模型21类平抛运动（带电粒子在电场中的偏转）（教师版含解析）-高考物理模型专题突破

21类平抛运动(带电粒子在电场中的偏转)1．(2020·湖南知源学校高二月考)AB板间存在竖直方向的匀强电场，现沿垂直电场线方向射入三种比荷(电荷量与质量的比)相同的带电微粒(不计重力)a、b和c的运动轨迹如图所示，其中b和c是从同一点射入的．不计空气阻力，则可知粒子运动的全过程说法错误的是()A．运动加速度∶aa=ab=acB．飞行时间∶tb=tc>taC．水平速度∶va>vb>vcD．电势能的减少量∶ΔEc=ΔEb>ΔEa【答案】D【详解】A．根据牛顿第二定律得：微粒的加速度为，比荷相同，E相同，所以加速度相同，即aa=ab=ac．故A正确。B．三个带电微粒竖直方向都做初速度为零的匀加速直线运动，由得：；由图有：yb=yc＞ya，则得：tb=tc>ta．故B正确。C．三个带电微粒水平方向都做匀速直线运动，由x=v0t，由图知：xa＞xb＞xc，又tb=tc＞ta．则得：va>vb>vc．故C正确。D．电场力做功为W=qEy，由于电荷量关系不能确定，所以不能确定电场力做功的大小，也就不能确定电势能减少量的大小。故D错误。本题选择错误的，故选D。2．(2020·江西九江·高二期中)如图所示，一带电小球从A处竖直向上进入一水平方向的匀强电场中，进入电场时小球的动能为EkA=4J，运动到最高点B时小球的动能为EkB=5J，小球运动到与A点在同一水平面上的C点(图中未画出)时小球的动能为EkC，则EkA：EkC为()A．l：l B．2：7 C．1：4 D．l：6【答案】D【详解】设小球在A点的初速度为v0，已知到达最高点B点时速度为v1，方向水平，且到达C点时的速度为vC，并以水平向右为x轴正方向，竖直向上为y轴正方向建立平面直角坐标系。小球的运动可分解为y方向上的竖直上抛运动，x方向上的初速度为零的匀加速直线运动。由竖直上抛运动的对称性可知，小球由A运动到B的时间与由B运动到C的时间相等，且有由初速度为零的匀加速运动的规律可知，小球由A运动到B时水平方向的位移x1与由A运动到C水平方向的位移x2满足且小球由A到B时有由A到C时有联立解得小球在C点动能为联立方程解得则有故选D。3．(2020·和县第二中学高二月考)如图所示，氕核、氘核、氚核三种粒子从同一位置无初速地飘入水平向右的加速电场E1之后进入竖直向下的匀强电场E2发生偏转，最后打在屏上。整个装置处于真空中，不计粒子重力及其相互作用，那么()A．偏转电场E2对三种粒子的冲量一样大B．三种粒子打到屏上时的速度一样大C．三种粒子运动到屏上所用时间相同D．三种粒子一定打到屏上的同一位置【答案】D【详解】BCD．粒子在加速电场中加速，由动能定理可知解得粒子在偏转电场中的时间粒子在偏转电场中的竖直位移加速电场对粒子做功为W1=qE1dq和U1相等，所以加速电场E1对三种粒子做功相等。偏转电场E2对粒子做功：W2=qE2yq、E2、y相等，则知偏转电场E2对三种粒子做功相等对整个过程，根据动能定理得由于W相等，m不等，所以v不等，即三种粒子打到屏上时速度不等；运动到屏上的总时间因为不等，所以t不等，故D正确，BC错误；A．偏转电场E2对三种粒子的冲量由于m不等，其它量都相同，所以偏转电场E2对三种粒子的冲量不是一样大，故A错误；故选D。4．(2020·湖南省临澧县第一中学高二期中)水平放置的平行金属板A、B连接一恒定电压，两个质量相等的电荷M和N同时分别从极板A的边缘和两极板的正中间沿水平方向进入板间电场，两电荷恰好在板间某点相遇，如图所示。若不考虑电荷的重力和它们之间的相互作用，则下列说法正确的是()A．两电荷在电场中运动的加速度相等B．电荷M的电荷量大于电荷N的电荷量C．从两电荷进入电场到两电荷相遇，电场力对电荷M做的功等于电场力对电荷N做的功D．