以数列1S“-——I是首项为-,,公比为L的等比数列.
[n+lj22
n—\
(2)由(1)可得S“———
n+1
11
~b~s〃-9・・・么=2〃,
nT
b“=2"=_L______1
色「1)(%-1)—(2n-i)(2n+1-i)——2«+1-1
20.【解析】(1)取A。中点为N,连接PN,
因为小。为等边三角形,所以
且平面K4D_L平面A3CZ),平面PA。,平面ABCD=A£>,PNu面E4£),
所以PN_L平面ABCD,
又ABu平面ABC。,所以/WLAB,
又因为?D,AB,PNPD=P,PN,PDu平面E4D
所以AB_L平面PAD,
又因为DMu平面B4D所以A3_LDM,
因为M为AP中点,所以。且AB=A,PA,PBu平面P4。,
所以平面B4B,且DMu平面CDW,
(2)由(1)可知,狄,48且?0,43,PNPD=P,
所以AB_L平面B4。,且ADu平面mD,所以AB_LAD,
以A为坐标原点,分别以AB,A。所在直线为x,y轴,建立如图所示空间直角坐标系,
设AD=2a(a<2),则可得
4(0,0,0),5(2,0,0),P(0,a,y/3a),M0二,翌,C(2,a,0),D(0,2a,0),
\7
即P3=(2,—a,—岛),DC=(2,-a,0),DM=0,一一a,—a,
(22)
设平面MCD的法向量为〃=(x,y,z),
DC-n=2x-ay=0
则DM-n=-—ay+^-az=0
22
则可得'2,_,取y=2,则x=。,Z=25
z=J3y
所以平面MC。的一个法向量为九=1,2,2百卜
设直线PB与平面MCD所成角为8,
所以sind=cos(PB,n)=,——r—=,~/=—j=
'/|叫时J4+4/♦J16+/v3'
解得a?=16,或/=1,即a=4(舍去)或1,
所以AD=2,Vp_MCD=hPMD-\AB\=^xlx^3x2=^-.
21.解:(1)由已知条件,得A=2,
T2兀兀
又・・・一=3,T=—=12,・・・力=—.
4co6
又•:当x=—1时,有y=2sin^--^-+^^=2,*.()-,
...曲线段FBC的解析式为j=2sin^x+y^,xe[-4,0].
(2)由y=2sinx+=1得x=6左+(—1),一4(左eZ),
又xe[—4,0],.•.左=0,x=—3,;.G(—3,1),OG=M,
景观路GO长为JI3千米.
(3)如图,oc=6CD=I,:.OD=2,ZCOD=-
6
作轴于片点,在Rt^OPq中,尸4=OPsind=2sin。,
OPOM
在△OMP中,
sin120。sin(60°-^))
OPsin(60°-61)4,、
OM----------------------=—r=•sin(60°一。)=2cos0-------sin6,
sin120°6',3
’2A/3.'
S平行四边形OMPQ=°M-PP-2cos0-------sin8-2sin0
X3
7
=4sin6»cos6»-^sin2^=2sin2^+^cos26>-^
333
4#).-八兀2G,我。
-----sin2。+—4
36亍
当2。+乌=四时,即。=四时,平行四边形面
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