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文档简介
2023年高考数学模拟考试卷3(理)
第I卷
一、选择题
1.若霄(αeR)是纯虚数,贝IIa=()
A.-1B.IC.-9D.9
K答案》A
α+3i_(α+3i)(3-i)_3a+3(9-。).
工解析U3+i-(3+i)(3-i)-10+10'
3〃+3„
--------=O
因为害是纯虚数,10
故,得α=—1,
(9一〃)
ʌ——^≠0
10
故选:A.
2.已知集合M={引丫=3一,,%>1},N={y∣y=log3X,O<x<l},则MCN=()
A.{引O<y<g}B.{γ∣O<y<l}C.{yg<y<l}D.0
R答案UD
K解析DM={y∣y=3τ,x>l}=(yO<y<g,,TV={y∣γ=IogXO
39<%<D={y∣yv。},
则McN=0.
故选:D
3.某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为()
π
B.C.πD.2π
2
K答案』C
K解析》由三视图还原几何体,如图,
该几何体是由两个四分之一圆(半径为r=l)组成的图形作为底面,高为〃=2的柱体,
所以该几何体体积为V=S∕ι=2x,b2∕7=Lτtxl2χ2=π∙
42
4.如图,正方形A8C3的边长为2,圆A半径为1,点P在圆A上运动,则BPBD的取值
A.[2,6]B.[2√2,6√6]C.[4-2√2,4+2√2]D.[2,2√Σ]
K答案HC
K解析D设AP与Bo的夹角为。,则0≤6≤τr,
BPBD=(BA+AP)∙BD=BA∙BD+AP∙BD
=2×2√2cos45°+l×2√2cos6>
=4+2∖∣2cosθ>
因为-I≠fcos01,
所以4-2&≤BP∙BO≤4+2四,
故选:C
5.已知16COS2——3cos2/9=3,则CoSg=().
2
A.-亚B.--C.ID.更
3333
K答案2B
nnι,CCqn
K解析』由16cos2g-3cos2M=3,将cos??=,cos26=2cos26-1代入化简
222
得8(l+cos6>)-3(2cos2j-l)=3,
2
即3cos?8-4COSe-4=0,解得COSe=2(舍去)或COSe=—
故选;B.
6.已知函数"x)=W+si∏2χ,设储,χ2∈R,则"x,)>∕6)成立的一个必要不充分
条件是()
A.Xl>X2B.X2>X1
C.xl+x2>0D.∣xlI>x2
K答案DD
K解析》函数/(X)的定义域为R,
则函数f(-x)=∣-X∣+Sin2(-x)=∣Λ∣+sin2x=f{x),
所以函数/(x)是偶函数,
当x>0时,/(x)=x+sin2X,
f'(x)=1+2sinxcosx=(sinx+cosx)2≥0,
所以/(ɪ)在(0,xo)上单调递增,所以/(x)在(-∞,0)上单调递减.
若/(%)>f(∕),则∣%∣>∣W∣,即∙√>X2:
A:若为=1,超=-2,满足再>/,但/⑴</(-2)=/(2),反之也不成立,故选项A错
误;
B:若占=4,Λ2=5,满足声>王,则f(4)<∕(5),反之,若/(xl)>/、(%),不一定
W>X,故选项B错误;
C:由χ∣+%>0可得%>-々,但不一定有/(%)>/(々),所以充分性不成立,故选项C
错误;
D:由㈤>%可得可(%)>f(x2),但由Fa)>f(j⅛)不一定能推出|引>声,故D正确.
故选:D.
