四川省内江市2022-2023学年高三下学期2月月考物理试题（解析版）

内江市2022-2023学年高三下学期2月

月考试题

第1卷

一、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项

符合题目要求，第6-8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，

有选错的得0分。

1.红蜡块能在玻璃管的水中匀速上升，若红蜡块在A点匀速上升的同时，使玻璃管水平向

右做匀加速直线运动，则红蜡块实际运动的轨迹可能是图中的（）

A.直线P

B.曲线Q

C.曲线R

D.无法确定

K答案HB

K解析》由题意可知红蜡块在竖直方向做匀速直线运动，若使玻璃管水平向右做匀加速直

线运动，则红蜡块在水平方向做初速度为零的匀加速直线运动，合运动为匀变速曲线运动，

其速度方向与水平方向的夹角的正切值为

VV

tanθ=-=-

匕at

由上式可知6随/的增大而减小，而蜡块速度方向沿轨迹切线方向，所以红蜡块实际运动的

轨迹可能是图中的曲线。。

故选B。

2.2022年5月10日1时76分，天舟四号货运飞船采用快速交会对接技术，顺利与在轨运

行的天和核心舱进行交会对接。对接前，天舟四号货运飞船绕地球做椭圆运动，近地点A

和远地点B,如图所示；天和核心舱在离地球表面高度〃处做匀速圆周运动。若对接地点在

椭圆轨道的远地点B,下列说法正确的是（）

A.天舟四号在A点的运行速度小于在B点的运行速度

B.天舟四号从A运动到B的过程中，动能减小，引力势能增大，机械能减小

C.在交会对接前天舟四号的运行周期比天和核心舱的运行周期大

D.天舟四号在8点点火加速，才能与天和核心舱顺利完成对接

K答案』D

K解析』A.由开普勒第二定律知，天舟四号在A点的运行速度大于在B点的运行速度，

故A错误；

B.天舟四号从A运动到B的过程中，只有万有引力做负功，则动能减小，引力势能增大，

机械能不变，故B错误；

C.由开普勒第三定律可知在交会对接前天舟四号的运行周期比天和核心舱的运行周期小，

故C错误；

D.要使天舟四号从低轨道到高轨道，应该使天舟四号在B点点火加速，使万有引力小于其

需要的向心力，从而离心到更高轨道，才能与天和核心舱顺利完成对接，故D正确。

故选D。

3.如图，A、B两球用劲度系数为人的轻弹簧相连，B球用长为L的细绳悬于。点，A球固

定在。点正下方，且。、A间的距离恰为L,此时绳子所受的拉力为工，弹簧的弹力为"，

现把A、B间的弹簧换成劲度系数为&（K>&）的轻弹簧，仍使系统平衡，此时绳子所受

的拉力为刀，弹簧的弹力为工，则下列说法正确的是（）

A

A..T1<T2B.T1>T,C.T1=T2D.F↑-F2

R答案HC

K解析》以小球B为研究对象，分析受力情况，由平衡条件可知，弹簧的弹力厂和绳子的

拉力T的合力”与重力〃怨大小相等，方向相反，即

F合=mg

如图所示

F合

mgFT

OA~AB~OB

由于Q4=O8,则有

T=mg

绳子的拉力T只与小球B的重力有关，与弹簧的劲度系数k无关，则有

Ti=T2

假设AB间距离不变，由于Z减小，则弹簧弹力减小，故AB间距离减小，则有

F1>F2

故选C。

4.如图所示，平行金属板A、B水平正对放置，分别带等量异号电荷.一带电微粒水平射

入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么

AI

._M

*N

'、•、

Bt；

A.若微粒带正电荷，则A板一定带正电荷

B.微粒从M点运动到N点电势能一定增加

C微粒从M点运动到N点动能一定增加

D.微粒从M点运动到N点机械能一定增加

K答案』c

K解析］A、粒子在电场力和重力的合力作用下做类平抛运动，合力向下，电场力可能向

