2024届黑龙江省牡丹江市三中高考物理试题查漏补缺试题

2024届黑龙江省牡丹江市三中高考物理试题查漏补缺试题（文理）

注意事项

1.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.

2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.

3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.

4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他

答案.作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.

5.如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，某竖直弹射装置由两根劲度系数为k的轻弹簧以及质量不计的底盘构成，当质量为m的物体竖直射

向空中时，底盘对物体的支持力为6mg（g为重力加速度），已知两根弹簧与竖直方向的夹角为。=60。，则此时每根

弹簧的伸长量为

Ac

--TB-V--TD-V

2、某行星外围有一圈厚度为d的光带，简化为如图甲所示模型，R为该行星除光带以外的半径.现不知光带是该行星

的组成部分还是环绕该行星的卫星群，当光带上的点绕行星中心的运动速度v,与它到行星中心的距离r,满足下列哪

个选项表示的图像关系时，才能确定该光带是卫星群

3、某质点做匀加速直线运动，经过时间f速度由见变为陟。他＞1）位移大小为X。则在随后的4f内，质点的位移大小为

（）

8（3左一2）x8（2左一l）x8（2左一l）x3（5左一3）x

A.---------------B.--------------C.--------------D.---------------

k+1k+1k-1k+1

4、某玩具为了模仿小动物行走的姿势，设计了非圆形的“轮子”。现研究轮子受力情况，模型简化如图，四分之一圆框

架。48的04、边初始位置分别处于水平和竖直方向上，光滑球形重物此时嵌在框架中与。4、0B、弧A8三边

恰好接触但接触处并没有全部都产生弹力。现以。点为轴缓慢将框架在同一竖直平面内顺时针转动。角，下列说法正

确的是（）

77

A.转动。为0至一的过程，弧45受到重物的压力逐渐变大

2

5万

B.。为工时，弧A5受到重物的压力最大

C.转动一周的过程中，存在某一特定的。角，此时弧A8与板受到重物的压力一样大

D.转动一周的过程中，。4、OB、弧A5受到重物压力的最大值不同

5、如图所示，一根长为乙的金属细杆通有电流时，在竖直绝缘挡板作用下静止在倾角为。的光滑绝缘固定斜面上。斜

面处在磁感应强度大小为5、方向竖直向上的匀强磁场中。若电流的方向和磁场的方向均保持不变，金属细杆的电流

大小由/变为0.51,磁感应强度大小由8变为48,金属细杆仍然保持静止，则（）

A.金属细杆中电流方向一定垂直纸面向外B.金属细杆受到的安培力增大了28〃sin。

C.金属细杆对斜面的压力可能增大了8辽D.金属细杆对竖直挡板的压力可能增大了3辽

6、下列说法正确的是（）

A.速度公式丫=包和电流公式/="均采用比值定义法

ArR

B,速度、磁感应强度和冲量均为矢量

C.弹簧劲度系数k的单位用国际单位制基本单位表达是kg-s

D.将一个带电小球看成是一个不计大小的点电荷采用的是等效处理方法

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示，竖直面内有一个半径为R的光滑；圆弧轨道，质量为m的物块（可视为质点）从顶端A处静止释放滑至

