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文档简介
2023年高三物理二轮常见模型与方法强化专训专练
专题26理想变压器模型
特训目标特训内容
目标1高考真题(ITTT)
目标2理想型变压器动态变化模型(5T-8T)
目标3理想型变压器等效电阻模型(9T-12T)
目标4理想变压器含二极管模型(13T—16T)
目标5远距离输电模型(17T—20T)
【特训典例】
一、高考真题
1.低压卤素灯在家庭电路中使用时需要变压器降压。若将"12V50W"的交流卤素灯直接通过变压器(视为
理想变压器)接入电压为22()V的交流电后能正常工作,则()
A.卤素灯两端的电压有效值为6√ivB.变压器原、副线圈的匝数比为55回3
C.流过卤素灯的电流为0.24AD.卤素灯的电阻为968C
【答案】B
【详解】A.卤素灯上标记的额定电压12V即为卤素灯两端的电压有效值,A错误:
nU.22055“
B.根据理想变压器的原理可知」1∙=771∙=-^-=-7,B正确;
n2U2123
C.流过卤素灯的电流为/=>P券50W=^95A,C错误;
D.卤素灯是非线性元件,电阻随着电压不同而改变,D错误。故选B。
2.某理想变压器的原线圈接在220V的正弦交流电源上,副线圈输出电压为22000V,输出电流为300mA。
该变压器()
A.原、副线圈的匝数之比为IoOialB.输入电流为30A
C.输入电流的最大值为15√∑AD.原、副线圈交流电的频率之比为1回10。
【答案】B
【详解】A.原、副线圈的匝数之比为'=TTL=诉6=诉故A错误:
H2U22200()10()
B.根据"=?可得输入电流为L=%八=1°0,300'1。一”=30人故B正确:
%zI%
C.输入电流的最大值为∕nι=夜∕∣=3O0A故C错误;
D.变压器不会改变交流电的频率,故原、副线圈交流电的频率之比为1回1,故D错误。故选B。
3.如图所示,理想变压器原线圈接入电压恒定的正弦交流电,副线圈接入最大阻值为2R的滑动变阻器和
阻值为R的定值电阻。在变阻器滑片从。端向6端缓慢移动的过程中()
R
A.电流表Al示数减小B.电流表A2示数增大
C.原线圈输入功率先增大后减小D.定值电阻R消耗的功率先减小后增大
【答案】A
【详解】AB.由于原线圈所接电压恒定,匝数比恒定,故变压器副线圈的输出电压恒定,变阻器的滑片从。
端向〃端缓慢移动的过程中,由数学知识可知,变压器副线圈所接的电阻值逐渐增大,则由欧姆定律得
/2=(可知副线圈的电流逐渐减小,由可知变压器原线圈的电流//也逐渐减小,故A正确,B错误;
^01n21I
C.原线圈的输入功率为以=U/由于//逐渐减小,则原线圈的输入功率逐渐减小,故C错误;
D.由于副线圈的电流逐渐减小,则定值电阻与变阻器右半部分并联的总电流减小,又与定值电阻并联的变
阻器右半部分的电阻值减小,则由并联分流规律可知,流过定值电阻的电流逐渐减小,则由公式4=∕2R
可知,定值电阻R消耗的电功率逐渐减小,故D错误。故选A。
4.如图所示,两理想变压器间接有电阻R,电表均为理想交流电表,“、〃接入电压有效值不变的正弦交流
电源。闭合开关S后()
C.电流表AI的示数变大D.电流表A2的示数变小
【答案】BC
【详解】AC.闭合开关S后,负载电阻减小,匝数为%的线圈输出功率变大,匝数为外的线圈输入功率也
变大,。、6两端电压有效值不变,由片=U/可知电流及Al的示数变大,根据)=色■因也比值不变,L变
A4n∖
大,,2变大,因此,R的发热功率变大,故A错误,C正确;
U,n,
B.根据理想变压器电压比等于匝数比77L=,可知输出电压力不变,电压表的示数不变,故B正确;
U2n2
D∙根据理想变压器电流与匝数关系可得;=卫;2=&由于匝数均保持不变,L增大,所以,2、A增大,
A«1Λ«3
故电流表A?的示数变大,故D错误。故选BC。
