2023年江苏省镇江市宜城中学中考物理模拟试卷（含答案）

2022-2023学年中考物理模似试卷

考生须知：

1.全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色

字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。

2.请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。

3.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。

一、单选题（本大题共10小题，共30分）

1.关于声现象，下列说法正确的是（）

A.根据声调可以判断是哪位歌手正在唱歌

B.用“B超”查看胎儿的发育情况，说明声音可以传递能量

C.二胡演奏出的优美旋律，是由弦的振动产生的

D.城市道路旁的隔音板是在人耳处减弱噪声

2.下列关于声现象说法正确的是

A.吉它发出的琴声来自琴弦的振动

B.声音只在空气中传播

C.岳阳开展的“禁炮”行动，是从传播过程中控制噪声

D.汽车的“倒车雷达”是利用次声波测距

3.如图所示，弹簧测力计和细线的重力及一切摩擦均不计，物重G=5N,则弹簧测力计A和8的示数分别为（）

AB

A.5N,ONB.ON,5NC.5N,5ND.5N,ION

4.为缓解城市交通压力，近几年成都大力发展有轨交通，几条地铁线路己经开通运行，同时又在积极投建有轨电车,

以取代部分用柴油机作动力的公交车.关于电车和柴油车，下列说法不正确的是（）

A.电车电动机工作时利用了磁场对电流的作用

B.电车电动机能够将电能全部转化为机械能

C.一般情况下，电车电动机的效率比柴油机的效率高

D.电车对环境的污染比柴油车对坏境的污染小

5.有两个铜块甲和乙，其中甲的质量大于乙的质量，让它们放出相等的热量后，再相互接触，则

A.热量从甲传到乙B.热量从乙传到甲

C.它们之间不发生热传递D.无法确定

6.丽水市区推行公共自行车免费使用政策，不仅给市民的出行带来方便，而且低碳环保，下列有关自行车结构及使用

的说法中正确的是（）

A.增大座垫面积能减小对人的压强

B.自行车转弯时受到平衡力的作用

C.下坡时自行车速度越来越大是由于惯性越来越大

D.把手的花纹是为了增大接触面积，从而增大摩擦力

7.小华用光敏电阻设计了一种烟雾报警装置，其简化电路如图所示，电源电压保持不变.光敏电阻的阻值随光照射的

强弱而改变，照射光越强，光敏电阻阻值越小.当电流表示数减小到某一值时，装置报警.开关S闭合后，当有烟雾

遮挡射向R的激光时，下列说法正确的是

A.电流表的示数增大

B.电压表的示数变小

C.若增大RO的阻值，烟雾报警浓度降低

D.R消耗的电功率不变

8.下列现象不能用流体压强与流速的关系来解释的是

吹气IU

如图所示向两张纸中间吹气，纸张向中间靠拢

O

B.。如图所示装有液体的玻璃管，底部和侧壁的橡皮膜往外凸起

压强小列

‹=车如图所示地铁站台边，人必须站在安全黄线以外的区域候车

安全!黄线

如图所示飞机升力的产生原因

9.如图，是物体A通过凸透镜（透镜未标出）成像的示意图.当凸透镜放在哪点时，才能产生图中所成的像A，

A.a点B.b点C.C点D.d点

10.下列能源中属于可再生能源的是

A.天然气B.水能C.煤炭D.石油

二、多选题（本大题共3小题，共12分）

11.随着生活水平的提高，扫地机器人逐步进入普通家庭，如图所示.扫地机器人具有主动躲避障碍物、自动吸尘、

自动返回充电等诸多智能功能，以下关于扫地机器人说法正确的是

A.机器人在自动吸尘过程中利用了流体压强与流速的关系

B.机器人内电动机工作原理是磁场对通电导体有力的作用

C.机器人在自动充电过程中主要把化学能转化为电能

D.扫地机器人能够主动地躲避障碍物是利用了超声波

12.有一重2N的圆柱形玻璃杯（杯壁厚度不计），底面积为IOOcm2,装有一定质量的煤油，杯底到油面的高度为20cm,

放在水平桌面上（Wg=10N∕kg,p«»=0.8xl03kg/m3）,下列说法正确的是

A.煤油对杯底的压强是1.6×IO3Pa

B.杯底对桌面的压强是L8×IO3Pa

C.煤油对杯底的压力是16N

D.杯子受到桌面的支持力是16N

13.如图甲所示，A为实心正方体，浸没在圆柱形容器的水中（水的密度为4）,容器内部底面积是正方体下表面积的

4倍。沿竖直方向缓慢匀速向上拉动绳子，拉力F随物体向上移动的距离h变化的图象如图乙所示。绳子承受拉力时

不会被拉断，绳的质量等次要因素都忽略不计，则下列说法正确的是

A.物体A的体积是/S

B.物体A受到的浮力为"

