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文档简介
高考物理《动量》常用模型最新模拟题精练
专题12弹簧模型
一、选择题
1.(2023湖南怀化名校联考)如图甲所示,一轻弹簧的两端与质量分别为如和m2的两物块A、B相连接,并
静止在光滑的水平面上。现使A瞬时获得水平向右的速度3m/s,以此刻为计时起点,两物块的速度随时间
变化的规律如图乙所示,已知〃“=lkg,下列说法正确的是()
B
A|pVWWWWVW
^//////////////////
甲
A.物块B的质量为2kg
B.弹簧的最大弹性势能为1.5J
C.弹簧第一次恢复原长时物块B的速度大小为2m/s
D.从开始到弹簧第•次恢复原长过程中弹簧对物块A的冲量大小为4NA
【参考答案】ACD
【名师解析】
由图像可知A物块的初速度vo=3m/s,八时刻两物块达到共速v=lm/s,由动量守恒得
m1Vo=(町+/n,)v
解得利=2依,故A正确;
由图像可知〃时刻弹簧的压缩量最大,此时弹性势能最大,由能量守恒得
耳肛说(町+"),
解得Ep=3J,故B错误;
B速度最大时,弹簧恢复原长,由动量守恒得
班%=小%+吗%
山能量守恒得
191.211?
5mi%=5m+/机2%一
解得此时A和B的速度分别为
vA=-Im/s»vB=2m/s
故从开始到弹簧第一次恢复原长过程中弹簧对物块A的冲量为
I=mtvA-miv0=-4kg-m/s
大小为4N2,故CD正确。
2.(2023湖南名校质检)如图所示,在光滑水平面上,质量为机的小球A和质量为!〃?的小球8通过轻弹
3
簧拴接并处于静止状态,弹簧处于原长;质量为优的小球C以初速度也沿4、B连线向右匀速运动,并与
小球A发生弹性碰撞。在小球B的右侧某位置固定一块弹性挡板(图中未画出),当小球8与挡板发生正碰
后立刻将挡板撤走。不计所有碰撞过程中的机械能损失,弹簧始终处于弹性限度内,小球8与挡板的碰撞
时间极短,碰后小球B的速度大小不变,但方向相反。则B与挡板碰后弹簧弹性势能的最大值E,”可能是
()
%
mv
A.mv;B.—WVQC.~oD.—
【参考答案]BC
【名师解析】由题,系统的初动能为且=3相片,而系统的机械能守恒,则弹簧的弹性势能不可能等于用V;,
故A错误;由于小球C与小球A质量相等,发生弹性正碰,则碰撞后交换速度,若在A与8动量相等时,
8与挡板碰撞,8碰撞后速度大小不变、方向相反,当两者速度同时减至零时,弹簧的弹性最大,最大值为
与,=以=3机喏,故B正确;当B的速度很小(约为零)时,B与挡板碰撞时,当两球速度相等弹簧的
弹性势能最大,设共同速度为v,则由动量守恒得,m%=(加+:加)丫,得v=(%,最大的弹性势能为
i,14cle1rle
E=-mvl——x-mv*i,2=3-mv^则最大的弹性势能的范围为一加片~—加片,故C正确,D错误。故选
p223882
BCo
3.(2022安徽淮安模拟)图甲所示,质量分别为机A和的两物体用轻弹簧连接置于光滑水平面,初始
时两物体被锁定,弹簧处于压缩状态。r=0时刻将B物体解除锁定,f=4时刻解除A物体的锁定,此时
B物体的速度为%,AB两物体运动的。一/图像如图乙所示,其中和邑分别表示0r,时间和%与时间
内B物体的。一,图像与坐标轴所围面积的大小,则下列说法正确的是()
A.mA<mB
B.5>S2