7.小明买了4个大小相同颜色不同的冰墩墩(北京冬奥会吉祥物)随机放入3个不同袋子
中,则每个袋子至少放入一个冰墩墩的概率是()
3C2-9-4
A.—B.—C.—D.一
427169
R答案2D
K解析U小明将4个大小相同颜色不同的冰墩墩随机放入3个不同袋子中,有34=81种
不同的放法,
若每个袋子至少放入一个冰墩墩,则分2步进行分析:
①将4个冰墩墩分为3组,有C;=6种分组方法,②将分好的3组放入3个不同的袋子
中,有A;=6种情况,则有6x6=36种方法,所以所求的概率为郎=,
故选:D
8.设函数〃£)=COS(Or+*)(是常数,ω>0,0<φ<^),若f(x)在区间[点上
具有单调性,且一点)=一/(1)=一/(答)则函数是f(x)的最小正周期是()
Tr3
A.-B.πC.-7iD.2兀
22
K答案HB
K解析》若/(X)在区间[-泰工上具有单调性,则;寺宅+5∙∙.O≤6,
则“X)的图象关于点(Iq对称,∙∙J。)的图象关于直线X=I对称,
兀兀7T尸X
/.coX(P=kτ1t+ɪ,κ∈Z(X),
兀
且ox.+e=〃兀,攵∈z,②
两式相减,可得3=4(〃-Z)-2,又因为O<G≤6,故0=2或。=6.
当勿=2时,则结合O<0<]和①式可得/=5,/(x)=cos^2x+^.
TT
当。=6时,则结合O<0<,和②可得。不存在,
综上〃X)=COS(2x+1)
故它的最小正周期为W=兀,
2
故选:B.
9.已知”=∙∣,6=/,C=In5-ln4,则α,b,c的大小关系为()
A.a>b>cB.a>c>bC.b>a>cD.b>c>a
K答案》C
K解析U设/(x)=e'-x-l,
则((x)=e,一1,
当x>0时,/,x)>O,当x<O时,/'(x)<0,
所以f(x)在(0,+8)上单调递增,在(-8,0)单调递减,
所以"*ta"(°)=°,
所以■/(x)≥:。oeΛ.-x-l≥0=>eΛ.Nx+1,在R上恒成立,
N32
所以b=e5≥---F1=—=<7,
55
设g(x)=lnx-x+l,
则/(x)=^-l,
当x〉I时,g'(x)<O,当O<x<l时,g'(χ)>o,
所以g(χ)在(l,+∞)上单调递减,在(0,1)单调递增,
所以g(x)max=g(l)=lnl-l+l=O,
所以g(x)≤。=>lnx-x+l≤。=>lnx≤x-l,在(0,+8)上恒成立,
5512
所以C=ln5—In4=In—<—1=—<—=a,
4445
从而有人α>c,
故选:C.
10.已知数列{%}满足all+l=a:-a,,+l(w∈N'),且q=2023,若存在正偶数m使得
22n,
(-l)'tzl+(-l)^++(-l)⅛+^=2022αla24”成立,则皿=()
A.2016B.2018C.2020D.2022
K答案XD
a—1
K解析》由题意,屋=4用故4=3-r,
an-[
...2022«,α2,•勺=2022•”1•曰∙Ufl=
β1->a2-∖am-∖
m1flfl
,∙'为正偶数,,(-Ip⅛.ι+(-I)™⅛=-(m+m-ι-1)+(⅛÷∣+¾,-l)=‰-¾,-ι
wl=aa+m
,左边=(4-4)+(%一生)+…+(q”+l—α,z)+m+∖~∖,
此时,‰-^+w=¾,÷>
m=al-∖=2022.
故选:D.