底端B处，下滑过程中，物块的动能Ek、与轨道间的弹力大小N、机械能E、重力的瞬时功率P随物块在竖直方向下

降高度h变化关系图像正确的是（）

8、如图所示，空间存在水平向左的匀强电场E和垂直纸面向外的匀强磁场3,在竖直平面内从"点沿“氏ac方向抛

出两带电小球，不考虑两带电小球间的相互作用，两小球的电荷量始终不变，关于小球的运动，下列说法正确的是（）

A.沿成、这方向抛出的小球都可能做直线运动

B.若小球沿ac方向做直线运动，则小球带负电，可能做匀加速运动

C.若小球沿村方向做直线运动，则小球带正电，且一定做匀速运动

D.两小球在运动过程中机械能均守恒

9、假设某战士从弧形的雪坡上沿水平方向飞出后，若倾斜的雪坡倾角为仇战士飞出时的水平速度大小为vo,且他飞

出后在空中的姿势保持不变，又落回到倾斜的雪坡上，如图所示，不计空气阻力，重力加速度为g,则（）

A.如果w不同，该战士落到雪坡时的位置不同，速度方向也不同

B.如果刖不同，该战士落到雪坡时的速度方向相同，在空中运动时间不同

C.该战士在空中经历的时间是

D.该战士在空中经历的时间是为誓

2g

10、用如图所示的装置研究光电效应现象，光电管阴极K与滑动变阻器的中心抽头c相连，光电管阳极与滑动变阻器

的滑片尸相连，初始时滑片P与抽头c正对，电压表的示数为0（电压表0刻线在表盘中央）。在移动滑片P的过程中，

光电流，随电压表示数。变化的图像如图所示，已知入射光的光子能量为1.6eV。下列说法正确的是（）

0.8UZ

A.当滑片尸与c正对时，电路中无光电流

B.当。=-0.6V时，滑片尸位于氏c之间

C.阴极材料的逸出功为0.6eV

D.当U=0.8V时，到达阳极的光电子的最大动能为1.4eV

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）用如图甲所示装置，测定木块与长木板间的动摩擦因数。放在水平桌面上的长木板一端带有定滑轮，另一

端固定有打点计时器，穿过打点计时器的纸带连接在木块上，绕过定滑轮的细线一端连接在木块上，另一端悬挂装有

祛码的祛码盘，开始时木块靠近打点计时器。当地的重力加速度为g。

定滑轮木飞P即时嚓带

水平长木板

（1）实验前，需要调节.的高度,使连接木块的细线与长木板平行。

（2）接通电源，释放纸带，图乙为打出的纸带上点迹清晰的一段，纸带上0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻计数

点间均有四个计时点未标出，若打点计时器所接交流电的频率为f,测出纸带上计数点0、2间的距离为x，计数点4、

6间的距离为％,则打计数点5时，木块的速度大小为,木块的加速度大小为一o

（3）若木块的质量为〃，悬挂的祛码和祛码盘的总质量为根，则木块与长木板间的动摩擦因数为—o

12.（12分）某同学研究小灯泡的伏安特性曲线，所使用的器材有：

小灯泡L（额定电压3.8V,额定电流0.32A）,

电压表（量程3V,内阻为3kQ）,

电流表A（量程0.6A,内阻约O.5Q）,

定值电阻凡（阻值为1k。），

滑动变阻器R（阻值。〜10Q）,

电源E（电动势5V,内阻很小）

开关S,导线若干.

⑴实验要求能够实现在。〜3.8V的范围内对小灯泡的电压进行测量，请将图甲电路补画完整______________；

0——(5)

L

E

⑵实验测得该小灯泡伏安特性曲线如图所示，由曲线可知，随着电流的增加小灯泡的电阻将

A,逐渐增大B.逐渐减小

C.先增大后不变D.先减小后不变

⑶若用多用表直接测量该小灯泡的电阻，正确操作后多用表指针如图所示，则小灯泡的电阻是Q.

（4）用另一电源E°（电动势4V,内阻10。）和题中所给的小灯泡L、滑动变阻器R连接成如图所示的电路，闭合开

关S,调节滑动变阻器R的阻值.在R的变化范围内，电源的最大输出功率为W,此时小灯泡的功率为W,

滑动变阻器R接入电路的电阻为Q.

0

E。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，光滑斜面倾角0=30。，另一边与地面垂直，斜面顶点有一光滑定滑轮，物块A和B通过不可

伸长的轻绳连接并跨过定滑轮，轻绳与斜面平行，A的质量为机，开始时两物块均静止于距地面高度为H处，B与定

滑轮之间的距离足够大，现将A、B位置互换并静止释放，重力加速度为g,求：

（1）B物块的质量；

（2）交换位置释放后，B着地的速度大小.

14.（16分）如图所示，一定质量的理想气体从状态A开始经状态3到达状态G已知气体在状态C时的压强为％,

该理气体的内能与温度关系满足U=kT.求：

⑴气体在A点的压强大小;

(ii)气体从A变化到B再变化到C吸收的热量.

15.(12分)如图所示，直角三角形ABC为某种透明介质的横截面，ZB=30°,BC=30cm,AB面涂有反光材料.某

单色光从BC上的D点垂直BC射入介质，经AB面反射后从AC面上射出，射出方向与AB面垂直.已知BD=21cm,

不考虑光在AC面的反射.求：

(i)介质的折射率；

(ii)光在介质中的传播时间.