c.。时刻,弹簧伸长量最大
D.04时间内,弹簧对A物体的冲量大小为机”o
【参考答案】ABD
【名师解析】
题意可知,在;后AB水平方向上只受弹簧的弹力,弹簧对AB的弹力大小始终相等,通过乙图可知,%后
的任意时刻,A的加速度大小都比乙大,根据牛顿第二定律可知“八<,%,,A正确。
B.在%时,弹簧处于原长状态弹性势能为零,0彳时间弹簧的弹性势能全部转化为B的动能,此时B的
速度最大,岳为0。时间内速度的变化量,即B此时的速度大小;。4,弹簧弹力作用使得A加速,B
减速,弹性势能转化为AB的动能,在与时刻加速的为零,弹力为零,弹性势能为零。4时亥IJAB动能之和
等于%时刻B的动能,4时刻B的速度不为零,邑表示:G时间内B物体的速度变化量小于0乙时间内
速度的变化量,故S〉S2,B正确;%时刻,弹簧的状态与。时刻弹簧的状态相同,应该是弹簧压缩量最
大,C错误;根据%-4的图像信息可知,4时刻,A的速度减为零,B的速度为%,则0弹簧对B的
动量定理%1=-0,弹簧对AB的作用力时刻大小相等方向相反,因此弹簧弹力对A的冲量大小等于
弹簧弹力对B的冲量大小即为,D正确
4.(2020高考仿真冲刺卷4)如图(甲)所示,在光滑水平面上,轻质弹簧一端固定,物体A以速度V。向右运
动压缩弹簧,测得弹簧的最大压缩量为x,现让弹簧一端连接另一质量为m的物体B[如图(乙)所示],物体A
以2v。的速度向右压缩弹簧,测得弹簧的最大压缩量仍为x,则()
nnV\A/\AAA团XAAAAAAT^I
(甲)(乙)
A.A物体的质量为3m
B.A物体的质量为2m
c.弹簧压缩量最大时的弹性势能为3:
D.弹簧压缩量最大时的弹性势能为mr”
【参考答案】.AC
【名师解析】对图(甲),设物体A的质量为M,由机械能守恒定律可得,弹簧压缩x时弹性势能备《除J;对图
(乙),物体A以2v°的速度向右压缩弹簧,A,B组成的系统动量守恒,弹簧达到最大压缩量仍为x时,A,B二者
2
达到相等的速度v,由动量守恒定律有M•2V0=(M+m)v,由能量守恒定律有氏=削•(2far-1(M+ni)v,联立得
M=3m,产孤婚,故B,D错误,A,C正确.
5.(多选)如图所示,在光滑水平面上,质量为,”的小球A和质量为%的小球B通过轻弹簧相连并处
于静止状态,弹簧处于自然伸长状态;质量为,"的小球C以初速度内沿AB连线向右匀速运动,并与小球
A发生弹性碰撞.在小球B的右侧某位置固定一块弹性挡板(图中未画出),当小球B与挡板发生正碰后立刻
将挡板撤走.不计所有碰撞过程中的机械能损失,弹簧始终处于弹性限度内,小球B与挡板的碰撞时间极
短,碰后小球3的速度大小不变,但方向相反.则8与挡板碰后弹簧弹性势能的最大值品可能是()
【参考答案】.BC
【名师解析】由题意知,系统初动能为品/,由机械能守恒,弹性势能不可能为,”对,选项A错误:
质量相等的C球和A球发生弹性碰撞后速度交换,当A、B两球的动量相等时,B球与挡板相碰,则碰后系
统总动量为零,则弹簧再次压缩到最短即弹性势能最大(动能完全转化为弹性势能),根据机械能守恒定律可
知,系统损失的动能转化为弹性势能Ep=)"福,选项B正确;当8球速度恰为零时与挡板相碰,则系统动
量不变化,系统机械能不变;当弹簧压缩到最短时,弹性势能最大,由功能关系和动量关系可
求出航=;〃?而一品倒好=,品,所以,弹性势能的最大值介于,〜;〃城之间都有可能,选项C正确.
