物理-江苏2023-2024学年高三上学期期末迎考带答案

绝密★启用前江苏省2023—2024学年高三上学期期末迎考卷C.经过高温加热其放射性消失2.有一干涉装置如图所示.一个底部有双缝的不透光圆柱形杯子的杯口固定一面光屏,用激光沿图屏处观察到干涉条纹,为了增加条纹间距,下列做法中可行的是()A.使用更短的杯子B.使用频率更低的激光C.增大激光器到双缝之间的距离3.如图所示,在水平地面上M点的正上方h高度处,将小球S1以速度大小为v水平向右抛出,同时在地面上N点处将小球SA.两球的速度变化量大小相同C.两球的相遇点在N点上方处D.M、N间的距离为2h4.一列简谐横波沿x轴正方向传播,波源在x=0处.P是x轴上坐标为x=0.15m处的点,波传到A.波源起振方向为y轴正方向5.手机无线充电原理图如图所示,该装置可等效为一个理想变压器,送电线圈为原线圈,受电线圈为副线圈.ab间接上220A.受电线圈cd两端的输出电压为22VC.充电时,与送电线圈相连的电阻R两端的电压为20VD.充电时,受电线圈cd两端的输出电压为间隔内手机可检测到蓝牙耳机,则蓝牙耳机在运动过程中与手机无线连接的最远距离是()电梯”停在距地面高度为h处,地球的自转不可忽略且地球可视为均质球体,关于“太空电梯”里的宇航员,下列说法中正B.当h与地球同步卫星距地面高度相同时,宇航员处于完全失重状态C.h越小,宇航员绕地心运动的向心加速度越大D.h越大,宇航员绕地心运动的角速度越大,线速度越小8.如图所示,下端封闭、上端开口、内壁光滑的细玻璃管竖直放置,管底有一个带电小球,整个装置以某一速度沿垂直于磁场方向进入方向垂直纸面向内的匀强磁场,由于外力的作A.该过程中由水平速度产生的洛伦兹力不做功B.小球的运动轨迹是一条直线C.小球机械能的增加是因为洛伦兹力做功9.两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的O、M两点,两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示,则B.A点的电场强度为零C.N、C之间电场强度方向沿x轴正方向D.将电子沿x轴从N移到D,电场力先做正功后做负功应强度B随时间t的变化的关系如图乙所示(垂直斜面向上为正方向).t=0时刻将线框由静止释放,在线框下滑的过程中,下甲乙A.线框MN边受到的安培力方向沿斜面向下B.线框MN边受到的安培力方向沿斜面向上C.经时间t,线框的速度大小为gtsinθt,线框的速度小于gtsinθ11.如图所示有一缓冲模拟装置.质量分别为m、2m的物体着物体A,在距地面h高处静止,此时细绳恰伸直无弹力,弹簧轴线沿竖直方向,物体B静止在地面上,放手后经时间t物体A下落至地面,落地前瞬间物体A的速度为零,此时物体B对地面恰好无压力,不计摩擦及空气阻力,重力加速度大小为g,则下列说法中正确的是()A.物体A在下落过程中其机械能守恒C.物体A从静止下落到落地的t时间内,地面对B物体的冲量大小为mgtD.将A物体质量改为1.5m,再将A物体由从原位置释放,A物体下落过程的最大速度为后答案的不得分;有数值计算时,答案中应明确写出数值和单位)(2)根据图甲连接电路,调节滑动变阻器,发现电流表读数变化明显,但电压表读数变化不C.待测电池的内阻太小甲乙(4)根据重新设计的电路操作,得到了多组电压表读数U和对应的电流表读数I,并作出U-I图像如图乙所示.根据图像可知,m/s2.(2)求挤压气囊前,桶内液面离出水口的高度h.15.(12分)在空间直角坐标系Oxyz的y>0区域有沿-z方向的匀强电场强磁场,在x=-2d处有一足够大的屏,俯视图如图乙所示.质量为m、电荷量为q的粒子从y轴上P(0,-d,0)以初速度v0沿+y方向射出,粒子第一次经过x轴时速度方向与-x方向的夹角θ=60°.不计粒子的重力,粒子打到屏上立即被吸收.