22
11.已知两点A,M在双曲C5∙-g=l(">O,A>O)的右支上,点A与点B关于原点对称,
BM交y轴于点N,若A8_L4W,且ON2+8OA∙ON=0,则双曲线C的离心率为()
A.√5B.ʌ/ðC.√7D.2正
K答案XD
K解析11如图,不妨设A在第一象限,取BM的中点。,连接OQ,
因为。为AB的中点,故OQHAM,
3(x∣,y)α<0,M<0),M(x2,y2),Q(xv,y∆,xl≠x2,
i
222
y,
2一-12O
B,M在双曲线上,则‹fcA,两式相减可得,32-=
。
⅛2
即X+必2⊂Λ=C而空=骁=
2x+x2x
X,+x2X1-x2al20
=,
故ktiM'^OQ~2即"aw-~^2~^)
又因为A3,AM,则08LOQ,即心屋心。=々,
所以=即&=一2,所以%之,
网⅞Jo玉a-χx
又ON?+80A∙ON=0,则I。NF=-81OAllON∣cosNAoN,
即IoNI=一810AlcosZAON=8∣yl∣,故N(0,8y∣),
i
所以ABN=犯一左=_41,而MJM=ZaV,⅛-^Γ=--,
xx
-ι∖axλxλ
故4=7,则双曲线C的离心率为e=、匹五=.hZ⅛=2√2,
a^VaVa~
根据双曲线的对称性可知,当A在第四象限时,同理可求得e=2a,
当A在双曲线的顶点时,由于此时AM与双曲线相切,不合题意,
故双曲线C的离心率为e=2√5,
故选:D.
12.己知函数/⑴的定义域为R,g(x)=(x-l)∕(x),若/(2-x)是奇函数,/(l-χ)是偶
5()
函数,且g(ll)=20,则Zg(k)=()
Jl=I
A.-46B.-47C.-48D.-49
K答案HC
K解析D解:因为“1-X)是偶函数,所以"l-χ)=y(l+χ),即f(2-x)y(x),
故f(χ)的图象关于直线χ=l对称.
因为f(2-x)是奇函数,所以f(2-x)+f(2+x)=0,g∣J∕(2-x)=-∕(2+x),
故"x)的图象关于点(2,0)对称,
所以/(2+x)=-∕(x),/(4+x)=-∕(x+2)=∕(x),
所以,f(x)是周期为4的周期函数,
对于f(lτ)=∕(l+x),令X=L得〃0)="2),
对于/(2-x)+∕(2+x)=0,令X=0,得/(2)=0
又〃M是周期为4的周期函数,
所以/(O)=∕(4),所以/(2)=∕(4),
所以,/(2)=/(4)==∕(5O)=O
所以g(2)=g(4)==g(50)=0.
因为g(l1)=10〃II)=IO/(3)=TO/(1)=20,
所以/(l)=-2,
对于"2—x)+∕(2+x)=0,令χ=l,W/(1)+/(3)=0,即/(3)=∙√⑴,
所以/(3)=-/(1)=2
所以g(l)+g⑶=0+2/(3)=2/(3)=4,
g(5)+g⑺=4∕(5)+647)=4∕(l)+643)=2∕(3)=4,
,•••,
g(45)+g(47)=44/(45)+46/(47)=44/(1)+46/(3)=2/⑶=4,
5()
所以Zg(&)=(g(2)+g(4)++g(50))+U(I)+g(3))+(g(5)+g(7))+
2=1
+(g(45)+g(47))+g(49)=4xl2+48"l)=T8∙
故选:C.
第∏卷
二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.
13.(5-3x+2y)"展开式中不含y的项的系数和为64,则展开式中的常数项为
K答案H15625
R解析》(5-3x+2y)"展开式中不含y的项,即展开式中y的指数为0,即(5-3x)"的展
开式,再令x=l,得(5-3》+2»展开式中不含、的项的系数和为(5-3)"=64,,〃=6,
求(5-3x+2y)6展开式中的常数项,由(5-3x+2y)fi=[5-(3x-2y)]6,
所以展开式中的常数项为C;X56=15625.
故R答案H为:15625
14.已知点A(6,0),点尸在抛物线V=16x上运动,点2在曲线(x-4p+y2=ι上运动,
则售的最小值是.