6.一端连接轻质弹簧的物体B静止在光滑水平面上(如图甲所示)。物体4以速度v向右运动压缩弹
簧,弹簧的最大压缩量为x,现让该弹簧一端连接另一物体C(如图乙所示),物体A以2V的速度向
右压缩弹簧,弹簧的最大压缩量仍为x,知A、B的质量均为加,则()
A.物体C的质量为‘机3
B.物体C的质量为一机
77
7D.物体C的最终速度为"口
C.物体C的最终速度为一丫
24
【参考答案】AC
【名师解析】
A、B系统动量守恒,当A、B速度相等时弹簧压缩量最大,由动量守恒定律得:mv=(m+m)v',由
1」1,,3
-mr*一一(rn♦rn1
能量守恒定律得:22+EP,
A、C系统动量守恒,当A、C速度相等时弹簧压缩量最大,两种情况下弹簧的压缩量x相等,则两种情况
下,弹簧的弹性势能EP相等,由动量守恒定律得:m・2v=(m+mc)v",
由能量守恒定律得:"2『尸■如…犷二
解得:故A正确,B错误;A、C两物体组成的系统动量守恒,由动量守恒定律得:m«2v=mvA+nicvc,
7
由机械能守恒定律得:22'2'
联立解得:vc=3.5v,选项C正确D错误。
7.(2023湖北六校期中联考)如图所示,物块A、8间拴接一个压缩后被锁定的弹簧,整个系统静止放在
光滑水平地面上,其中A物块最初与左侧固定的挡板相接触,3物块质量为2kg.现剪断A、B间的细绳,
解除对弹簧的锁定,在A离开挡板后,8物块的。一/图如图所示,则可知()
v/ms1
A.在A离开挡板前,A、B系统动量不守恒,之后守恒
B.在A离开挡板前,A、B与弹簧组成的系统机械能守恒,之后不守恒
C.弹簧锁定时其弹性势能为9J
D.若A的质量为1kg,在A离开挡板后弹簧的最大弹性势能为3J
【参考答案】ACD
【名师解析】
在A离开挡板前,由于挡板对A有作用力,所以A、B系统所受合外力不为零,则系统动量不守恒;离开
挡板之后,系统的合外力为零,动量守恒,故A正确;在A离开挡板前,挡板对A的作用力不做功,A、B
及弹簧组成的系统在整个过程中只有弹簧的弹力做功,机械能都守恒,故B错误;解除对弹簧的锁定后至
A刚离开挡板的过程中,弹簧的弹性势能释放,全部转化为B的动能,根据机械能守恒定律,有:
E=—mBvl
2,由图象可知,VB=3m/s,解得:Ep=9J,故C正确.分析A离开挡板后A、B的运动过程,
并结合图象数据可知,弹簧伸长到最长时A、B的共同速度为v产2m/s,根据机械能守恒定律和动量守恒定
V
,E'p=~^B0吸,.
律,有:mBVo=(mA+VB)VK;22.联立解得:Ep=3J,故D正确.故选ACD.
【点睛】本题主要考查了动量守恒定律及机械能守恒定律的应用,关键是搞清运动过程,能够知道当弹簧
伸到最长时,其势能最大.