3

C.物体A的密度为400

D.整个过程中，水对容器底部压强的最大变化量是gp°g%

三、填空题（本大题共5小题，共10分）

14.质量和初温相同的甲乙两种液体,经同一加热器加热相同的时间后甲的温度大于乙的温度,则甲液体的比热容

乙液体的比热容（填“大于”、“等于”或“小于”）.如果乙液体的质量为1kg,初温为20℃,加热一段时间后温度

升高到50C,吸收的热量为1.26X105J,则乙液体的比热容为J/（kg∙C）.

15.如图所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，f=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，

小球接触弹簧并将弹簧压缩至最低点（形变在弹性限度内），然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后又下落，如此

反复.通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出该过程中弹簧弹力厂随时间，变化的图象如图所示，不计空气阻力.

在整个运动过程中,小球的机械能.（守恒/不守恒）小球动能最小的时刻是.

（tdh"3）,此时是—状态（平衡/非平衡）在f2〜打这段时间内，小球的动能—（先增大后减小/先减小后增大/一直

增大/一直减小）

16.物体A沿着斜面匀速下滑，在下图中，为物体A所受重力的示意图（选填“G”、"GL或“G3”）.

17.如图是洗衣机的三脚插头，其中的a插脚与洗衣机的相接.有些人将该插脚折弯不用插进插座，洗衣机仍能

工作，但有隐患.其隐患具体是：

18.如图所示电路中，闭合开关S,当滑动变阻器R2的滑片P向左移动时，电流表Al的示数将,电压表V的示

数与电流表A2的示数之比将。(均填“变大”“变小”或“不变”)

四、计算题(本大题共3小题，共29分)

19.新型电饭锅采用“聪明火”技术，智能化地控制食物在不同时间段的温度，以得到最佳的营养和口感，其简化电路

如图甲所示.Rl和R2均为电热丝，Sl是自动控制开关.煮饭时，把电饭锅接入220V电路中，在电饭锅工作的30min

内，电路中总电流随时间变化的图像如图乙所示..求：

(1)S和Sl都闭合时电饭锅的电功率;

(2)电热丝R2的阻值；

(3)这30min内电饭锅产生的热量.

20.如图所示，电源电压恒定，小灯泡标有''6V3W”的字样.当开关Sl闭合，S2断开时，小灯泡正常发光.当开

关Si、S2都闭合时，电流表示数为0∙6A.忽略温度对灯丝电阻的影响，请通过计算回答:

当开关Sl闭合，S2断开时，小灯泡中的电流是多大？电阻R的阻值为多大？开关Si、S2

都闭合时，小灯泡正常工作IOmin,电路消耗的电能多大？

21.已知铝的密度为2∙7XΠ)ikg∕m∣,小明的父亲外出时买了一个用铝材料制造的艺术品球，用天平测得球的质量是

594g,体积为IOOcm1.请你帮助完成下列问题：判断此球是否为实心的.若是空心的，则空心部分的体积为多少cm∣?

若在空心部分注满水，则注入水的质量为多少？

五、作图题（本大题共2小题，共4分）

22.如下图中ABO可看成杠杆，O为支点，请在图中画出该杠杆的动力臂和所受阻力的示意图.

23.如图所示，用手指顶在刻度尺上。点，刻度尺水平静止.请在图中画出此时刻度尺受力示意图.

六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）

24.a、b两组同学用如图甲所示的装置进行“观察水的沸腾”的实验.

（1）在图甲装置中，存在的错误是.

（2）水沸腾时温度计的示数如图乙，水的沸点是℃.

（3）实验中，两组同学用相同的酒精灯加热，水从开始加热到沸腾所用的时间相同，如图丙所示，则他们所用水的质

量大小关系为mamb（选填“>”、"V”或“="）.

25.小萃同学在做“探究电流与电压的关系”实验时，准备了以下器材：干电池两节，电流表（0〜0.6A、0〜3A）、电

压表（0~3V、0~15V）,滑动变阻器（20。、2A）、定值电阻（5Ω）,开关各一只，导线若干，根据图甲所示的电路

图进行实验.