∖PB∖
K答案H2√41-6
K解析》抛物线y2=16x的焦点为F(4,0),设尸点坐标(χ,y),则IPFI=X+4
IPAF=(X-6)2+y?=(》_6尸+16X=∕+4X+36,
由题意当IPBl=IPFI+l=χ+5时,⅜=∙r+4x+36
IPBlX+5
人U∏,UPA(-5)2+4(7—5)+36∕2-6∕+4141/
令x+5=f,则lX=f-5,∖~L——————乙——=--------=/+——6,
IPBlttt
41.—
由基本不等式知r+亍≥2"i,当且仅当t=α时等号成立
故牛4■的最小值为2d-6∙
∖PB∖
故K答案H为:24T-6
15.已知数列{%}的前〃项和为S,,(S,,≠0),7;,为数列{S,,}的前n项积,满足Sn+Tn=Sn-Tn
(“为正整数),其中Z=4,给出下列四个结论:①4=2;②4=”(2:_1);③{Z,}为等
差数列;④5“=四.其中所有正确结论的序号是.
n
K答案FΦ©④
R解析员因为S,,+<=S,,Z(〃WN*),
所以当”=1时,51+7]=S∣∙[=2q=";,解得4=2或4=0,
又S,,≠0,所以4H0,故4=2,故①正确;
S
因为s,,+Z,=s,,Z,易得s,*ι,所以T=T
S
当“22时,7Lτ=s],
所以Z-=力—χS'i-1,则5“=二—.S,IT
T„.tSl,-∖S„.,S,,-lS„_,
≡⅛⅛=⅛^='÷⅛则,
V------=-------=1
S1-Ia1-l
所以是以占=1为首项,1为公差的等差数列,
所以/^7=ι+("-ι)χi=",则S,=5∙,
3“Tn
n-U1
经检验,5=4=2满足上式,所以S,,=q,故④正确;
n
H+1
所以(=』=京L=〃+l,则7;-7;T=5+l)-〃=l∕≥2,
3〃T〃十I_]
n
所以{4}为等差数列,故③正确;
M+1nn2-l-n21
当〃≥2时,q=S〃-Sl
nn-∖〃一1)∕ι(n-l)
又4=2不符合上式,
2,n=∖
所以为=,1_…故②错误.
-1i∖,n~2
nyn-∖j
故K答案H为:①③④.
16.为弘扬中华民族优秀传统文化,某学校组织了《诵经典,获新知》的演讲比赛,本次
4π
比赛的冠军奖杯由一个铜球和一个托盘组成,如图①,已知球的体积为石,托盘由边长
为4的正三角形铜片沿各边中点的连线垂直向上折叠而成,如图②.有下列四个结论:
F
B
ττ
①经过三个顶点A,B,。的球的截面圆的面积为一
②异面直线AD与CF所成的角的余弦值为V
8
TT
③直线AD与平面DEF所成的角为§
④球离球托底面OEF的最小距离为6+逅-1
3
其中正确的命题是.(请将正确命题的序号都填上)
K答案H②③④
K解析D取r>E,EF中点N,M,连接AB,BC,AC,BM,MN,AN,如图,
Crz-------
因ABEF为正三角形,则防,而平面应尸,平面OEE,平面8"I平面
DFE=EF,u平面啊,
于是得BM上平面DFE,同理AN工平面OFE,即//AV,BM=AN=A
因此,四边形ABMN是平行四边形,有ABiiNMIIDF,同理AC〃E£8C//Z)E,
1同
AB=AC=BC=MN=-DF=1,AfiC外接圆半径r=上,
23
经过三个顶点A,B,C的球的截面圆是ABC的外接圆,其面积为。,①不正确;
连接DM,AM,因AC〃M£AC=MF=1,则四边形ACRW是平行四边形,AMHCF,
即有NMAD是异面直线4。与C尸所成的角或其补角,AM=CF=I,加〃)中,
AD=2,DM=瓜
由余弦定理得:cosZMADɪΛD→AM--DM-=5②正确;
2ADAM8
TT
因4V1平面。匹E,则NADE是直线AZ)与平面QEF所成的角,而NADE=§,③正
确:
4五4ττo4τr
体积为——的球半径R,由——H'=-得R=I,由①知,球心到平面ABC的距离
333
d=√F≡7=在,
3
由①,同理可得点C到平面OEE的距离为石,即平面ABC与平面OFE的距离为石,
所以球面上的点到球托底面OEF的最小距离为BM-(R-4)=百+半-1,④正确,
所以正确的命题是②③④.