8如图所示,在光滑的水平面上静止放一质量为巾的木板B,木板表面光滑,左端固定一轻质弹簧。
质量为2m的木块A以速度如从板的右端水平向左滑上木板瓦在木块A与弹簧相互作用的过程中,下列
判断正确的是()
A.弹簧压缩量最大时,木板8运动速率最大
B.木板B的加速度一直增大
C.弹簧给木块A的冲量大小为誓
2
D.弹簧的最大弹性势能为等
【参考答案】D
【名师解析】
木块与木板发生弹性碰撞,动量守恒;当木块与长木板速度相等时,弹簧的压缩量最大,此后弹簧要
恢复原状,木板进一步加速,故A错误;木块与木板发生弹性碰撞,弹簧压缩量先增加后减小,故木板8
的加速度先增加后减小,故B错误;木块与木板发生弹性碰撞,动量守恒,机械能也守恒,根据动量守恒
定律,有2/m,0=2/Wl+加2①,根据机械能守恒定律,有Bx2,g)2=;X27W012+5iO22②,由①②两式
144
解得。|=铲0,。2=至%对木块A,根据动量定理,有2S。0=一亨〃。0(负号表示方向向右),故C
错误;当木块与长木板速度相等时,弹簧的压缩量最大,根据动量守恒定律,有25研)=(〃?+2")。③,根
据机械能守恒定律,有Ep=£x2mo()2—义(2,"+,")。2④,由③④两式解得Ep=g〃m()2,故D正确。
[微点拨]
求解含弹簧的动量和能量的综合问题的2点提醒
(1)由于弹簧的弹力是变力,所以弹簧的弹性势能通常利用机械能守恒或能量守恒求解。
(2)要特别注意弹簧的三个状态:原长(此时弹簧的弹性势能为零)、压缩到最短或伸长到最长的状态(此
时弹簧连接的两个物体具有相同的速度,弹簧具有最大的弹性势能),这往往是解决此类问题的突破点。
9.如图所示,质量为3根的物块A与质量为m的物块B用轻弹簧和不可伸长的细线连接,静止在光滑的
水平面上,此时细线刚好伸直但无弹力。现使物块A瞬间获得向右的速度。°,在以后的运动过程中,细线
没有绷断,以下判断正确的是()
”0
A.细线再次伸直前,物块4的速度先减小后增大
B.细线再次伸直前,物块B的加速度先减小后增大
C.弹簧最大的弹性势能等于专加°?
O
D.物块A、8与弹簧组成的系统,损失的机械能最多为|加的2
【参考答案】C
【名师解析】
细线再次伸直时,也就是弹簧再次回复原长时,该过程中4始终受到向左的弹力,即一直做减速运动,B
始终受到向右的弹力,即一直做加速运动,弹簧的弹力先变大后变小,故8的加速度先增大后减小,故A、
B错误;弹簧弹性势能最大时,弹簧压缩最短,此时两者速度相等,根据动量守恒定律可得3,/Oo=(3,”+
311.3
m)v,解得。=.0,根据能量守恒定律可得Epmax=5,3加。()2—于⑶a+⑼演二赳加,此时动能转化为弹簧的弹
性势能最大,故C正确;整个过程中,只有弹簧的弹力做功,系统的机械能守恒,故D错误。
10.如图所示,水平光滑轨道宽度和弹簧自然长度均为dm2的左边有一固定挡板.如由图示位置静止释
A.如的最小速度是0
B.如的最小速度是巧也s
C.的最大速度是功
D.,也的最大速度是三\,|
机]十根2
【参考答案】BD
【名师解析】:当〃“与他相距最近后,,山在前,做减速运动,,”2在后,做加速运动,当再次最近时,
〃?|减速结束,〃?2加速结束,因此此时,41速度最小,〃”速度最大,在此过程中遵从动量守恒和机械能守恒,
因此二者的作用相当于弹性碰撞,由弹性碰撞的公式可解得B、D选项正确.
11.(6分)如图甲所示,一轻质弹簧的两端分别与质量是mi、m2的A、B两物块相连,它们静止在光滑水
平面上,两物块质量之比mi:m2=2:3.现给物块A一个水平向右的初速度vo并从此时刻开始计时,
两物块的速度随时间变化的规律如图乙所示,下列说法正确的()
B.t2时刻弹簧处于伸长状态
C.V2=0.8V()
D.V3=O.5VO
【参考答案】AC
【名师解析】从图象可以看出,从。到h的过程中,mi的速度比nu的大,弹簧被压缩,h时刻两物块达到
共同速度,此后,mi的速度比m2的小,两者间距增大,弹簧的压缩量减小,所以h时刻弹簧长度最短,
t2时刻im的速度最大,此后im的速度减小,弹簧被拉伸,则t2时刻弹簧恢复原长,t3时刻两滑块速度
相等,此时弹簧最长,故A正确,B错误;两滑块组成的系统动量守恒,以向右为正方向,由动量守恒
定律得:nnvo=-mg+m2V2,t2时刻弹簧恢复原长,弹簧弹性势能为零,系统机械能守恒,由机械能守
恒定律得:纨小品13+/24,解得:V2=O.8V。,故C正确;两滑块组成的系统动量守恒,以
向右为正方向,由动量守恒定律得:mivo=(mi+m2)vj,解得:V3=0.4vo,故D错误。
12.如图,连接有水平轻弹簧的物块。静止于光滑水平面上,物块匕以一定初速度向左运动.下列关于人
b两物块的动量p随时间,的变化关系图象,不合理的是()
【参考答案】A
【名师解析】物块b以一定初速度向左运动与连接有水平轻弹簧的静止物块。相碰,中间弹簧先被压缩
后又恢复原长,则弹力在碰撞过程中先变大后变小,两物块动量的变化率先变大后变小.故A错误.