（1）用笔画线代替导线，按照图甲所示电路，将乙图中的实物图连接完整.

()

（2）连接电路前，发现电流表指针如图丙所示，则接下来应_______________;连接好电路闭合开关前，滑动变阻器

滑片P应处于（选填"A”或"B”）端.

（3）开关闭合，发现电流表无示数，电压表指针有明显偏转，原因可能是.

A.电阻K短路B.电阻K断路C.滑动变阻器短路D.滑动变阻器断路

（4）实验记录的多组数据如表所示.分析数据可得出结论：当电阻一定时，通过导体中的电流与电压成

比.

实验次数123

电压表示数（V）1.01.52.0

电流表示数（A）0.20.30.4

（5）善于思考的小雪用图甲电路测未知电阻区的阻值，她用心替换了定值电阻R∙连接好电路闭合开关后，把滑动

变阻器滑片滑到阻值最大的地方，观察电压表读数如图丁所示为V,然后他将滑动变阻器滑片移动至中

点位置，观察到电压表示数增大至2∙4V,则未知电阻&的阻值为-Q。

26.在“探究杠杆的平衡条件”的实验中：

（1）调节杠杆平衡时，应该使它在_________位置平衡.根据图示杠杆所处的位置如图（甲），应将杠杆左端平衡螺

母向__________旋一些（填“右”或“左

（2）挂上钩码，正确调节使杠杆再次平衡.此时挂在杠杆上的钩码施加的动力、阻力方向恰好与杠杆,挂钩码

位置所对应的刻度值就等于.

（3）杠杆调节平衡后，小明在杠杆上A点处挂4个钩码，在5点处挂6个钩码,杠杆恰好在原位置平衡.于是小明便

得出了杠杆的平衡条件为：FlIi=F2I2,他这样得出的结论不合理，原因是：.

（4）如乙图所示，用弹簧测力计在C处竖直向上拉时测力计的示数应为N（每个钩码重0.5N）,当弹簧测力计

逐渐向右倾斜时，使杠杆仍然在原位置平衡，则弹簧测力计的示数将一（选填“变大”、“变小”或“不变”），其原因是

参考答案

一、单选题（本大题共10小题，共30分）

1、C

【解析】

A.不同人声带的结构不同，发声的音色不同，“闻其声辨其人”是根据声音的音色来判断的，故A错误；

B.用“B超”查看胎儿的发育情况，说明声音可以传递信息，故B错误；

C.物体发声时一定在振动，二胡演奏出的优美旋律，是由弦的振动产生的，故C正确；

D.城市道路旁的隔音板是在传播过程中减弱噪声，故D错误；

故选C。

2、A

【解析】

A.声音是由物体的振动产生的，所以琴声是吉它弦的振动产生的，故A符合题意；

B.声音的传播需要介质，声音可以在固体、液体、气体中传播，声音在真空不能传播，故B不符合题意；

C.岳阳开展“禁炮”行动，是从声源处减弱噪声，故C不符合题意；

D.倒车雷达是利用超声波传递信息的，故D不符合题意.

【点睛】

本题考查的是声音的产生及传播、噪声的控制，超声波的应用等知识点，是基础知识，难度不大.

3、C

【解析】

因为物重G=5N,所以A弹簧测力计受到向右5N的拉力，静止，向左受的拉力也是5N,示数也为5N.同理，B测力

计两端受的力都是5N,示数也为5N.

故选C.

4、B

【解析】

试题分析：A、电车电动机工作时利用了磁场对电流的作用，故A正确；B、电车电动机能够将电能大部分转化为机

械能，但也会产生一少部分内能，故B错误；C、一般情况下，电车电动机的能量损失小，所以电动机的效率比柴油

机的效率高，故C正确；D、电车不存在尾气的排放、噪音小，所以对环境的污染比柴油车对坏境的污染小，故D正

确.故选B.

【考点定位】磁场对通电导线的作用，能量利用效率，有利于节约能源的措施.

5、D

【解析】

两铁块的比热容相同，由题知它们放出的热量相同，甲的质量大于乙的质量，根据AU2知，甲降低的温度小于乙

cm

降低的温度，由于不知道初温的高低，所以无法判断末温度的高低，所以让它们立即接触时，无法判断热传递的方向,

故D正确，ABC错误。

6、A

【解析】

A.自行车的座垫做得较宽大是为了减小对臀部的压强，故A正确；

B.自行车转弯是受到非平衡力的作用而改变运动状态的，故B错误；

C.上下坡时自行车速度越来越大是因为动能增大，而不是由于惯性越来越大，故C错误；

D.自行车把手的花纹是为了增大接触面的粗糙程度而增大摩擦的.而不是增大接触面积，从而增大摩擦力，故D错

误.