故K答案H为:②③④
三、解答题:共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.第∣7~21题为必考题,
每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题,考生根据要求作答.
17.在「A8C中,内角A,8,C的对边分别为α,4c,且
βsinA=c(sinC-2sinB)+6(sinC+sinB).
(1)求角A;
(2)若ABC为锐角三角形,求途S-C)的取值范围.
2a
解:(1)因为QSinA=C(SinC-2Sin8)+/?(SinC+sinB),所以由正弦定理得
a2^c(c-2b)+b(c+b),整理得//+C?-/=9,,由余弦定理得CoSAJ2+;;片=3.因
TT
为0<A<π,所以A=一.
3
(2)由正弦定理得
6伍一。)√3sinB-sinC....(2π∖.(π›
--------------------------=sɪnB-smC-sinB-SinBβ=sιnB——.
2a2SinA(3)\3)
0<B<巴,
2
因为ASC为锐角三角形,所以《C
解得一<8V―,所以一
62636
所以一;<sin(B-∙∣]<g,
故且出©的取值范围为
2a<22;
18.某网络"P在平台开展了一项有奖闯关活动,并对每一关根据难度进行赋分,竞猜活
动共五关,规定:上一关不通过则不进入下一关,本关第一次未通过有再挑战一次的机
会,两次均未通过,则闯关失败,且各关能否通过相互独立,己知甲、乙、丙三人都参加
了该项活动.
(1)若甲第一关通过的概率为=,第二关通过的概率为9,求甲可以进入第三关的概率;
(2)已知该闯关活动累计得分服从正态分布,且满分为450分,现要根据得分给共2500
名参加者中得分前400名发放奖励,
①假设该闯关活动平均分数为171分,351分以上共有57人,己知甲的得分为270分,问甲
能否获得奖励,请说明理由;
②丙得知他的分数为430分,而乙告诉丙:“这次闯关活动平均分数为201分,351分以上
共有57人”,请结合统计学知识帮助丙辨别乙所说信息的真伪.
附:若随机变量Z~N(〃,"),贝∣JP(〃一b≤X≤"+b)kO.6827;
P(μ-2σ≤X≤μ+2σ)≈0.9545;P(μ-3σ<X<μ+3σ)≈0.9973.
解:(1)设4:第i次通过第一关,Bi:第i次通过第二关,
甲可以进入第三关的概率为P,
由题意知P=P(A4)+尸伍A∕J+P(A瓦巴)+网•4瓦名)
=P(A)P(耳)+P(%)P(4)P(BJ+P(A)P(瓦)P(4)+P(4)P(4)P(瓦)尸(修)
25
36
(2)设此次闯关活动的分数记为XN出吟.
①由题意可知〃=171,
因为ɪ=0.0228,且P(X>〃+2b)=IT匕2h≤X≤竺2b)=>09545Bθθ228,
250022
所以〃+2b=351,则Cr=-------=90;
2
400,/,、l-P(u-σ≤X≤μ+σ]1-0,6827
而----=0.16,S,P(X>u+σ)=---------------_L=---------≈0.1587<0.16,
25001户,22
所以前400名参赛者的最低得分高于〃+b=261,
而甲的得分为270分,所以甲能够获得奖励;
②假设乙所说为真,则〃=201,
/、I-P(u-2σ<X≤u+2σ)1-0.9545
尸(X≥M+2b)=——二--------------L=;≈0.0228,
H57…CC,,351-201ru
而----=0.0228,所cr以<τ=--------=75,
25∞2
从而〃+3b=201+3x75=426<430,
k/、l-P(u-3σ≤X<μ+3σ)1-0.9973
而尸(X≥〃+3σ)=----止--------------L=——-——≈0.0013<0.∞5,
所以X≥"+3b为小概率事件,即丙的分数为430分是小概率事件,可认为其不可能发
生,但却又发生了,所以可认为乙所说为假.