二、计算题
1.(2023福建泉州第二次质检)如图,倾角为。的固定光滑斜面上有一轻弹簧,弹簧下端固定在斜面的挡
板上,上端连接小滑块a,当a静止在P处时弹簧的弹性势能为Ep。小滑块b从斜面上与a相距L处由静
止释放,b与a瞬间碰撞后粘在一起向下运动。从碰后起,经过时间f,弹簧恰好恢复原长且两滑块速度为
零。已知b的质量为加,a的质量为2m,重力加速度大小为g,求:
(1)b与a碰后瞬间两者的速度大小:
(2),时间内a对b做的功;
(3)/时间内弹簧对挡板的冲量大小。
【名师解析】.(14分)解:
(1)设滑块b刚到达a处的速度大小为匕,由机械能守恒定律得
mgLsin^=—@(2分)
b与a碰撞后瞬间的速度大小为v2,由动量守恒定律得mvi=3znv2②(2分)
解得彩=;j2gLsin6>③(1分)
(2)设小滑块a静止时,弹簧的压缩量为X,两滑块从P处到弹簧恰好恢复原长过程中,
由系统机械能守恒定律可得-•3根宕+Ep=3mgxsin0®(2分)
设/时间内a对b做的功为W,由动能定理可得
W-mgxsinff=0--^mv2@(2分)
解得W纥⑥(1分)
3P
另解:设弹簧的劲度系数为3当a静止时,弹簧压缩量为X,有
八121,
kx-2mgsin0Ep=—bf-5+3加片+耳=3/咫心由。(2分)
设£时间内a对b做的功为W,由动能定理可得
12
W-mgxsind=0--mv2(2分)
解得W=fmgLsin。(1分)
(3)设,时间内弹簧对a的冲量为/,以沿斜面向上为正方向,由动量定理可得
1-3mgtsind=0-3m(-v2)©(2分)
1时间内弹簧对挡板的冲量大小/'二/⑧(1分)
解得I'=3mgtsinB+2gLsme⑨(1分)
2.(2023湖南郴州重点高中质检)如图所示,装置的左边是足够长的光滑水平台面,一轻质弹簧左端固定,
右端连接着质量”=3kg的小物块A。装置的中间是水平传送带,它与左右两边的台面等高,并能平滑对接。
传送带始终以丫=3,/的速度逆时针转动。装置的右边是一段光滑的水平台面连接的光滑曲面,质量
m=lkg的小物块B从其上距水平台面〃=1.0m处由静止释放。已知物块B与传送带之间的摩擦因数
A=0.3,传送带的长度L=2m。设物块A、B之间发生的是对心弹性碰撞,第一次碰撞前物块A静止且
处于平衡状态,取g=10m/s2。
(1)求物块B与物块A第一次碰撞前的速度大小;
(2)通过计算说明物块B与物块A第一次碰撞后能否运动到右边曲面上。
(1)设B滑到曲面底部速度为%,根据机械能守恒定理
;12
mgh=-mv0
解得
%-J2g/z=275m/s
由于%>u=3m/s,B在传送带上开始做匀减速运动,设B一直减速滑过传送带的速度为匕,由动能定理