电荷M进入电场的初速度大小与电荷N进入电场的初速度大小一定相同【答案】B【详解】若两板间电压为U，间距为d，长为L．两电荷质量均为m，则由题意①②由①式分析得vM、vN不一定相同；由②式分析得由②进一步分析可得两个电荷的加速度根据W=Uq可知，电场力对电荷所做的功则B正确，ACD错误。故选B。5．(2020·湖北高二月考)如图所示，在竖直放置的平行金属板A、B之间加有恒定电压U，A、B两板的中央留有小孔O1、O2，在B板的右侧有平行于极板的匀强电场E，电场范围足够大，感光板MN垂直于电场方向固定放置。第一次从小孔O1处由静止释放一个质子，第二次从小孔Ol处由静止释放一个α粒子，不计质子与α粒子的重力。已知质子和α粒子的电量比和质量比分别为：qm：qα＝1：2、mm：mα＝1：4，关于这两个粒子的运动，下列判断正确的是()A．质子和α粒子打到感光板上的位置相同B．质子和α粒子在整个过程中运动的时间相等C．质子和α粒子打到感光板上时的动能之比为2：1D．质子和α粒子在O2处的速度大小之比为1：2【答案】A【详解】A．带电粒子进入偏转电场时，根据动能定理可得进入偏转电场后电势差为，偏转的位移为y，则有速度的偏转角正切值为，有偏转位移与速度角的正切值和带电粒子无关，因此运动轨迹是一条，打到感光板上的同一位置，所以A正确；B．设粒子在加速电场中加速度为t1，加速位移为x1，在偏转电场中时间为t2，偏转位移为y，则有由于质子和α粒子的加速度位移和偏转位移相同，但是不同，所以运动时间不同，故B错误；C．从开始运动到打到板上，根据动能定理有故C错误；D．从开始运动到B板上质子的速度为v1，α粒子速度为v2，根据动能定理有解得将粒子的比荷代入故D错误。故选A。6．(2020·贺州市桂东高级中学高二月考)如图所示，氕核()、氘核()、氚核()三种粒子从同一位置无初速度地飘入电场线水平向右的加速电场，之后进入电场线竖直向下的匀强电场发生偏转，最后打在屏上，整个装置处于真空中，不计粒子重力及其相互作用，那么()A．偏转电场对三种粒子做功一样多B．三种粒子打到屏上时速度一样大C．三种粒子运动到屏上所用时间相同D．三种粒子一定打到屏上的同一位置【答案】AD【详解】D．带电粒子在加速电场中加速，由动能定理可知解得粒子在偏转电场中的时间在偏转电场中的纵向速度纵向位移即位移与比荷无关，与速度无关；所以三种粒子在偏转电场中轨迹重合，离开偏转电场后粒子做匀速直线运动，因此三种粒子一定打到屏上的同一位置，D正确；A．偏转电场E2对粒子做功q、E2、y相等，则知偏转电场E2对三种粒子做功相等，A正确；BC．因三粒子由同一点射入偏转电场，且偏转位移相同，故三个粒子打在屏幕上的位置一定相同；因粒子到屏上的时间与横向速度成反比；因加速后的速度大小不同，故三种粒子运动到屏上所用时间不相同，BC错误。故选AD。7．(2020·四川射洪中学高二月考)如图所示，电子a、b和c，先后以大小不同的初速度，从同一位置沿垂直于电场的方向射入匀强电场中，其运动轨迹如图所示，不计电子的重力，则有()A．c电子在电场中的运动时间最长B．a电子离开电场时的末速度最大C．c电子的动量变化最大D．b电子在电场中的动能的增量最大【答案】AC【详解】A．由于a、b、c三个电子在电场中的受力情况是一样的，故在竖直方向的加速度均相等，由竖直方向可知，竖直位移分量y越大，在电场中的运动时间越长，即c电子在电场中的运动时间最长，a电子在电场中的运动时间最短，故A正确；B．对电子a和b，它们离开电场时的速度为虽然b的初速度小，但b的运动时间长，无法确定a、b离开电场时速度的大小关系，故B错误；C．由动量定理可知，合外力的冲量等于动量的变化量，a、b、c三个电子所受电场力一样，但c电子在电场中的运动时间最长，可知电场力的冲量最大，因此，c电子的动量变化最大，故C正确；D．