7,C

【解析】

由电路图可知，光敏电阻A和定值电阻KO串联，电压表测K两端的电压，电流表测电路中的电流.

A.由题意可知，当有烟雾遮挡射向K的激光时，照射光减弱，光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大，由I='

可知，电路中的电流减小，即电流表的示数减小，故A错误；

B.电路中的电流减小，由U=/R可知，岛两端电压减小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，光敏电阻

R两端的电压增大，即电压表的示数增大，故B错误；

C.由题意知，当电流表示数减小到某一值时，装置报警，即报警时电流表的示数不变，且电源电压不变，则总电阻

不变；由KJa=RO+R%可知，增大RO的阻值时，光敏电阻的阻值应减小，结合题意可知，照射光增强，即浓度烟雾更

低，所以若增大RO的阻值，可使装置在更低浓度烟雾下报警，故C正确；

UW

D.当有烟雾遮挡射向R的激光时，电路中的电流减小，光敏电阻R消耗的电功率：P=72Λ=(--—)2/?=(R+K))2

R+&--r-

U2

=(R_R0)2+4R；当R=R。时，R消耗的电功率最大，即K消耗的电功率是变化的，故D错误•

8、B

【解析】

A.对着两张平行的纸吹气，两纸中间的空气流速大压强小，而两纸的外部空气流速小压强大，两纸受到两边向内的

压力差，所以两张纸被压到一起，能用流体压强与流速的关系来解释。故A不合题意；

B.如图所示装有液体的玻璃管，底部和侧壁的橡皮膜往外凸起，是因为液体对容器底和侧壁有压强。不能用流体压

强与流速的关系来解释。故B符合题意；

C.当列车驶进站台时，会带动人和车之间的空气流动速度加快，此时人外侧的空气流动速度慢，根据流体压强与流

速的关系可知：人外侧空气流速慢压强大，而内侧流速快压强小，会产生一个向内侧的压强差，将人推向火车，易出

现危险。所以人必须站在安全黄线以外的区域候车。能用流体压强与流速的关系来解释。故C不合题意；

D.相等的时间内，空气经过机翼上面的路程大于下面的路程，机翼上面的空气流速大于下面的流速，机翼上面的压

强小于下面的压强，出现压强差，出现了压力差，这个压力差就是机翼向上的升力；能用流体压强与流速的关系来解

释。故D不符合题意。

9、C

【解析】

由图可知所成的像是倒立、缩小的实像，根据凸透镜成像规律知，当u>2f时，成倒立缩小的实像，此时物距大于像

距，故凸透镜应放在C点才能成倒立缩小的实像，故选C。

10、B

【解析】

A.天然气属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故A不符合题意；

B.水能可以从自然界里源源不断的得到补充，属于可再生能源，故B符合题意；

C.煤属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故C不符合题意；

D.石油属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故D不符合题意。

二、多选题（本大题共3小题，共12分）

11、ABD

【解析】

A.吸尘器工作时，由于其内部空气流速增大，压强减小，所以尘土在周围大气压的作用下被压入吸尘器中，故A正确;

B.机器人内电动机制作原理是磁场对通电导体有力的作用，故B正确；

C.机器人在自动充电过程中主要把电能转化为化学能的过程，故C错误；

D.机器人利用超声波反射定位能更精准地主动躲避障碍物，符合超声波的应用，故D正确；

12、ABC

【解析】

（1）煤油对杯底的压强：p=pgh=0.8×103kg∕m3×10N∕kg×20×102m=1.6×103Pa,故A正确；由p=-可得，煤油对

S

杯底的压力：F=pS=1.6×103Pa×100×104m2=16N,故C正确；（2）煤油体积：V=Sh=IoOCm2χ20Cm=2000Cm3=

m

0.002m3,由P=M可得，煤油质量：m油=PV=O.8xl（）3kg∕m3χ0.002m3=1.6kg,煤油重力：G油=m油g=1.6kgxlON∕kg

=16N,因杯子处于静止状态，所以，杯子受到桌面的支持力：F支持=G杯+G油=2N+16N=18N,故D不正确；因杯子

对桌面的压力和受到的支持力是一道相互作用力，所以，桌面受到的压力：F压=F支持=18N,杯底对桌面的压强：p，

N

=维=18lF=1.8x1伊Pa,故B正确.故选ABC.