可知
-/Limgl=;mVy-;mv1
解得
v,=2血m/s
由于匕=2jim/s小于3m/s,说明B在传送带上先减速后匀速,即B与A碰前速度为3m/s;
(2)设笫一次碰后A的速度为B的速度为取向左为正方向,根据动量守恒定律和机械等守恒定
律得
mv=mvB1+MVM
解得
vB1=-1.5m/s
上式表明B碰后以%।=L5m/s的速度向右反弹,滑上传送带后做在摩擦力的作用下减速,设向左减速的最
大位移为/,由动能定理得
解得
31
xR=m<L
B8
因此,在传送带上B的速度减为零,故B不能滑上右边曲面。
3有两个用一根轻质弹簧相连的木块A、8静止在光滑水平面上,其质量侬=1kg、,"p=2.95kg,一
颗质量为〃?=50g的子弹沿水平方向以oo=400m/s的速度,在极短时间内射穿A并留在B内,射穿A木块
后子弹的速度变为原来的60%。求:
AB
//Z//ZZ/Z//Z/ZZZZ//////ZZZ/Z/ZZ
(1)子弹刚穿过木块A时,木块A的速度OA;
(2)系统运动过程中弹簧的最大弹性势能Ep;
(3)弹簧再次恢复原长时木块A、B的速度大小。
【名师解析】:(1)子弹刚穿过A时,子弹与A动量守恒,设4的速度为小,子弹的速度为小,由动量
守恒定律有:
mvo=in^VA-Vnw\,
又V]=0.6%=240m/s
解得:0A=8m/s。
(2)子弹射入并留在8内,子弹与8动量守恒,设子弹与B共同的速度为⑺,由动量守恒定律:mv}=
(m+niB)VB
解得:VB=4m/s
子弹、4、3和弹簧所组成的系统动量守恒,弹簧弹性势能最大时4、8、子弹具有相同的速度以由动
量守恒定律:
"IAOA+(加+=("7++niB)V
解得:v=5m/s
由能量关系:+班2—3(6+〃〃+加8比2
解得:Ep=6Jo
(3)从子弹射入8中到弹簧再次恢复原长,系统总动量守恒,总动能不变,则:
HJAVA+(m+加8)如=NIAVA1+o+mB)VBf
解得:VAf=2m/s,VR=6m/s
或OA'=8m/s,VB,=4m/s
弹簧由压缩状态恢复至原长过程中,A减速,B加速,所以有列'<VBf,弹簧再次恢复原长时木块A、
,=
3的速度大小分别为小'=2m/s,VB6m/so
答案:(1)8m/s(2)6J(3)2m/s6m/s
4.两块质量分别为m的木块在光滑水平面上均以速度最向左匀速运动,中间用一根劲度系数为k的轻
弹簧连接着,此时弹簧处于原长,如图所示。现从水平方向迎面射来一颗子弹,质量为土,速度为v。,子弹
.
射入木块A并留在其中。求:
_2?A—8
・mTSWrm
(1)在子弹击中木块后的瞬间木块A的速度VA大小。
(2)子弹击中木块的过程中系统损失的机械能.