由动能定理可知，动能的增量等于合外力做功，由于c电子在电场力作用下沿电场力的方向发生的位移最大，电场力做功最多，故c电子在电场中的动能的增量最大，故D错误。故选AC。8．(2020·四川邻水实验学校高二期中)如图所示，两平行金属板间有一匀强电场，板长为L，板间距离为d，在板右端L处有一竖直放置的光屏M，一带电荷量为q，质量为m的质点从两板中央射入板间，最后垂直在M屏上，则下列结论正确的是()A．板间电场强度大小为B．板间电场强度大小为C．质点在板间的运动时间和它从板的右端运动到光屏的时间相等D．质点在板间的运动时间大于它从板的右端运动到光屏的时间【答案】BC【详解】当质点所受电场力方向向上且大于重力时，质点才可能垂直打到屏上。由运动的合成与分解，可知质点在水平方向上一直做匀速直线运动，所以质点在电场中做类平抛运动的时间和在重力场中做斜上抛运动的时间相等。由运动规律可知质点在水平方向上做匀速直线运动vx=v0在竖直方向上，在电场中vy=at如图所示离开电场后质点做斜上抛运动vy=gt由此运动过程的对称性可知a=g由牛顿第二定律得qE－mg＝ma解得E=故选BC。9．如图所示，一个质量为m，带电量为q的粒子(重力不计)，从两平行板左侧中点沿垂直场强方向射入，当入射速度为v时，恰好穿过电场而不碰金属板，要使粒子的入射速度变为，仍能恰好穿过电场而不碰金属板，保持其它量不变时，可行的办法是()A．粒子的带电量减少到原来的B．两板间的电压减小到原来的C．两板间的距离增加到原来的4倍D．两板间的距离增加到原来的2倍【答案】ABD【详解】设平行板长度为，宽度为，板间电压为，恰能穿过一电场区域而不碰到金属板上，则沿初速度方向做匀速运动垂直初速度方向做匀加速运动则偏转位移为欲使质量为m、入射速度为的粒子也能恰好穿过这一电场区域而不碰到金属板，则沿初速度方向距离仍是l，垂直初速度方向距离仍为。A．使粒子的带电量减少为原来的，则故A正确。B．使两板间所接电源的电压减小到原来的，则故B正确；CD．板的电压不变，距离变化，根据有速度减小为，则距离应该增加为2倍，故C错误，D正确。故选ABD。10．(2020·重庆市云阳江口中学校高二月考)如图所示，一电子枪发射出的电子(初速度很小，可视为零)进入加速电场加速后，垂直射入偏转电场，射出后偏转位移为Y，要使偏转位移增大，下列哪些措施是可行的(不考虑电子射出时碰到偏转电极板的情况)()A．将发射电子改成发射负离子 B．增大加速电压U0C．减小偏转极板间距离 D．增大偏转电压U【答案】CD【详解】在加速电场中在偏转电场中可得可见增大偏转电压U，减小加速电压U0，减小极板间距离d都可使偏转位移y增大，偏转位移的大小与发射的带电粒子的q、m无关，故AB错误CD正确。故选CD。11．(2020·开鲁县第一中学高二期中)如图所示，质量相同的两个带电粒子P、Q以相同的初速度沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中，P从两极板正中央射入，Q从下极板边缘处射入，它们最后打在同一点(重力不计)，则从开始射入到打到上极板的过程中()A．它们运动的时间tQ=tPB．它们所带电荷量之比qP∶qQ=2∶1C．它们的电势能减少量之比ΔEP∶ΔEQ=1∶2D．它们的动能增量之比ΔEkP∶ΔEkQ=1∶4【答案】AD【详解】A．带电粒子在垂直电场方向上不受力，都做匀速直线运动，位移相等，由x=v0t可知运动时间相等，即tQ=tP故A正确；B．平行电场方向受到电场力，做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式，有：解得：由于两带电粒子平行电场方向分位移之比为yP：yQ=1：2所以它们所带的电荷量之比qP：qQ=yP：yQ=1：2故B错误；C．电势能的减小量等于电场力做的功即△E=qEy因为竖直位移之比为yP：yQ=1：2电荷量之比为qP：qQ=1：2所以它们电势能减少量之比为△EM：△EN=1：4故C错误；D．