二、理想型变压器动态变化模型
5.某实验室进行交变电流实验研究,交流发电机输出的交变电压如图甲所示,将其接在如图乙所示电路的
。、。端,滑动变阻器总电阻为2R,3只相同灯泡的电阻为R且电阻恒定不变。接通电源后调节滑片P处于
正中央时,三只相同灯泡均正常发光。下列说法中正确的是()
A.变压器原、副线圈的匝数比为2:1
C.滑片P向下移动,Ll变暗、右变暗D.滑片P向上移动,4变暗、L变亮
【答案】D
【详解】AB.设灯泡的额定电压为UL额定电流为/,原线圈的电流为//,原线圈的电压为S,副线圈的
总电流为/2,副线圈的电压为S,电源的总电压为U,接通电源后调节滑片P处于正中央时,滑动变阻器
的电阻为/?,三只相同灯泡均正常发光,则有//=/;/2=3/;U2=Ui.;U=S+S根据原副线圈两端电流与匝数
成反比,得二=半=7=7根据原副线圈两端电压与匝数成正比,-L=TTL=T=TTL得U∕=3S根据欧姆定
n27,11n2U11UL
律的U=4+α=4%=18V解得UL=4.5V故AB错误:
CD.滑片P向下移动,滑动变阻器阻值变小,副线圈总电阻偏小,则/2变大,//变大,U不变,必减小,
S减小,则乙变亮、4变暗;滑片P向上移动,滑动变阻器阻值变大,副线圈总电阻增大,则/2变小,//
变小,U不变,S增大,S增大,则。变暗、右变亮,故C错误,D正确。故选D。
6.小型水利发电站常常受水量、水速和用电器多少变化的影响,导致家中的用电器电压不稳。为了使家中
用电器正常工作,某小型水利发电站安装了自动稳压变压器,如图所示,其原理就是根据用电器工作电压,
自动调节原、副线圈匝数比的理想变压器。若其工作原理如图所示,电表均为理想交流电表,下列说法正
确的是()
A.当水量和水速都稳定时,先后启动热水器、空调正常工作,原、副线圈匝数比增大
B.当水量和水速都稳定时;先后启动热水器、空调正常工作,原线圈输出功率增大
C.若水速和水量都增大时,为使用电器仍同时正常工作,则原、副线圈匝数比减小
D.若水速和水量都减小时,但用电器仍同时正常工作,则Vi、Al示数减小,V2示数增大
【答案】B
【详解】AB.当水量和水速都稳定时,发电机输出电压G不变,即原线圈两端电压U不变,若副线圈电路
用电器增加,则副线圈电路电流(增大,导线电阻R上损失电压为4=八/?则UR增大,由于%=4+U并
即%增大,由今=旦=%解得L=色"5=?•若要保证用电器正常工作,原、副线圈匝数比应减小,副线
圈电路消耗功率为£=4/2则巴增大,副线圈输入功率等于原线圈输出功率,则原线圈输出功率增大,故A
错误,B正确;
c.若水速和水量都增大,则q增大,为使用电器同时正常工作,则原、副线圈匝数比应增大,故C错误;
D.若水速和水量都减小,则G减小,但用电器仍同时正常工作,则火不变,及减小,乙不变,由?=丛=及
l∖〃2
可知L增大,故D错误。故选B。
7.如图是变电所为市区用户供电的示意图。变压器的输入电压是电网的电压,可视为不变。变压器视为理
想变压器,其变压比通过P可调,输电线的电阻为R。,则()
产H
、
PV-
A.用户增多时,A表的示数减小
B.用户增多时,为使用户获得的电压稳定在220V应将尸适当上调
C.用户减少时,用户获得的电压会有所降低
D.用户减少时,&的功率减小
【答案】BD
【详解】A.设变压器输入电压为S,输出电压为S,用户电压为小,当P不动,则5不变,变压器原
副线圈电流关系为J=%用户增多时,电路总电阻变小,电流/2增大,可知原线圈电流。增大,则A表的
12«1
示数增大,故A错误;
BC.Ro两端的电压为Uo=ARo用户得到的电压为S=U2-Uo当用户增多时,/2增大,UO增大,所以S减小,
为使用户获得的电压稳定在22OV,则需要增大Ih,变压器原副线圈电压关系为?=%在S和“2不变的情
况下,要增大S,可以减小〃/,即将P适当上调,故B正确,C错误:
D.即消耗的功率为当用户减少时,/2减小,所以Ro的功率减小,故D正确。故选BD。
8.如图甲为一感温式火灾报警器,当警戒范围内发生火灾,温度升高达到预设值时,报警器报警。其简化
工作原理图如图乙所示,其中RO为滑动变阻器,R为热敏电阻,其阻值随温度的升高而减小,报警器连入
电路中的部分可看作定值电阻R/。图乙中理想变压器原、副线圈匝数比为55团6,副线圈输出电压如图丙所
示,则下列说法正确的是()
A.原线圈输入电压的有效值为220V
B.警戒范围内出现火情时,原线圈电流减小
C.若要调低预设的报警温度,可减小滑动变阻器Ro的阻值
D.警戒范围内出现火情时,热敏电阻R功率变大
【答案】AC
【详解】A.根据变压器电压与匝数成正比,可得Q=丛%=称,24贬丫=220肉可得,原线圈输入电压
n26
的有效值为220V,故A正确;
B.R处出现火情时电阻变小,则副线圈电流变大,线圈匝数比不变,所以原线圈电流增大,故B错误;
C.若要调低预设的报警温度,由图乙知热敏电阻变大,因K/为定值电阻,所以可减小滑动变阻器&的阻
值,故C正确;
D.R处出现火情时电阻变小,则副线圈的电流变大,根据P=?上可知电阻Ro与处的电功率增大,由于
不确定电阻阻值的关系,所以无法判断热敏电阻R的功率变化,故D错误。故选AC。
三、理想型变压器等效电阻模型
9.如图所示的交变电路中,M、N间接“=600sinI(X)R(V)的交流电,定值电阻N=Io。,R2=Ri=∖Ω,
两表均为理想交流电表。开关断开时,电流表的示数为IA,则下列说法正确的是()
Rl
B.电压表的示数为100V
c.定值电阻Rl和4消耗的电功率之比为1:1
D.闭合开关,整个电路消耗的电功率减小
【答案】A
【详解】AB.设原、副线圈的匝数比为”:1,由题意可知定值电阻K两端的电压为Sd=6凡=IOV则原线圈
的输入电压为H=U-Um=50V副线圈的输出电压为&=4="V乂由与=?得副线圈的输出电流为
nnrh.l∖
4=j⅛t="A则由欧姆定律可知U2=∕2(g+国)联立解得〃=5,S=IOV即原、副线圈的匝数比为5:1,A
正确,B错误;
2
C.由以上可知原、副线圈的电流之比为夕=:定值电阻&和与消耗的电功率分别为±=/;N;P2=∕2Λ2
*2ɔ
解得不鸟=2:5,C错误;
D.闭合开关,副线圈的总电阻R总减小,根据F=7,"=今又5=//总,u=/内+α联立可得
〃2l∖n2U2
U=/优+”雁)由于相减小,可知L增大,根据P=U∕∣可知,整个电路功率变大,D错误。故选A。
〃2
10.如图所示,一理想变压器原、副线圈的匝数比为2:1,原线圈输入的交流电压瞬时值的表达式为
w=220√2sinl00^(V),定值电阻Rl的阻值为10C,电阻箱&的初始阻值为20Ω,灯泡L阻值恒为20Ω。
下列说法正确的是()
B.逐渐增大&的阻值,Rl功率逐渐变大
20
C.当与=与Ω时,副线圈功率达到最大
D.若将Rl换为一个理想二极管,则灯泡L两端电压的有效值为110&V
【答案】C
【详解】A.设副线圈电压为力,原线圈电压为4,鸟两端电压为G',则u=α'+G:?="=2设灯泡
Cz2
电流为/,灯泡电阻与电阻箱的阻值相同,电阻箱的电流也为/,则5=/&=?&;7=p5=I内
联立解得/=722A即电流表的示数22为。故A错误;
B.逐渐增大凡的阻值,则负载阻值增大,把负载等效成一个电阻串联在原线圈中,则串联电路总阻值增大,
则总电流减小,根据P;=/:凡可知Rl功率逐渐变小。故B错误;
C.把负载等效成一个电阻串联在原线圈中,其等效阻值设为R,则G=LR乂%=/2点+,4=区=2,
〃
K2+ALU22
十《联立解得R=4线’R的功率为PER=⅛还『八^可知,当R=N时,R的功
率最大,即副线圈功率达最大。则R=4#7=K解得凡="。故C正确;
JK2÷KL7
D.若将Rl换为一个理想二极管,则原线圈只有一半时间里有电压且与左端输入电压相同,原线圈电压有效