S100×10^4m2

点睛：（D知道圆柱形玻璃杯内煤油的深度，根据P=Pgh求出煤油对杯底的压强，再根据p=!求出煤油对杯底的

压力；（2）先求出煤油的体积，再根据密度公式求出煤油的质量，根据G=mg求出煤油的重力；杯子处于静止状态，

受到桌面的支持力等于煤油和杯子的重力之和，杯子对桌面的压力和受到的支持力是一对相互作用力，二力大小相等，

根据p=y求出杯底对桌面的压强.

13、BCD

【解析】

根据题图甲和乙可知，本题综合考查液体压强和浮力的知识，根据图乙可得实心正方体的边长，从而计算出正方体的

体积；根据/浮=G/可求出正方体受到的浮力；读懂题图是解答问题的关键。

【详解】

由图乙可知，开始水平的图像，说明物体浸没在水中，拉力等于重力减去浮力，即玲=G-F浮，

当无=饱开始倾斜说明物体逐渐露出水面，到刀=2加的时候再次水平，说明物体A完全出水，物体完全出水后，拉力等

于重力，即为=G,浮力Fif=G-F=阻—线=蝮,故B正确。

333

根据阿基米德原理，物体A浸没在水中受到的浮力耳孚=OogVA，物体A的重力G=PA以A，

由题可知&.：G=娱:招=1:4,即2吗｝=J,可得PA=4为，故C正确。

33PZgVZ4

设正方体A的边长为a,已知容器内部底面积是正方体下表面积的4倍，所以正方体A全部露出水面后，液面将下降

^h=-=-^-=-a>所以％=α-.〃=34,所以.=

S4α2443

4464

已知正方体A的边长为4=正方体的体积V=∕=(1%)3=^%3,故A错误。

…，114,1,

所以.∕z=-α=—X—Λn=一%，

4433

根据液体压强公式，整个过程中，水对容器底部压强的最大变化量

♦〃=夕og.〃=；Pog为，故D正确。

三、填空题(本大题共5小题，共10分)

14、小于；4.2×103

【解析】

(1)甲乙两种液体液体质量相等、初温相同、用两个完全相同的加热器加热时间相同时吸热也相同，利用热量的计算

公式分析比热容关系；

(2)已知物体的质量、初温和末温、吸收的热量，利用C=一乌一求物质的比热容。

【详解】

(1)由题可知，同一加热器加热时间相同时，即两种液体吸收的热量相同，甲的温度升高的高；根据或=Cw可

知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，比热容小的物质升温快；所以，甲的比热容小，乙的比热容大；

(2)根据比热容的定义式C=一乌一得，乙液体的比热容：

m∕∖t

Q1.26×105J

=4.2×103J∕(kg?C)；

z‰7-lkg×(50°c-20oc)

15、不守恒t2非平衡先增大后减小

【解析】

(1)由图知道，弹簧的弹力在变化，即说明运动过程中弹簧的弹性势能在变化，而小球和弹簧组成的系统机械能守恒,

但小球的机械能不守恒；

(2)由图知道，在打时刻，弹力最大，说明弹簧的压缩量最大，即小球运动到最低点，速度等于零，所以动能最小,

且此时合力合力方向向上，不等于零，处于非平衡态；

(3)在》2〜打这段时间内，小球在上升，弹簧的压缩量由最大逐渐减小，即弹力减小，但大于重力，所以先做加速运

动，当弹力等于重力时，速度达到最大，之后弹力小于重力，直到减小为零，做减速运动，所以小球的动能先增加后

减少。

16、G3

【解析】

物体所受重力的方向总是竖直向下，与运动状态无关，所以，图中G3为物体A所受重力的示意图.

17、金属外壳万一洗衣机的金属外壳和电源火线之间的绝缘损坏，洗衣机外壳带电，会对人造成伤害.

【解析】

考点：插座的构造与工作方式.

专题：应用题；简答题.

分析：三脚插头与三孔插座相连接时，把有金属外壳的用电器的外壳与地线相接；因用电器漏电时，会使外壳带电，

若接上地线，电流就通过地线，流入大地，以防止触电事故的发生；a插脚插入插座时让金属外壳与大地相连，若漏

电则先跳闸而防止触电.