根据动能定理，有：qEy=△Ek而：qP：qQ=1：2yP：yQ=1：2所以动能增加量之比：△EkP：△EkQ=1：4故D正确；故选AD．12．(2020·湖南知源学校高二月考)示波器的示意图如图所示，金属丝发射出来的电子加速后从两金属板的中央沿板平行方向进入偏转电场，电子穿出偏转电场后打在荧光屏上。若加速电压U1=800V，偏转极板长，板间距，不计电子的重力。求：(1)偏转电压U2为多大时，电子束的偏移量最大？(2)若偏转板右端到荧光屏的距离L=20cm，求电子束最大的偏转距离OP。【答案】(1)U2=100V；(2)【详解】(1)要使电子束打在荧光屏上偏转距离最大，电子经偏转电场必须下板边缘出来。加速电场中，由动能定理有电子在偏转电场的飞行时间为加速度为要使电子从下极板边缘出来，应有解得偏转电压为U2=100V(2)设电子离开电场后侧移距离为，则电子束打在荧光屏上最大偏转距离为因为电子离开偏转电场的侧向速度为电子离开偏转电场后的侧向位移为解得电子最大偏转距离为代入数据解得13．(2020·山东青岛二中分校高二期中)喷墨打印机是将彩色液体油墨经喷嘴变成细小微粒喷到印纸上打印技术，喷墨打印机因其技术成熟、使用成本低成为市场主流产品。某喷墨打印机的基本构造如图1所示，墨滴从发生器G射出并在充电室C中带上负电荷，从计算机来的输入信号控制每个墨滴所带的电量，并和偏转电场(匀强电场)一起控制墨滴落在纸上的位置。某同学将打印机的原理简化为图2。假设质量为m、带电量为-q的墨滴沿x轴正方向以速率v0从两板正中央进入偏转电场，墨滴经过偏转电场最终落到与x轴垂直的纸面上。已知偏转电场的场强为E，两极板的长度为L，刚好从上板边缘射出，且末速度恰好与上板成30°角飞出。已知偏转电场板间距离为l，不计墨滴重力，板与纸之间无电场。(1)求墨滴在离开偏转电场时末速度的大小；(2)求所加偏转电场的电场强度大小；(3)若偏转板的右端与纸之间的距离为s，求墨滴打到纸上位置到O＇(x轴与纸的交点)的距离y。【答案】(1)；(2)；(3)【详解】(1)把末速度分解，如图所示则末速度为(2)根据动能定理得代入解得(3)从偏转板的右端打到纸的时间为竖直方向速度为则偏转的距离y为14．(2020·江西九江·高二期中)如图所示，匀强电场方向沿x轴的正方向，电场强度为E0在A(，0)点有一个质量为m，电荷量为q的粒子，以沿y轴负方向的初速度开始运动，经过一段时间到达B(0，-)点(不计重力作用)。求：(1)粒子的初速度v0的大小；(2)当粒子到达B点时，电场力对粒子做功的瞬时功率。【答案】(1)；(2)【详解】(1)粒子在y方向不受力，做匀速直线运动；在x方向由于受恒定的电场力，做匀加速直线运动，所以粒子做的是类平抛运动。设粒子的初速度为v0，则在y方向上有在x方向上有又可得(2)设粒子到达B点时沿x轴方向的速度为vx，电场力做功的瞬时功率由运动学公式可得所以15．(2020·河北省尚义县第一中学高二期中)一束质量为m、电荷量为q的带电粒子以平行于两极板的速度v0进入匀强电场，如图，如果两极板间电压为U，两极板间的距离为d，板长为L(该粒子束不会击中极板)，求：(1)粒子在极板中运动的时间；(2)粒子在电场方向发生的侧移量；(3)粒子从进入电场到飞出极板时电势能的变化量(粒子的重力忽略不计)。【答案】(1)；(2)；(3)【详解】(1)粒子在极板间运动的时间(2)垂直于极板方向的加速度所以粒子在飞越极板间电场过程中，在电场方向发生的侧移(3)两极板之间电场强度电场力对粒子做的功所以粒子电势能的变化量16．(2020·四川射洪中学高二月考)如图所示，两平行金属板A、B长为L，两极板间距离d，UAB=U(U＞0)，一电荷量q质量为m的带正电的粒子，沿电场中心线RD垂直电场线方向飞入电场，初速度v0，粒子飞出平行板电场后经过界面MN后打在放置于中心线上的荧光屏PS上，界面MN和PS间的无电场，已知两界面MN、PS相距为，不计粒子重力(静电力常数为k)。