上而小于重力，也可能向下，故无法判断A板的带电情况，A错误；

B、电场力可能向上，也可能向下，故微粒从M点运动到N点电势能可能增加，也可能减

小，B错误；

C、粒子在电场力和重力的合力作用下做类似平抛运动，电场力和重力的合力向下，故从M

到N动能增加，C正确；

D、电场力可能向上，也可能向下，故微粒从M点运动到N点过程，电场力可能做负功，

也可能做正功，故机械能可能增加，也可能减少，D错误：

5.如图所示,其中电流表A的量程为0.6A,表盘均匀划分为30个小格,每一小格表示0.02A；

Rl的阻值等于电流表内阻阻值的一半；R2的阻值等于电流表内阻的2倍.若用电流表A的

表盘刻度表示流过接线柱1的电流值，则下列分析正确的是（）

A.将接线柱I、2接入电路时，每一小格表示0.04A

B.将接线柱1、2接入电路时，每一小格表示0.02A

C.将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.06A

D,将接线柱1、3接入电路时，每一小格表示0.0IA

K答案HC

K解析》当接线柱1、2接入电路时，Rl与电流表并联，由于RI=ZL,可知流过Rl的电

流为流过电流表电流的2倍，所以1、2接线柱间的电流为通过电流表电流的3倍，所以每

一小格是原来的3倍，即为0.06A,所以A、B错误；当接线柱1、3接入电路时，电流表

与Rl并联，然后再与R2串联，串联电阻对电流无影响，与1、2接入电路的效果一样，所

以每一小格表示0.06A,C正确，D错误.

6.如图所示，倾角为。的斜面上有质量分别为、〃?B的A、B两物块，它们之间用轻线

连接，用始终平行于斜面向上的拉力尸拉A,使它们沿斜面匀加速上升，A、B与斜面间的

动摩擦因数均为〃。为了减小轻线上的张力，可行的办法是（）

B.只增大A的质量

C.只减小倾角。

D.只减小动摩擦因数〃

R答案HAB

K解析1根据牛顿第二定律，对整体有

F-(WA+/77B)gsin^-/z(mA+/77B)gcos(9=(mA+∕w13)α

可得，加速度大小为

F

a=--------gsin。一〃gcosθ

+mn

对B由牛顿第二定律

T-mκgsinθ-μιnκgcosθ-nιaa

得到轻线上的张力为

T=mBgsinθ+〃〃ZBgcosθ+mRa

加A+mB

可知，则要减小T,可减小拉力尸或增大A的质量，与倾角。、动摩擦因数"无关。

故选AB。

7.如图所示，电路中定值电阻R的阻值大于电源内阻r的阻值，开关S闭合，平行板电容

器中带电质点P原处于静止状态，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表VnV2、V3;

的示数变化量的绝对值分别为'AU2'A∕,理想电流表Al示数变化量的绝对值为△/1，

下列说法正确的是（)

A.质点将向下运动，理想电流表A2中有从a流向b的瞬间电流

△5:5,

B.

∆∕lI1∆∕1

C.电源的输出功率减小

D.电源的效率变小

K答案』ABD

K解析』A.将电流表看作导线，将电压表看作断路，发现滑动变阻器与定值电阻与电源

串联，将滑动变阻器滑片向下滑动，则滑动变阻器接入电路阻值减小，根据串联分压原理，

滑动变阻器两端电压减小，则电容器两端电压减小，则电容器放电，则理想电流表A2中有

从。流向6的瞬间电流，故A正确；

B.令滑动变阻器接入电路阻值R',根据闭合电路欧姆定律

t∕3=E-∕l(7⅞+r)

Ul=LR

U2=E-Iir

由此可得

M=R+r

牛=R

△1、

电路中定值电阻R的阻值大于电源内阻，•的阻值，故

更,4,坐

∆∕lI1∆∕1

故B正确；

C.电源的输出功率

EE2

弓=（)2R+R,=

R+R'+r2

2r+R+R'+-

R+R'