19.如图①,已知V48'C是边长为2的等边三角形,。是A3'的中点,DH工B'C,如图
②,将一BT)“沿边。“翻折至△比归.
图①图②
(1)在线段BC上是否存在点F,使得A尸〃平面以双?若存在,求三的值;若不存
FC
在,请说明理由;
(2)若平面3"C与平面BD4所成的二面角的余弦值为:,求三棱锥3-OC”的体积.
解:(1)存在点尸满足题意,且B黑F=]1,理由如下:
在图①中,取B'C的中点连接A",则
在图②中,AMHDH,AVz平面比归,,归U平面瓦),,
所以A"〃平面E)”,且网=';
MC2
在线段BC上取点尸使B芸F=;1,
rC2
连接"F,E4,则同理可得MF〃平面8。”,
图①
又因为MRCAM=M,MEAJWu平面AW尸,所以平面AME〃平面BE归,
又因为AFU平面AM尸,所以A尸〃平面B。/7.
(2)在图②中,DHLHC,DH:LHB,HCcHB=H,HC,HBu平面BHC,所以£)4,平
面3HC,
法一:以“为原点建立如图所示的空间直角坐标系,
,θ[θ,半θj,
设/8HC=6e(0,π),则COSe,O,;sin。),
1<31.1「0〕
DrιBo=—ConSa-----,—sinΘDA=2'T'°J
\222
设平面BA4的法向量为%=(χ,y,z),
X√3Z
m∙DB=-cosθ-y+-sin0=O
2-2~6(1+COS8)
则〈令y=1,则X=-ʌ/ɜ,Z=即
n4I√3Sine
m∙DA=-x-∖-y--=0
22
ɪ同1+cos。)、
易知平面3HC的一个法向量〃=(OJO),
1
--ZZ-1
若平面MC与平面曲所成的二面角的余弦值转,则不2
1+cos。i3
Sine
化简整理得:匕B”,5
Sme
,θ/3.√15
所fic以μtan—=J-,sin。n=---,cos。=-,所以8
2\544o
则三棱锥8-。CH的高为巫,.
8
又因为底面积Sdcii=-×-×^-=^^-,
DCH2228
所以三棱锥B-Z)CH的体积为匕J=Lx迈X巫=亚
B-DcH38864
法二:延长4λC”相交于点N,事实上点N即为点8',
则平面8,CC平面BDA=BN,
过H作〃TLBN,垂足为T,连接。T,
因为£归,平面5HC,BNU平面BHC,所以DHLBN,
又HTCDH=H,HT,DHuBNL平面DTH,所以平面。7H,
OTU平面077/,则8NLE>T,所以/D77/即为平面BHC与平面BD4所成的二面角的
平面角,
即CoSN7)7H=g,所以tan/。"7=2啦,
B/7
即,/nʃwDHT即7"=2,
tan^DTH=--=^^=2√2«
THTH
又BH=NH=I所以BN=2NT=巫
24
在△aV”中,设点B到M7的距离为万,由等面积法可得力∙M7=BN∙47,解得
h=叵
8
即三棱锥5-ZX?,的高〃=姮,又。”的面积为迈,
88
所以三棱锥3-r>CH的体积为K=L巫X地=迈
38864
20.P为圆A:(x+2)?+y2=36上一动点,点B的坐标为(2,0),线段PB的垂直平分线交直
线”于点Q∙
(1)求点。的轨迹方程C;
(2)在(1)中曲线C与X轴的两个交点分别为A和4,M、N为曲线C上异于4、A2
的两点,直线MN不过坐标原点,且不与坐标轴平行.点M关于原点。的对称点为S,若
直线AS与直线A?N相交于点t,直线。T与直线MN相交于点R,证明:在曲线C上存在
定点E,使得.∣∕3E的面积为定值,并求该定值.