(1)求粒子穿过界面MN时偏离中心线RD的距离多远；(2)到达PS界面时离D点多远。【答案】(1)；(2)【详解】(1)粒子穿过界面MN时偏离中心线RD的距离,(2)带电粒子的运动轨迹如下图，根据平抛运动的规律，速度的反向延长线通过水平位移的中点，由几何关系可知解得17．(2020·汕头市澄海中学高二月考)如图，电子经过电压为U的电场加速后，立即射入偏转匀强电场中，射入方向与偏转电场的方向垂直，射入点为A，最终电子从B点离开偏转电场。已知偏转电场的电场强度大小为E，方向竖直向上(如图所示)，电子的电荷量为e，质量为m，重力忽略不计。求：(1)电子进入偏转电场时的速度v0；(2)若将加速电场的电压提高为原来的2倍，使电子仍从B点离开，则偏转电场的电场强度E应该变为原来的多少倍？【答案】(1)；(2)2【详解】(1)电子在电场中的加速，由动能定理得解得(2)设电子的水平位移为x，电子的竖直偏移量为y，则有联立解得根据题意可知x、y均不变，当U增大到原来的2倍，场强E也增大为原来的2倍18．(2020·重庆市第三十七中学校高二期中)如图所示，一质量为kg，带电量为C的粒子，从静止开始被加速电场(图中未画出)加速后从R点沿中线水平方向飞入平行板电容器，初速度m/s，已知两平行金属板A、B水平正对且长均为l＝10cm，两板间距d＝10cm，UAB＝180V。粒子飞出平行板电场后经过界面MN、PS间的无电场区域后，进入固定在中心线上O点的点电荷Q形成的电场区域(设界面PS右边点电荷的电场分布不受界面的影响)。已知两界面MN、PS相距为L＝15cm，粒子穿过界面PS后被点电荷Q施加的电场力俘获，从而以O点为圆心做匀速圆周运动，最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏EF上(静电力常量N·m2/C2，粒子重力不计)。求：(1)加速电场的电压；(2)粒子穿过界面MN时偏离中心线RO的距离y；(3)点电荷Q的电荷量(取，保留一位有效数字)。【答案】(1)450V；(2)1cm；(3)－4×10－9C【详解】(1)根据电场力做的功等于动能解得=450V(2)粒子的运动轨迹如图所示穿过所用时间为距离为根据牛二定律，加速度为，联立解得＝1cm(3)竖直方向速度则合速度为则图中θ角为Y＝4cm又因为库伦力提供向心力＝0.04m联立解得＝－4×10－9C19．(2020·重庆市云阳江口中学校高二月考)虚线间存在如图所示的水平匀强电场，一带电粒子质量为m=2.010-11kg，电荷量为q=+1.010-5C，从a点由静止开始经电压为U=100V的电场加速后，垂直进入匀强电场中，从虚线MN的某点b(图中未画出)离开匀强电场时速度与电场方向成30°角。已知PQ、MN间距为40cm，带电粒子的重力忽略不计。求：(1)带电粒子刚进入匀强电场时的速率；(2)水平匀强电场的场强大小；(3)两点间的电势差。【答案】(1)1×104m/s(2)(3)400V【详解】(1)粒子在电场中加速，由动能定理得：代入数据解得：v1=1×104m/s(2)粒子在电场中做类平抛运动，沿初速度方向：d=v1t沿电场方向：vy=at由题意可知：由牛顿第二定律得：qE=ma解得：(3)由动能定理得：代入数据解得：Uab=400V20．(2020·湖南省临澧县第一中学高二期中)如图所示，两平行金属板A、B长为L=8cm，两板间距离d=8cm，A板比B板电势高300V，一带正电的粒子电荷量为q=1.0×10-10C，质量为m=1.0×10-20kg，沿电场中心线RO垂直电场线飞入电场，初速度v0=2.0×106m/s，粒子飞出电场后经过界面MN、PS间的无电场区域，然后进入固定在O点的点电荷Q形成的电场区域(设界面PS右侧点电荷的电场分布不受界面的影响)。