2
J/2TTJ
值设为,则齐与=常T解得Um=110√2V则灯泡L两端电压的有效值不为110夜V。故D错误。
故选Co
11.如图所示,自耦变压器原、副线圈匝数比为1:2,原线圈所接正弦交流电源电压为“=150SinlOOMV),
线圈所接电阻凡=2C,R2=4Ω,Λ4=8Ω滑动变阻器&的总阻值为8C,滑片为P,则()
A.当P在最下端时,Rl两端电压的有效值为9V
B.在P从最下端向最上端滑动的过程中,电压表的示数先增大后减小
C.无论P在哪,Rl与&消耗的电功率之比一定为2:1
D.当P在最上端时,副线圈输出功率最大,为28.125W
【答案】CD
【详解】A.先求变压器原线圈及其右侧电路的等效电阻,设副线圈右侧电路的总电阻为R
力生/Y
R等效L=-^=—R当P在最下端时,号和Rj串联,&被短路,有用屋=(3)2(R∣+E)=3Q
7nn
II2⅛k2√2
2%
根据串联分压可得,Rl两端电压的有效值为6V,故A错误;
B.在P从最下端向最上端滑动的过程中,设滑动变阻器下端的电阻为号,
RJRIR内=RRi=R__!_
M-3"瓦砾-3凡+&「&+_1,段增大时,总电阻减小,等效电阻减小,原线圈两端
R;Rx
电压减小,副线圈两端电压减小,电压表的示数减小,故B错误;
C.通过Rl和冬的电流之比为2:1,则K与&消耗的电功率之比一定为2:1,故C正确;
D.当P在最上端时,有松效=(&)“&+&)=2。与RI阻值相等,副线圈输出的功率最大为
P=[—匕厂]瑞效=28.125W故D正确。故选CDo
12.如图所示,理想变压器的原、副线圈匝数比为1:〃,“、〃两端接恒定交流电压U,原线圈接一电阻为几
(恒定不变)的灯泡L,副线圈接入可变电阻R、理想电压表V,则下列说法正确的是()
A.必的输出功率等于可变电阻R的功率
B.若可变电阻接入电路的阻值变大,电压表示数变大
C.可变电阻消耗功率最大时,通过灯泡L的电流为葛
D.当可变电阻接入电路的电阻为"2&时,可变电阻消耗功率最大
【答案】BD
【详解】A.必输出功率等于灯泡功率和可变电阻功率之和,A错误;
B.若可变电阻接入电路的阻值变大,假设副线圈电压不变,则副线圈中电流变小,由变压器规律知,原线
圈中电流变小,灯泡两端电压变小,由U=UL+■知原线圈输入电压变大,副线圈输出电压变大,电压表
示数变大,B正确;
UU2
C.设原线圈中电流为L,则可变电阻的功率外=M/-//,当L=加时,有心a=Q,这时原线圈输入电
ZKo4KQ
压q=U-/A=与由变压器规律知*=L得副线圈两端电压%=半,根据-=华=T得尺="飞
2U2n2A4仆
C错误,D正确。故选BD
四、理想变压器含二极管模型
13.如图所示,理想变压器原副线圈匝数比为1:5,原线圈接入如图乙所示的正弦交流电源,D为理想二极
管,副线圈中接入阻值均为10Ω的电阻,不计导线电阻,则电流表的示数为()
A.IAB.2AC.—AD.√5A
2
【答案】C
【详解】根据图乙可知原线圈的输入电压有效值为G=∙^=2V设副线圈的输出电压为。2,则有
舁解得%=IOV当二极管正向导电时,副线圈有效电流为∕2=∙⅞+∙¾=2A当二极管反向导电时,
U]〃]1AA
副线圈有效电流为4=∙⅞=1A可知通过电流表的电流在一个周期的图像如图所示
A
↑∕∕A
根据有效值定义可得吟RT=/)•:+疗犬彳其中=2A,/;=IA联立解得/有=粤A故电流表的示数为
巫A。故选C。
2
14.如图所示,一个小型交流发电机输出端连接在理想变压器的原线圈〃/上,副线圈〃2通过理想二极管接
有电容C=2χl(ΓtF的电容器和阻值R=20C的电阻,理想变压器匝数比勺:丐=1:2。已知交流发电机内匀
强磁场的磁感应强度B=0.2T,发电机线圈匝数N=1(),内阻不计且线圈面积是0.2m2,发电机转动的角速
度大小为25rad∕s,电压表是理想电表,下列说法正确的是()
A.电压表示数为IOVB.电阻R的电功率等于IoW