(3)在子弹击中木块后的运动过程中弹簧的最大弹性势能。
【名师解析】
(1)以向左为正,设子弹与A作用后二者速度均变为0,对子弹与木块A组成系统,由动量守恒得:
m?一加!=("1+加
解得O=:
(2)子弹击中木块的过程中系统损失的机械能
=+--1x(m+-(J)a=2M
(3)当三者速度相同时,弹簧弹性势能最大,设三者同速度为v,弹簧的最大弹性势能为Epm
由动量守恒定律,得:;F*+■»■=(«|+学)/
由机械能守恒定律,得::6刖)出+:««雄=:(»«+亨)『2+ER,
联立解得:0=:%,=言埒
5.(16分)(2023山东青岛高二期中)如图,一质量M=3kg、长L=5.15m的长木板8静置于光滑水
平面上,距离木板B右端”=2.5m处有一与木板等高的固定平台,平台上表面光滑,其上放置有质量为1kg
的滑块。。平台上方有一固定水平光滑细杆,其上穿有一质量Mo=2kg的滑块C,滑块C与。通过一轻弹
赞连接,开始时弹簧竖直,且处于压缩状态。一个质量为1kg的小物块A以某一初速度从8左端滑上木板,
带动B向右运动,物块A在木板8上运动的]一/部分图像如图乙所示,8与平台碰撞后即粘在一起不再运
动。A随后继续向右运动,滑上平台,与滑块。碰撞并粘在一起向右运动。A、。组合体在随后运动过程中
一直没有离开平台,且C没有滑离细杆,重力加速度g=10m/s2。求:
(1)滑块A与木板B的动摩擦因数;
(2)滑块A滑上平台时速度的大小;
(3)若弹簧笫一次恢复原长时,C的速度大小为0.5m/s,求随后运动过程中弹簧的最大弹性势能。
x/t(m・9")
10
---------------------7.75
--L--1—
【名师解析】.(16分)°0.6〃s
乙
X
(1)由图乙可知:=10-3.75/
x=10—3.75於...........................................(2分)
可得%=10m/s,加速度a=7.5m/s2
a=/jg可得〃=0.75......................................(1分)
(2)假设物块A在木板8上与8共速后木板才到达右侧平台,对A8系统,
由动量守恒定律,阴=("+m)v2
由能量关系...................(1分)
解得/=5m<5,15m....................................(1分)
B板从开始滑动到AB共速的过程中,
对B由动能定理〃=^Mvz......................
.....(1分)
解得XB=1.25m<2,5m....................................(1分)
即假设成立;8撞平台后,4在B上继续向右运动,对A由动能定理
1,1,
一〃mg(L-s相)=/机匕-5"?岭.............................(2分)
解得V3=2m/s............................................(1分)
(3)由题分析可知C的速度方向向左,以向右为正方向,设为w=-0.5m/s
对AO和C系统,由动量守恒定律机匕=2,〃%+........(1分)
三者速度相同时弹性势能最大,由动量:守恒定律
mv}=(2m+M0)v6........................................(1分)
由能量关系可知纥…=?2,成+;场试彳(2〃?+M°)v:.....(2分)
解得/皿=2J..........................................(2分)
评分标准:第1问,3分;笫2问,7分;第3问,6分。共16分。
6.(2021重庆二诊)如题图所示,质量均为m的滑块A、B用劲度系数为k的轻弹簧相连后静止放在光滑
水平面上,滑块B紧靠竖直墙壁。用大小为F的水平恒力向左推滑块A,当滑块A向左运动的速度最大时
撤去该恒力F。求:
(1)撤去恒力F时,弹簧的形变量X;
(2)撤去恒力产后,滑块A的最大速度”,;
(3)8离开墙壁后,系统的最大弹性势能Ep。
.Bvwm4l
【命题意图】本题考查平衡条件、胡克定律、动能定理、动量守恒定律、能量守恒定律及其相关知识点。
【解题思路】(1)用大小为F的水平恒力向左推滑块A,A受到推力和弹簧弹力作用,当滑块A向左的速
度最大时,弹簧弹力等于推力F
设弹簧弹力为B,则有F=B
由胡克定律Fi=kx,解得x=F/k»
(2)撤去恒力F后,滑块A在弹簧弹力作用下,先向左减速运动后向右加速运动,当滑块离开弹簧时速度
最大,在整个过程中,弹簧恢复原长,弹力做功为零,由动能定理,
2
Fx=—mvm,
2F2
解得:%,
hn
(3)8离开墙壁后,对AB和弹簧整体,当二者速度相等时,系统的弹性势能最大,由动量守恒定律,mvm
=2mv,
由能量守恒定律,E=--•2mv2,
p22
联立解得:马尸
2k
7.(12分)(2021宁夏名校质检)
如图所示,内壁粗糙、半径R=0.40m的四分之一圆弧轨道AB在最低点3处与光滑水平轨道相
切。质量,々=0.40kg的小球方左端连接一水平轻弹簧,静止在水平轨道上,质量皿=0.60kg的小球。自
圆弧轨道顶端由静止释放,运动到圆弧轨道最低点B的过程中克服摩擦力做功1.20J,忽略空气阻力,重力
加速度g=10m/s2。求:
C
(1)小球。由A运动到3点时对轨道的压力大小;
(2)小球"的最终速度;
(3)全过程弹簧对小球人的冲量/的大小.