已知两界面MN、PS相距为12cm，D是中心线RO与界面PS的交点，O点在中心线上，距离界面PS为9cm，粒子穿过界面PS做匀速圆周运动，最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏bc上。(静电力常量k=9.0×109N·m2/C2，粒子的重力不计)(1)求粒子穿过界面MN时偏离中心线RO的距离多远？(2)到达PS界面时离D点多远？(3)确定点电荷Q的电性并求其电荷量的大小。【答案】(1)3cm；(2)12cm；(3)1.04×10-8C【详解】(1)带电粒子垂直进入匀强电场后，做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀加速直线运动．设粒子穿过界面MN时偏离中心线RD的距离为y，则联立解得(2)粒子在MN、PS间的无电场区域做匀速直线运动，设粒子到达PS界面时离D点的距离为Y，由几何关系可得解得：Y=0.12m(3)因粒子穿过界面PS后将绕电荷Q做匀速圆周运动，故Q带负电设粒子穿过界面MN时的速度为v，则有设圆周运动的半径为r，由几何关系得由库仑定律可得联立可得21．(2020·云南省云天化中学高二期中)在直角坐标系中，两个边长都相同的正方形排列如图所示，第一象限正方形区域ABOC中有水平向左的匀强电场，电场强度的大小为E0；在第二象限正方形COED的对角线CE左侧CED区域内有竖直向下的匀强电场，三角形OEC区域内无电场。现有一带电量为＋q、质量为m的带电粒子(重力不计)从AB边上的A点静止释放，恰好能通过E点。(1)求CED区域内的匀强电场的电场强度E1；(2)若正方形边长为Ｌ，粒子从AB边中点由静止释放，求粒子从DE边离开的位置坐标。【答案】(1)；(2)【详解】(1)设粒子在第一象限的电场中加速运动，出第一象限时速度为v，由动能定理得在第二象限中由类平抛运动的规律解得(2)在第二象限中由类平抛运动的规律解得则从DE边离开的位置坐标为。22．(2020·江苏省响水中学高二期中)水平放置的两块平行金属板长L＝5.0cm，两板间距d＝1.0cm，两板间电压U＝90V，且上板为正。一个不计重力的，带电量为q=1.6×10-19C质量m=9×10-31kg的带电粒子沿水平方向以速度v0＝2.0×107m/s从两板中间射入，如图所示。(1)带电粒子偏离金属板时的偏移距离y是多少？(2)带电粒子飞出电场时的速度大小、方向分别是什么？(3)带电粒子离开电场后，打在屏上的P点。若s＝10cm，求OP的高度。【答案】(1)0.5cm；(2)2.04×107m/s，tanθ=0.2；(3)2.5cm【详解】(1)粒子在电场中的做类平抛运动，水平方向上竖直方向上做匀加速运动且代入数据整理得y＝0.5cm(2)粒子飞出电场时，竖直分速度vy＝at＝＝4×106m/s则粒子飞出电场时的速度v＝=×107m/s=×107m/s≈2.04×107m/s设v与v0的夹角为θ，则(3)粒子飞出电场后做匀速直线运动，则OP＝y＋s·tanθ＝2.5cm23．(2020·四川省绵阳南山中学高二期中)如图所示，在竖直放置的平行金属板A、B之间加有恒定电压U，A、B两板的中央留有小孔O1、O2，它们之间的距离为d，在B板的右侧有平行于极板的匀强电场E，电场范围足够大，感光板MN垂直于电场方向固定放置，从小孔O1处由静止释放一个带电粒子，质量为m，电量为+q，O2离MN的高度为h，不考虑粒子重力，求：(1)粒子到达小孔O2时的速度大小；(2)粒子打在感光板MN上的位置与金属板B的水平距离；(3)粒子从O1处出发到打到感光板上所用的时间。