C.电容器上的电荷量为2&xl0'CD.电容器上的电荷量为2xlO-3C
【答案】B
(详解】A.交流发电机产生的电动势峰值Em=NBSω=10×0.2×0.2×25V=IOV电压表示数为电动势的有效
值,则有E=莹=患V=5√∑V即电压表示数为5后V,A错误;
B.电阻R两端的电压3=:X5√2V=10√2V则有电阻R的电功率P=匹=。叫W=IoW
n'R20
B正确:
CD.由于二极管具有单向导电性,电容器只充电不放电,则有电容器两端电压的最大值应为交流电的峰值,
电阻R两端电压的最大值为Sm=Lx&=I仇历x0V=2OV则有电容器两端电压的最大值为20V,电容器
上的电荷量Q=CU2m=2xl(T4x20C=4χl0"C,CD错误。故选B。
15.如图所示,理想变压器的原线圈与二极管一起接在"=220应SinIooa(V)的交流电源上,副线圈接有
R=55C的电阻,原、副线圈匝数比为2(31.假设该二极管的正向电阻为零,反向电阻为无穷大,电流表为理
想电表。则()
A.原线圈的输入功率为220W
B.副线圈的输出功率为IlOW
C.副线圈的电流为IA
D.将二极管短路,电源的输出功率变为原来的两倍
【答案】BD
【详解】ABC.因为原线圈上接有理想二极管,原线圈只有半个周期有电流,副线圈也只有半个周期有电流。
〃2rτ2T
交流电输入电压有效值t∕=220V设原线圈电压有效值为U1,则有57∙=解得S=IlO0V根据
RR2
U∕≡1S=,〃即2结合原、副线圈匝数比为201,得副线圈电压t∕2=55√2V副线圈的输出功率为尸2="∙=堂旦
R55
W=IlOW电流/2=[=&A变压器的输出功率等于输入功率,原线圈的输入功率
R
Pi=P2=IlOW故B正确,AC错误:
D.将二极管短路,原线圈的输入电压有效值U∕=220V根据。/'回。2'=〃通"2=2团1代入数据得副线圈电压为
∏'2HO2
S'=110V副线圈的输出功率P2'=」-=——W=220W原线圈的输入功率∕7=P2'=220W则电源的输出功率变
R55
为原来的两倍,故D正确。故选BD。
16.如图,理想变压器原线圈与定值电阻Ro=18Q、一只理想二极管和电流表串联后接在”=36Sinloom(V)
的交流电源上,理想变压器原、副线圈总匝数相同,滑动触头PO初始位置在副线圈正中间,原、副线圈匝
数比为"。定值电阻R∕=6Q,滑动变阻器R的最大阻值为30。,滑片PI初始位置在R=3C处。电流表、电压
表均为理想交流电表,电源内阻不计,下列说法正确的是()
A.若保持PO位置不变,PI向上滑动,则电压表示数变大,电流表示数变小
B.若保持PI位置不变,PO向下滑动,则电压表示数先变大后变小,电流表示数变小
C.若保持PO位置不变,Pi向上滑动,当R=18Q时,理想变压器的输出功率有最大值9W
D.若保持Pl位置不变,Po向下滑动,当”=3时,理想变压器的输出功率有最大值4.5W
【答案】ABD
【详解】A.由变压器原、副线圈电压、电流与匝数的关系可得G=2L=%”可得原线圈的等效电
〃2nι
阻为R#=(必)2与=(与R并其中彩=∕⅛若保持Po位置不变,P响上滑动,则R增大,等效电阻R增
LI72)12几2*v∣+/V
rUr,R'r,
大,电流表示数为L=Kf可知当R'增大时,电流表示数减小。原线圈的电压为U=GTHU可知当R
增大时,α变大,又因为原、副线圈匝数比不变,则副线圈两端电压变大,即电压表示数变大,故A正确;
B.若保持R位置不变,Po向下滑动时,电减小,则等效电阻R'增大,电流表示数变小。电压表示数为
U_&u=rt2r'U-u
2
~nl'~n,Ro+R'_2+“可知,当〃=3时以取得最大值,山于滑动触头Po初始位置在副线圈正中
n
间,即开始时〃=2,所以Po向下滑动时,电压表示数先变大后变小,故B正确;
CD.当等效电阻R=A=I8Q时,变压器的输出功率最大。因为有理想二极管,所以交流电的有效值为