当R+R'=r时，电源输出功率最大，因为R+H'一定大于r,故随着R'减小，电源的输

出功率增大，故C错误；

D.电源的效率

由以上分析可知，滑动变阻器滑片向下滑动，R'减小，电源的效率变小，故D正确。

故选ABDo

8.如图甲所示，足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块A,滑块A受到随

时间t变化的水平拉力尸作用时，用传感器测出滑块A的加速度a,得到如图乙所示的a-F

图像，A、B之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取IOm⅛2,则（）

A,滑块A的质量为4kg

B.木板B的质量为2kg

C.当尸=ION时滑块A加速度为6m∕s2

D.滑块A与木板B间动摩擦因数为0.2

K答案2BC

K解析DABD.设滑块A的质量加，木板B的质量为M,滑块A与木板B间的动摩擦因

数为〃。由题图乙可知，当

F=Fm=6N

时，滑块A与木板B达到最大共同加速度为

‰=2m∕s2

根据牛顿第二定律有

Fm=(M+ni)am

解得

M+∕∕ι=3kg

当厂＞10N时，A与5将发生相对滑动，对A单独应用牛顿第二定律有

F-μmg=ma

整理得

F

Q=——μs

m

根据题图2解得

Jn=1kg

μ=0A

则

M=2kg

AD错误，B正确；

C.当尸=IoN时，木板A的加速度为

F-μmg2

aA=-----------=6m∕s

m

C正确。

故选BCo

二、非选择题：

(-)必考题：

9.用如图所示的装置探究加速度、力和质量的关系，带滑轮的长木板水平放置，弹簧测力

计固定在墙上，小车上固定一定滑轮，细绳通过滑轮连接弹簧测力计和沙桶。

A.用天平测出沙和沙桶的质量

B.将带滑轮的长木板右端适当垫高，以平衡摩擦力

C.为了减小误差，实验中要保证沙和沙桶的总质量远小于小车的质量

D.应当先释放小车，再接通电源

(2)利用打点频率为50HZ的打点计时器，得到的一条纸带如图所示(图中每两个计数点

间还有四个点未画出)。

f£

Z23Cm

.62-3.,845.Oo6.

则在该次实验中小车运动的加速度大小为m∕s2(结果保留三位有效数字)。

(3)某同学做实验时，未把木板的一侧垫高，就继续进行其他实验步骤，该同学作出的小

车的加速度〃与弹簧测力计示数F的图像如图所示，则实验中小车受到的摩擦力大小为

K答案Il(I)B(2)1.19(3)2Fo

K解析Il(I)RUB.为了使得细绳对小车的弹力等于小车所受外力的合力，实验时，需

要将带滑轮的长木板右端适当垫高，以平衡摩擦力，故B正确；

AC.由于弹簧测力计能够直接测量出细绳的拉力大小，即可以直接求出小车所受外力的合

力，并没有用沙与沙桶的重力表示细绳的拉力，所以实验中不需要用天平测出沙和沙桶的质

量，也不需要保证沙和沙桶的总质量远小于小车的质量，故AC错误；

D.使用打点计时器时，应当先接通电源，后释放纸带，故D错误。

故选B。

(2)K2∑根据逐差法可得小车运动的加速度大小为

[(5.00+6.23)-(2.62+3.84)]χ10^2,…，2

a=---------——；-----------m/s2≈1.19m∕s'

4×0.12

(3)K3∑若实验时未把木板的一侧垫高，则有

2F-f=Ma

所以

MM

结合图像，将坐标(Fo,0)代入函数式，解得

f=2F0

10.在测定一根粗细均匀合金丝Rx的电阻率的实验中:

（1）利用螺旋测微器测定合金丝的直径，示数如图（a）所示，则可读得合金丝的直径为

（2）待测合金丝号的电阻约为6。，实验室另外还提供的仪器有：

A.电压表V（内阻约为10kΩ,量程为3V）

B.电流表Al（内阻约为3Q,量程为0.6A）

C.电流表A2（内阻约为0.1C,量程为3A）

D.滑动变阻器R（阻值为0~5C,额定电流为2A）

E.电源E（电动势为5V,内电阻为1Ω）

F.一个开关、若干导线

①要求较准确地测出其阻值，电流表应选o（填序号）

②请根据以上仪器，设计实验电路图，并在图（b）中完成电路图的实物连线,耍

求实验时电流表和电压表的示数变化范围尽量大。

③按图（b）电路测得的阻值真实值。（选填“大于”、“等于”或“小于”）

K答案》⑴0.608（2）①B②Fp

K解析H（1）Kl∑合金丝的直径为d=0.5mm+10.8x0.Olmm=0.608mm

（2）K2∑由于被测电阻约为6Q,电源电动势为5V,内阻为1Q,则电路中出现的最大电

流约为

E

mF),=0.7A

/?+r

2

如果选择0~3A量程电流表，指针没超过仪表盘的;，读数误差会太大，所以选0~0.6A

量程的的电流表。

故选B0

K3》滑动变阻器如果采用限流式接法，电路的电流变化范围较小，所以要采取分压式接法,

让滑动变阻器起分压作用，被测电路中的电流变化范围就变大。由待测金属丝的电阻较小,

电流表的内阻与待测电阻相差不大，内接法会产生很大的分压效果，造成较大的误差，因此

电流表应选采用外接法，电路如下图

R,

K4∑电流表采用外接法，此时电压表分流导致电流测量值偏大，由部分电路的欧姆定律有

可知R的测量值小于真实值。

11.如图所示，AB面光滑、倾角8=30。的斜面体固定在水平桌面上，桌面右侧与光滑半圆

形轨道CZ）相切于C点，圆弧轨道的半径R=0.1m。物块甲、乙用跨过轻质定滑轮的轻绳

连接，开始时乙被按在桌面上，甲位于斜面顶端4点，滑轮左侧轻绳竖直、右侧轻绳与4B

平行；现释放乙，当甲滑至AB中点时轻绳断开，甲恰好能通过圆形轨道的最高点力。已知

AB长L=Im,桌面BC段长/=0.5m,甲质量A/=1.4kg、乙质量W=O.lkg,甲从斜面滑上桌

面时速度大小不变，重力加速度大小取g=Iom/Sz,不计空气阻力。求:

BC

(I)绳断时甲的速度大小；

(2)甲进入圆形轨道C点时，甲对轨道压力大小;

(3)甲与桌面间的动摩擦因数。

K答案H(1)2m/s：(2)75N；(3)0.4

K解析Il(I)设轻绳断开时甲速度的大小为匕，根据机械能守恒有

Mgqsin6-mgg=g(M+m)v^

解得

v∣=2m∕s

(2)甲恰到达。时，根据牛顿第二定律有

Mg=M均

R

设甲到达C时速度大小为％,由C到。的过程，由动能定理得

1,21,

-IMgR=-Mvo--Mv^

在C点处甲受到支持力为N,由牛顿第二定律有

2

N-Mg=M菅

由牛顿第三定律，轨道受到压力大小为

F=N

联立解得

VD=lm∕s,F=75N

(3)甲从绳断处到D点全过程，根据动能定理可得

Mg^sinθ-μMgl-2MgR=

解得

μ=0.4

12.如图所示，光滑绝缘的水平面上方空间内存在足够大、方向水平向右，电场强度为E的

匀强电场。水平面上小物块A、B质量均为相、相距为L其中A带正电，电荷量为＜7,B

不带电，某时刻同时由静止释放A、B,此后A与B之间的碰撞均为弹性正碰，且碰撞过程

中无电荷转移，碰撞时间忽略不计。求:

E

⅝fɪ

L

(1)第1次碰撞后B的速度;

(2)第2次碰撞与第3次碰撞之间的时间间隔:

(3)第〃次碰撞到第〃+1次碰撞过程中电场力对A球做的功。

&里；⑵2,她2mL；⑶4〃祖

K答案》(1)

mqE

K解析II(I)设第一次碰撞前A的速度为%,碰撞后A、B的速度分别为人|、Ki，由动

能定理

qEL=ɪmv1

解得

Vm

A、B碰撞过程，由动量守恒定律和能量守恒定律可得

mv0=mvM+mvBI

121212

联立解得

vAl=0

…二h∖2τqEL

(2)设A、B第二次碰撞前后速度分别为“20、％2。、VA2、/2,从第一次碰撞到第二次

碰撞过程

号=彩片

可得

vA20ɪ2vθ

二次碰撞过程A与B交换速度，碰后速度分别为

VA2=VO

%=2%

设A、B第三次碰撞前后速度分别为VA30、％30、VA3、VB3,从第二次碰撞到第三次碰撞过

程

r

°+"A30ΓT

FkI与=VB2心

可得

Ao=3%

第三次碰撞过程A与B交换速度，碰后速度分别为

入=%%=3%

所以第二次碰撞到第三次碰撞过程由

.--

a

由牛顿第二定律得

qE

a=——

m

联立可得

(=2修

(3)上一问分析可知每第n次碰撞后到第〃+1次磁撞前的过程时间都相同等于

2mL

T=2I——

VqE

第n次碰撞后B的速度

∖2qEL

v

Bn二〃J

Vm

所以位移

尤“=⅛J=nvaT=4nL

所以电场力对A做的功为

W=qExn=AnqEL

（二）选考题：

K物理——选修3-4∑

13.图（a）为某一简谐横波在f=0时刻的图像，x=6m处的质点的振动图像如图（b）所示。

下列说法正确的是（）

B.该波的波速为2m∕s

71

C.x=2m处质点的振动方程为y=4si∏5√cm

D.0~2.5s内，x=2m处的质点经过的路程为（8+2，5卜111

E.该波经过宽度为IoCm的障碍物时不能发生明显衍射

K答案2ABD

K解析UA∙由图（b）可知r=0时x=6m的质点向y轴正方向振动，由图（a）根据同侧

法可知该波沿X轴负方向传播，故A正确；

B.由题图（a）知；I=8m,由题图（b）知T=4s,所以波速

λC，

v=—=2m∕s

T

故B正确；

C.由于该波沿X轴负方向传播，则