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解题分析】

对物体m,受重力和支持力，根据牛顿第二定律，有：N-mg=ma；其中：N=6mg；解得：a=5g；再对质量不计的底盘

和物体m整体分析，受两个拉力和重力，根据牛顿第二定律，有：竖直方向：2Fcos60°-mg=ma；解得：F=6mg；根

据胡克定律，有：x=：=空,故选D。

2、D

【解题分析】

若光带是卫星群，则应该满足G^=帆匕，即丫2=理，即声一,图像应该是过原点的直线，故选D.

rrrr

3、A

【解题分析】

质点做匀加速直线运动，加速度为

他一%

a=

f时刻内位移为

v+^v

A——00L

2

联立可得

_2x

'%(4+1)

则在随后的4f内，质点的位移大小为

22

x'=仙•4t+；a(4?)=4kvQt+；•—~—•(4/)

2x

将，=代入得

%(4+1)

,8(3左一2)x

x=------------

女+1

故A正确，BCD错误。

故选Ao

4、C

【解题分析】

A.以O点为轴缓慢将框架在同一竖直平面内顺时针转动过程中，相当于重力沿顺时针方向转动，转动。为0至兀/2

的过程，弧AB始终不受力作用，则选项A错误；

B.由力的合成知识可知当0=兀时，此时弧AB受到重物的压力大小为及G,0=5冗/4时，弧AB受到重物的压力为G,

则此时压力不是最大，选项B错误；

C.旋转重力的方向，当此方向在弧AB弹力的方向与OA板弹力方向的夹角的平分线上时，此时弧AB与OA板受到

重物的压力一样大，选项C正确；

D.旋转重力的方向，当此方向与弧AB的弹力方向垂直时，在两个不同的位置，OA板和OB板的弹力都会取得最大

值，大小为垃G,则转动一周的过程中，OA、OB、弧AB受到重物压力的最大值一样大，选项D错误。

故选C。

5、D

【解题分析】

A.金属细杆受到重力、斜面的支持力、挡板的支持力和安培力作用，根据力的平衡条件可知，金属细杆中电流方向

可能垂直纸面向外，也可能垂直纸面向里，故A错误；

B.由于磁场与电流方向垂直，开始安培力为K=BIL,后来的安培力为

2

则金属细杆受到的安培力增大了

AF=BIL

故B错误；

C.金属细杆受到重力、斜面的支持力、挡板的支持力和安培力作用，根据力的平衡条件可知，将斜面的支持力分解

成水平方向和竖直方向，则水平方向和竖直方向的合力均为零，由于金属细杆的重力不变，故斜面的支持力不变，由

牛顿第三定律可知，金属细杆对斜面的压力不变，故c错误；

D.由于金属细杆受到斜面的支持力不变，故安培力的大小变化量与挡板的支持力的大小变化量相等；如果金属细杆

中电流方向垂直纸面向里，安培力方向水平向右，当安培力增大，则金属细杆对挡板的压力增大，由于安培力增大3辽,

所以金属细杆对竖直挡板的压力增大了3辽；如果金属细杆中电流方向垂直纸面向外，安培力方向水平向左，当安培

力增大BIL,则金属细杆对挡板的压力减小5”,故金属细杆对竖直挡板的压力可能增大了5辽，D正确。

故选D。

6、B

【解题分析】

A.速度公式丫=包采用的是比值定义法，而电流公式/=且不是比值定义法，选项A错误；

ArR

B.速度、磁感应强度和冲量均为矢量，选项B正确；

C.弹簧劲度系数k的单位用国际单位制基本单位表达是

mm

选项C错误；

D.将一个带电小球看成是一个不计大小的点电荷采用的是理想模型法，选项D错误。

故选B。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BC

【解题分析】A、设下落高度为h时，根据动能定理可知：Ek=mgh,即&-〃为正比例函数关系，故选项A错误；

B、如图所示，6

向心力为：F-mgcosO=而且：cosO=Ek=和«=mgh

则整理可以得到：F=rngcosO+京—+#=等，则弹力F与h成正比例函数关系，故选项B正确；

oKKKK

C、整个过程中只有重力做功，物块机械能守恒，即物块机械能不变，故选项c正确；

D、根据瞬时功率公式可以得到：P=mgvcos(9(f-0)=mgvsinO

2

而且由于1n/=mgh9贝h=42曲

整理可以得到：P=mgvsme=mg,^-^,即功率P与高度h不是线性关系，故选项D错误。

点睛：本题考查了动能定理、机械能守恒的应用，要注意向心力为指向圆心的合力，注意将重力分解。

8、AC

【解题分析】

ABC.先分析沿成方向抛出的带电小球，若小球带正电，则小球所受电场力方向与电场强度方向相同，重力竖直向下,

由左手定则知小球所受洛伦兹力方向垂直成斜向上，小球受力可能平衡，可能做直线运动；若小球带负电，则小球受