U=gq°=18V若保持PO位置不变,Pl向上滑动,当R=18Q时,可得等效电阻为R'=18Ω,此时理想变压器
的输出功率为P="其中α=J∕U=9V解得p=4.5W若保持耳位置不变,Po向下滑动,当〃=3时,U2
R%+K
TJ2
取得最大值,则理想变压器的输出功率有最大值,此时R'=18Q,可得输出功率最大值为尸=%=4.5W
故C错误,D正确。故选ABD。
五、远距离输电模型
17.图(a)是目前世界上在建规模最大、技术难度最高的水电工程"白鹤滩水电站",是我国实施"西电东送”
的大国重器,其发电量位居全世界第二,仅次于三峡水电站。白鹤滩水电站远距离输电电路示意图如图(b)
所示,如果升压变压器与降压变压器均为理想变压器,发电机输出电压恒定,R表示输电线电阻,则当用户
功率增大时()
发
电
机
图(a)图(b)
A.A?示数增大,Al示数减小
B.M示数不变、V2示数减小
C.输电线上的功率损失减小
D.,、Al示数的乘积等于V-A?示数的乘积
【答案】B
U.n
【详解】A.由于发电机输出电压a恒定,在升压变压器位置.,根据TTL=-Il可知,升压变压器副线圈两端
U2«2
电压不变,即Vl示数生不变,用户功率增大,即并联用户数量增多,令用户的等效电阻为Ro,则等效电阻
&减小,将降压变压器与用户看为一个整体,令整体的等效电阻为号,降压变压器原副线圈两端电压分别
U—S(yU(Y
为5、U4,电流表A∣、A2示数分别为小a则有R,=l=∙⅛-=&*=卢&用户的等效电
A⅛1〃J∣2{nJ
%
阻为&减小,则段减小,Al示数,可知,Al示数。增大,降压变压器位置,根据?=区
K+KvI2n3
可知,A?示数乙也增大,A错误;
B.由于4=4-/述根据上述可知,Y示数内不变,Al示数L增大,降压变压器原线圈两端电压S减小,
根据*=%可知,降压变压器副线圈两端电压ɑ减小,即Vl示数不变、V,示数减小,B正确;
C.输电线上损耗的功率△/>=/:R根据上述,Al示数∕∣增大,则输电线上的功率损失增大,C错误;
D.由于输电线上存在功率损耗,则V1、Al示数的乘积等于V2、A2示数的乘积与输电线上损耗的功率之和,
D错误。故选B。
18.我国超级电网,将热、水、风、光、核发电及电动汽车电池储能并入电网.如图所示为某小型发电站
高压输电示意图.升压变压器原、副线圈两端的电压分别为G和U2,降压变压器原、副线圈两端的电压分
别为ɑ和U4.在输电线路的起始端接入两个互感器,两个互感器原、副线圈的匝数比分别为10:1和1:10,
各互感器和电表均为理想的,则下列说法正确酌是()
A.两互感器均起到降压作用
B.若电压表的示数为220V,电流表的示数为IOA,则线路输送电功率为22OkW
c.若保持发电机输出电压G和用户数一定,仅将滑片。下移,则输电线损耗功率减少
D.若发电机输出电压■一定,若用户数增加,为维持用户电压力一定,可将滑片P下移
【答案】B
【详解】A∙电压互感器起降压作用,电流互感器起减小电流(升压)作用,故A错误。
B.电压互感器原线圈两端电压&=乌。=半x220V=2200V电流互感器原线圈中的电流
n21
I,=与=半XloA=IOOA对于理想变压器,输送功率P=P2=y2∕,=2200×100W=220000W故B正确。
^%1
c.将滑动片Q下移,相当于增加了升压变压器副线圈的匝数〃2,根据理想变压器的规律α=%G升压变
压器副线圈两端的电压增大;降压变压器原线圈两端电压S增大,副线圈两端电压3增大,通过负载的
电流乙=当当R不变时,/4增大,降压变压器原线圈中的电流4=区乙匝数比不变,/3增大,输电线上损
失功率△?二1"增大,故C错误。
D.当用户数增加,负载电阻R减小,若降压变压器副线圈两端电压上不变,通
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