(I)解:•直线BP的垂直平分线交直线AP于点。
.∙.忸QI=IPa,.∙∙kα+忸Ql=IAa+∣PQ∣=6>4=∣AB∣,
由椭圆的定义可知,点。的轨迹是以A、B为焦点的椭圆,且2“=6,2c=4
."=3、c=2f则/=,储一/=石,
ɔ2
.•・点。的轨迹方程为5+11=i∙
(2)证明:设“(5,》])、N(X2,必),直线MN的方程为X=切+〃(加工0,〃W0),
X=my+n
与椭圆方程联立,得_,W(5∕722+9)γ2+1Qmny+5n2-45=0,
~9+~5~
则A=l80(5m2"+9)>。由根与系数的关系得立=第,…-畀
由⑴知A(—3,0),4(3,0),设7(%为),
由T、S、Al三点共线得工、=一1,由丁、N、4三点共线得工∖=-¾
x0+3x1-3x()-3X2-3
m∣∣2/=∙yo+3+/-3_'-3+Z-3
J%%%%%
=螫3+殁2+7=2i-3)(LL=2,"+("3)A⅛
Jl%ʃl%乂%
2ιnn6m
=2m-(n-3)-----=-------.
n2-9/2+3
所以b的斜率%=&=宇,则直线。7的方程为y=fχ,
⅞3m3/72
〃+3
联立直线OT与直线MN的方程,可得,3m,解得X=-3,
X=my+n
因此R在定直线/”=-3上,使得,/3E的面积为定值的点E一定为过点8且与直线/平行
的直线x=2与椭圆C的交点,
x=2x=2X=2
5,此时E的坐标为(2,|)或(2,-5|
由y2,解得<5或‹
—+—=1)'=一3
95、、
1525
所以二碎的面积53=丁白5=一.
21.已知函数/(x)=(x+l)InX-ZeI,其中&为常数.
(1)若&=2,求曲线y=f(x)在点(IJ⑴)处的切线方程:
(2)若函数g(x)="?”的极大值点是%,且函数/S)的一个零点大于1,求证:
e
x1
(2¾+l)Inx0-∕ce°~>0.
(Dft?:当%=2时,则/(x)=(x+l)IrU—2e'T,∕,(Ar)=l∏Λ+l-2e'-1+1
所以/(l)=21nl-2e**=-2,∕,(l)=lnl+l-2eo+l=O,
即切点坐标为(1,-2),切线斜率为左=0,
所以曲线y="χ)在点(IJ(I))处的切线方程为y-(-2)=0,B∣Jy=-2.
⑵证明:.•3)=钟则g,(X)=S也产1,
构建a(x)=—%2InX+x+l,则=—2JdnX-X+1,
构建函数,(X)=-2XlnX-x÷l,则/(x)=-2lnx-3,
令f'(x)>O,得o<χ<∕;令MX)<。,得χ>∕;
因此函数f(x)=-2XInr-X+1在(θ,e[上单调递增,在[/,+s]上单调递减,
构建函数X(X)=Inλ=x+l,则/(x)=B-1,
令M(X)>0,得0<χ<l,令J(X)<0,得x>l,
因此函数"(x)=InX-%+1在(0,1)上单调递增,在(l,+∞)上单调递减,
则〃(X)≤〃⑴=O,即lnx-(x-l)≤0,
因为%>0,所以一x<0,所以一x[lnx-(I)]≥o,
Bjf⅜-xlnx>-x(x-1),则f(x)=-2xlnx-x+1≥-2χ2+χ+ι=-2]χ-j+',
故当Xe0,e^时,(耳>_2(工_;)+∣>0
/3、
又因为函数,力=-2XInXr+1在e2,+∞上单调递减,且f(l)=。,
\/
所以当Xe(0,1)时,r(x)>O,当x∈(l,+∞)时,J(X)C0,
即当Xe(0,1)时,
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