【答案】(1)；(2)；(3)【详解】(1)由动能定理解得(2)粒子进入B板右侧后做类平抛运动，竖直方向有粒子进入B板右侧后做类平抛运动的时间水平方向有解得(3)粒子从运动到所需要的时间解得则粒子从处出发到打到感光板上所用的时间解得24．(2020·南阳市第十中学校高二月考)如图所示，有一质子(质量为m，电荷量为e)由静止开始经电压为U1的电场加速后，进入两块板间距离为d，板间电压为U2的平行金属板间，若质子从两板正中间垂直电场方向射入偏转电场，并且恰能从下板右边缘穿出电场。求：(1)质子刚进入偏转电场U2时的速度；(2)质子在偏转电场U2中运动的时间和金属板的长度；(3)质子穿出偏转电场时的动能。【答案】(1)；(2)，；(3)【详解】(1)质子在加速电场中有解得(2)质子在偏转电场中的运动可分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的匀加速直线运动水平方向竖直方向加速度由以上各式解得极板长运动时间(3)质子在整个运动过程中由动能定律得质子射出电场时的动能25．(2020·湖南高二期中)如图所示，一质量为、电荷量为的带粒子速度从连线上的点水平向右射入大小为、方向竖直向下的匀强电场中。已知与水平方向成角，带粒子的重力不计，则粒子到达连线上的点(图中没画出)，求：(1)小球从点运动到的时间；(2)点到点的电势差。【答案】(1)；(2)【详解】(1)到，由类平抛运动规律得粒子在电场中的加速度联立求解(2)沿着场强方向得距离点到点的电势差26．(2020·江北·重庆十八中高二期中)在一柱形区域内有匀强电场，柱的横截面积是以O为圆心，半径为R的圆，AB为圆的直径，如图所示。质量为m，电荷量为q(q>0)的带电粒子在纸面内自A点先后以不同的速度进入电场，速度方向与电场的方向垂直。已知刚进入电场时速度为零的粒子，自圆周上的C点以速率v0穿出电场，AC与AB的夹角θ=。运动中粒子仅受电场力作用。求：(1)从圆周上的B点穿出电场的粒子，进入电场时速度应为多大？(2)为使粒子穿过电场后的动能增量最大，该粒子穿出电场时的动能为多大？(3)粒子穿过电场前后动量变化量的大小为mv0，则粒子穿出电场时的动能为多大？【答案】(1)；(2)；(3)【详解】(1)由题意知在A点速度为零的粒子会沿着电场线方向运动，由于q>0，故电场线由A指向C，根据几何关系可知xAC=R根据动能定理有从B点出电场，在电场中做类平抛运动，根据几何关系有，根据牛顿第二定律有联立解得(2)根据题意可知要使粒子动能增量最大则沿电场线方向移动距离最多，做AC垂线并且与圆相切，切点为D，即粒子要从D点射出时沿电场线方向移动距离最多，粒子在电场中做类平抛运动，如图所示根据几何关系有，根据牛顿第二定律有qE=ma联立各式解得粒子进入电场时的速度故出电场时的动能+(3)因为粒子在电场中做类平抛运动，粒子穿过电场前后动量变化量大小为mv0，即在电场方向上速度变化为v0，过C点做AC垂线会与圆周交于B点，故由题意可知粒子会从C点或B点射出从C点射出分粒子，电场时的动能从B点射出分粒子，电场时的动能27．(2020·安徽高二期中)如图所示，水平放置的两块平行金属板长为l，两板间距为d，两板间电压为U，且上板带正电，一个电子沿水平方向以速度，从两板中央射入，已知电子质量为m，电荷量为q求电子偏离金属板的侧位移是多少？电子飞出电场时的速度是多少？电子离开电场后，打在屏上的P点，若s已知，求OP的长．【答案】(1)电子偏离金属板时的侧位移是；(2)电子飞出电场时的速度大小为；(3)OP的长为．【详解】(1)电子在电场中做类平抛运动，则：水平方向有：l=v0t竖直方向有：联立得电子偏离金属板的侧位移为：y0=(2)在竖直方向的分速度为：在水平方向的分速度为：vx=v0所以：v==(3)电子飞出电场后，做匀速直线运动，则：tanθ==所以OP=y0+stanθ=【点睛】该题是带电粒子在