解答：解：a插脚插入插座，可以使洗衣机的金属外壳与大地相通；若将插脚折弯不用插进插座，洗衣机仍能工作，

但万一洗衣机的金属外壳和电源火线之间的绝缘皮损坏，使洗衣机外壳带电，人接触会发生触电事故.

故答案为金属外壳；万一洗衣机的金属外壳和电源火线之间的绝缘皮损坏，使洗衣机外壳带电，人接触会发生触电事

故.

点评：本题考查了洗衣机、电冰箱等家用电器都使用三孔插座的原因(防止触电)，要明白其中的道理，用好a插脚，

防止触电事故的发生.

18、不变变大

【解析】

由电路图可知，Rl与此并联，电压表测电源电压，电流表Al测Rl支路电流，电流表A2测R2支路电流；因电源电压

保持不变，所以滑片移动时，电压表V的示数不变，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，滑片移动时，通过Q

的电流不变，即电流表Al的示数将不变，当滑动变阻器及的滑片P向左端移动时，接入电路中的电阻变大，由/=:

可知，通过后的电流变小，即电流表A2的示数变小；因电压表V的示数不变，电流表A2示数变小，所以电压表V

示数与电流表A2示数的比值变大。

四、计算题(本大题共3小题，共29分)

19、660W220Ω990OOOJ

【解析】

(DS和Sl都闭合时，电阻Rl与R2并联；

由乙图可知此时电流值ImaK=3A,贝恸率PmaX=UImaX=22()Vx3A=660W;

(2)开关Sl断开时，电路中只有Rl工作，由乙图可知通过Rl的电流值L=2A,

则根据并联电路的电流特点可知：电阻Rl与R2并联时；L=ImaX-II=3A-2A=1A,

根据欧姆定律得：R2=U∕l2=220V∕lA=220Ω;

(3)只有Ri工作时功率P∣=UIι=220V×2A=440W;

由乙图可知：V=IOmin+(20min-15min)=15min=900s>

t''=(ISmin-IOmin)+(30min-20min)=15min=900s,

,,,s

则Q=W=Pmaχt=660W×900s=5.94×10J,

Q,,=W"=PIt"=440Wχ900s=3.96xl05j,

：.Q=Q'+Q”=5.94xɪ05J+3.96×105J=9.9×105J.

20、(1)0.5A(2)60。(3)2160J

【解析】

⑴由P=U/可得，小灯泡正常发光时的电流：

PL3W

Ii=~=——=0∙5A；

UL6V

⑵当开关Sl闭合段断开时，电路为L的简单电路，

因小灯泡正常发光，

所以,电源的电压U=UL=6V,

当开关Si、S2都闭合时，电阻R与灯泡L并联，

因并联电路中各支路独立工作、互不影响，

所以，通过L的电流不变，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，通过R的电流：

∕K=∕-∕L=0.6A-0.5A=0.1A,

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以油/=D可得，电阻R的阻值：

R

U6V

R=~~=-------=60Q；

IRO.1A

(3)小灯泡正常工作IOmin电路消耗的电能：

yy=t∕∕∕=6V×0.6A×10×60s=2160J.

21、(1)此球是空心的.

(2)空心部分的体积为80CmL

(1)在空心部分注满水，则注入水的质量为80g.

【解析】

分析：（1）根据密度公式变形V=H求出此时铝球的实心体积，再与铝球的实际体积（IOoCml）相比较，如果相等，

P

则是实心的，如果实心体积小于实际体积，则是空心的.用铝球的实际体积减去实心部分的体积就是空心部分的体积;

（2）根据求得的空心部分体积即为注满水的体积，再利用m=pV即可求出空心部分水的质量.

,m594g

l1

解答：解：（1）V实心==—一广一f=220cm<lOOcm,

∕⅛2.7g/cm-

∖∙V实心VV实际，；.此球是空心的.

答：此球是空心的.

（2）V空心=V实际-V实心=IOOCml-220CmI=80CmL

答：空心部分的体积为80CmL

（1）V空心=V水=80CmI,

m水=P水V*=lg∕cm'×80cm'=80g.

答：在空心部分注满水，则注入水的质量为80g.

五、作图题（本大题共2小题，共4分）

试题分析：明确图中杠杆的支点、动力以及阻力是画图的关键.力臂是从支点到力的作用线的距离.示意图是表示出

力的三要素.

解：在图中，动力指的是作用在杠杆上的力，而不是通过定滑轮的力为动力.过支点O作动力作用线的垂线段；过B

点做竖直向下的阻力.如图所示

【点评】本题考查了力的示意图和力臂的画法.画力