求:甲乙发生碰撞,碰后又结合为一体且恰一起匀速运动,设每次碰撞时间极短,三个木块均可视为质点,且与轨道间的动摩擦因数相同.已知重力加速度为g.(2)求三个木块一起匀速运动时的速度大小和在两次碰撞江苏省2023—2024学年高三上学期期末迎考卷物理物理参考答案与评分标准2.B解析:根据Δx=λ可知,若使用更长的杯子,L变大,条纹间距变大,故A错误;由c=λf可知,若使用频率更低的激光,激光的波长变大,条纹间距变大,故B正确;增大激光器到双缝之间的距离,间距不变,故C错误;在杯子中填充折射率较大的透明物质,光在介质中的传播速度变小,频率不变,可知光在杯子中的波长变小,故条纹间距变小,故D错误.公众号：高中试卷君45°,B错误;两球竖直方向的分位移相等,则相遇点在N点上方处,C错误;M、N间的距离为x=vt=,又h5.D解析:ab端输入电压为220V,由于送电线圈中的电阻R分压,故送电线圈两端电压小于220V,则根据=可知,受电线圈cd两端的输出电压小于22V,故6.A解析:在8s时间内甲、乙运动的距离分别为x=vt=24m、x=vt=48m根据对称性由图可得Δx=x乙2x甲=12m,根据几何关系可得蓝牙耳机在运动过 程中与手机无线连接的最远距离为d=d2+7.B解析:h是“太空电梯”距地面高度,当h为零时宇航员在地面,受万有引力和地面的支持力,绕地球运动的线速度小于第一宇宙速度,故A错误;因地球同步卫星的角速度等于地球自转的角速度,同步卫星受到的万有引力等于向心力,故当h与地球同步卫星距地面高度相同时,宇航员受到的万有引力等于向心力,则宇航员处于完全失重状态,故B正确;根据a=r,可知h越小,r越小,宇航员绕地心运动的向心加速度越小,故C错误;“太空电梯”相对地面静止,“太空电梯”里的宇航员随地球自转的角速度相等,根据v=ωr,可知h越大,r越大,宇航员绕地心运动的线速度越大,故D错误.8.D解析:该过程中由水平速度产生的洛伦兹力做正功,故A错误;小球受到的合力方向与速度方向不共线,所以其运动轨迹是一条9.D解析:由图可知q附近电势为正无穷,则q为正电荷,q附近电势为负无穷,则q为负电荷,故q和q带异种电荷,故A错误;φ-x图线的斜率对应电场强度,A点处φ-x图线的斜率不为零,则A点的电场强度不为零,故B错误;根据沿电场线方向电势降低,N、C之间电场强度方向沿x轴负方向,故C错误;将电子沿x轴从N移到D,电势先增大后减小,电场力先做正功后做负功,故D正确.公众号：高中试卷君10.C解析:由乙图可知,线框在下降过程中,磁场先垂直斜面向下,磁感应强度逐渐减小为零,后磁场垂直斜面向上,磁感应强度由零逐渐增大,电流方向为顺时针方向,根据左手定则可知,线框四个边均受到安培力,但受到的安培力的合力为零,虽然MN边中感应电流的方向不变,但磁场的方向发生变化,因此MN边受到的安培力先沿斜面向下,再沿斜面向上,故A、B错误;线框所受安培力的合力为零,故线框在重力和支持力的作用下沿斜面向下运动,沿斜面向下的分力为mgsinθ,由牛顿第二定律可得mgsinθ=ma,解得a=gsinθ,由v=v11.C解析:在物体A下落过程中绳的拉力对物体A做负功,故机械能减小,故A正确;由题意可知,初始状态弹簧无弹力,物体A落地前瞬间,弹簧的形变量等于h,此时弹簧的弹力F=2mg,弹簧的劲度系数为k==,故B错误;设整个过程中,绳子对A的冲量大小为I,则绳子对B和弹簧的冲量大小也为I,对A由动量定理得mgt-I=0,对B和弹簧由动量定理得2mgt-I-I=0,解得物体A从静止下落到落地的t时间内,地面对B物体的冲量大小为I=mgt,故C正确;将A物体质量改解析:(1)由题意可知a=“r(2)根据F=mωr,ω=2当气囊中的气体全部被挤入桶内时,桶内的水恰好上升到出水口处,则有p=p+ρgh设粒子做圆周运动的半径为r,由几何关系有rcosθ=d根据洛伦兹力提供向心力得qvB=m(2)由几何关系可知-x+rsinθ=2d解得x=-(2-3)d所以粒子经过x轴时的坐标x=-(2-3)d(4分