【名师解析】(1)设“球运动到8点时的速度为匕,从AfB,根据动能定理有
12
肛小一叱=5帆M-0
其中吗=1.20J
解得以=2m/s
2
小球。运动到B点时,由牛顿第二定律有「一机话二叫—
R
解得国二12N
由牛顿第三定律知小球。对轨道的压力大小司=G=12N
(2)设4球的最终速度为匕,6球速度为%,小球。与小球6通过弹簧相互作用的整个过程中,取向右为正
方向,由动量守恒定律和机械能守恒分别得
mxvB=机]%+/n2V2
121212
-zn,vfi=-»i1v1+-1^2
解得V]=0.4m/s,v2=2.4m/s
故。球的最终速度为0.4m/s
(3)对'/?球,根据动量定理有/=/n2V2=0.4X2.4N.S=0.96N,S
8.(14分)(2021黑龙江大庆三校清北班质检)如图所示,COE为光滑的轨道,其中即是水平的,8是竖
直平面内的半圆,与互>相切于。点,且半径H=0.5m,质量加=0.1版的滑块4静止在水平轨道上,另一质
量M=0.5kg的滑块B前端装有一轻质弹簧(A、B均可视为质点)以速度%向左运动并与滑块A发生弹性
正碰,若相碰后滑块A滑上半圆轨道并能过最高点C,取重力加速度g=10/〃/S2,则
(1)B滑块至少要以多大速度向前运动;
(2)如果滑块A恰好能过C点,滑块B与滑块A相碰后轻质弹簧的最大弹性势能为多少?
【名师解析[(1)1.(9分)设滑块A过C点时速度为%,8与A碰撞后,B叼A的速度分别为匕、V2,B
2
碰撞前的速度为%,过圆轨道最高点的临界条件是重力提供向心力,由牛顿第二定律得mg=m^,
由机械能守恒定律得:~mv2=mg.2R+gmv.,
BA发生弹性碰撞,碰撞过程动量守恒、机械能守恒,以向左为正方向,由动量守恒定律得:
=Mvx+mv2,
由机械能守恒定律得:g加$=;Mv"+1m片,
联立方程并代入数据解得v0=3m/s.
(2)2.(5分)由于3与A碰撞后,当两者速度相同时有最大弹性势能E。,设共同速度为也
A、8碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒,以向左为正方向由动量守恒定律得:Mv0=(M+m)v,
2
由机械能守恒定律得:1M4=Ep+~(M+m)v,
联立并代入数据解得Ep=0.375J.
9.如图1所示,光滑水平面上放两相同小物块A、B,左端挡板处有一弹射装置P,右端N处与水
平传送带理想连接,传送带水平部分长度L=8m,沿逆时针方向以恒定速度。=6m/s匀速转动.物块A、8(大
小不计)与传送带间的动摩擦因数均为〃=02物块A、8质量〃〃=,g=1kg.开始时4、B静止,A、B间有
一压缩轻质弹簧处于锁定状态,贮有弹性势能与=16J.现解除弹簧锁定,弹开A、B,同时迅速撤走弹簧.
求:(£=10m/s2)
图1
(1)物块8沿传送带向右滑动的最远距离;
(2)物块8滑回水平面MN的速度大小办';
(3)若物体8返回水平面MN后与被弹射装置尸弹回的A在水平面上相碰,且A、8碰后互换速度,则
弹射装置P必须给A做多少功才能让A、B碰后B能从。端滑出.
【名师解析】(1)解除锁定弹开A、8过程中,系统机械能守恒:
2mv2
Ep=^mAvA+2BB①
取向右为正方向,由动量守恒有:"以办+,"8。8=0②
由①②得:0A=-4m/s,vs=4m/s
8滑上传送带做匀减速运动,当速度减为零时,滑动的距离最远,由动能定理得:
一4机8gsm=0一3③
“VB2
所以:Sm=%^=4m
物块8沿传送带向
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