力不可能平衡。再分析沿“c方向抛出的带电小球，同理可知，只有小球带负电时可能受力平衡，可能做直线运动。若

小球做直线运动，假设小球同时做匀加速运动，则小球受到的洛伦兹力持续增大，那么小球将无法做直线运动，假设

不成立，小球做的直线运动一定是匀速运动，故A、C正确，B错误；

D.在小球的运动过程中，洛伦兹力不做功，电场力对小球做功，故小球的机械能不守恒，故D错误。

故选AC-

9、BC

【解题分析】

雪坡的倾角等于位移与水平方向的夹角，根据平抛运动的规律可知

tan=—=—

x2%

解得平抛运动的时间为

t_2%tan0

g

如果刖不同，该战士在空中运动时间不同，根据平抛运动的规律，位移与水平方向夹角的正切值等于速度与水平方向

夹角的正切值的一半，故落地雪坡的速度方向相同，战士的水平位移为

2V3tan0

x=vot=-----------

g

知初速度不同，水平位移不同，落点位置不同，速度方向相同，故BC正确，AD错误。

故选BC。

10、BD

【解题分析】

A.由题意可知，能发生光电效应，当滑片P与c正对时，光电管两端无电压，但此时光电子仍能从阴极到达阳极，

则电路中有光电流，故A错误；

B.由图可知，当U=-0.6V时，光电流为0即为遏制电压，即光电管两端接反向电压，则阴极电势应更高，滑片尸位

于6c之间，故B正确；

C.由光电效应方程有线=/7丫-叱，由图可知，当。=-0.6V时，光电流为0即为遏制电压，则有

—0.6eV=0—Ek

联立解得

W^=l.OeV

故C错误；

D.光电子逸出时的最大初动能为

%=如—叱)=0.6eV

当U=0.8V时由动能定理得

eU=Ek-Ek.

得

Ek=eU+Ek0=(0.8+0.6)eV=1.4eV

故D正确。

故选BDo

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11定滑轮压(%-W(〃7+.)(07”2

、10200M200Mg

【解题分析】

(1)口］调节定滑轮的高度使连接木块的细线与长木板平行。

(2)[2]⑶根据时间中点速度等于某段时间的平均速度，则可求打计数点5时，木块的速度大小为

根据

Ax=at2

得木块的加速度

2

_x2-%!_(x2-xj/

Cl—7—

fiof200

2—

(3)[4]由牛顿第二定律有

mg—/uMg—(m+M)a

解得

m(m+M)(^x-xj/2

u---------------------2-----------

M200Mg

12、A1.50.40.28

E

【解题分析】

因本实验需要电流从零开始调节，因此应采用滑动变阻器分压接法；因灯泡内阻与电流表内阻接近，故应采用电

流表外接法；另外为了扩大电压表量程，应用人和电压表串联，故原理图如图所示

E

(2)[2]/-。图象中图象的斜率表示电阻的倒数，由图可知，图象的斜率随电压的增大而减小，故说明电阻随电流的增

大而增大；其原因是灯丝的电阻率随着电流的增大而增大；

A.与分析相符，故A正确；

B.与分析不符，故B错误;

C.与分析不符，故C错误;

D.与分析不符，故D错误;

⑶[3]灯泡正常工作时的电阻为:

U_3.8

R—Q=11.8Q

7-032

则多用电表可以选择欧姆挡的X1挡；由图示多用电表可知，其示数为1.50；

(4)[4]当电源内阻等于外电路电阻时，电源的输出功率最大，电源的最大输出功率为:

42

W=0.4W

4x10

⑸此时小灯泡的电流为：

F

I=—=0.2A

2r

由图可知，此时灯泡电压为：

U=1.4V

此时小灯泡的功率为：

p=C7=1.4xO.2W=0.28W

⑹此时小灯泡的电阻为：

RL=y=7Q

滑动变阻器R接入电路的电阻为:

R=r—RL=3Q

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(l)mB=2m；⑵v=&万

【解题分析】

以AB组成的整体为研究对象，根据动能定理求出绳断瞬间两物块的速率；绳断瞬间物块B与物块A的速度相同，此

后B做竖直上抛运动，根据机械能求出B上升的最大高度.

【题目详解】

⑴初始时，A、B平衡，对系统有：

mBgsin30°=mg

解得：〃包=2m；

⑵交换后，对系统由动能定理：

HIQ2

2mgH-mg•—=—x3mv

解得：V=y[gH.

【题目点拨】

本题是连接体问题，运用动能定理和机械能守恒定律结合处理，也可以根据牛顿定律和运动学公式结合研究.

113

14、(i)~Poi5)~Po^o+—kTo