2021年湖南省长沙市长郡教育集团中考物理二模试卷(附答案详解)

2021年湖南省长沙市长郡教育集团中考物理二模试卷一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）1.众志成城，决胜中考.如图为徐校长在初三期中考试老师会上为求真务实、精诚团结、齐心协作的全体初三老师们指点迷津，加油助威的情景，下列有关说法正确的是()A.徐校长的声音是通过空气传播给老师们的B.我们可以根据音调来判断是徐校长在给老师们做动员大会C.徐校长身后的LED显示屏中用到的二极管是超导体材料D.徐校长旁边的话筒工作原理是电流的磁效应2.如图所示，嘉嘉同学站在平静的澄池边看到“房在水中现，鱼在房上游”；关于他看到水中鱼的光路图，正确的是()A.B.C.D.3.最近，日本国会通过决议“计划将福岛核电站的核废料通过稀释后排入大海进行处理”，此决议遭到了国际社会的强烈谴责，是对人类权益的极大危害，下列说法正确的是()第1页，共26页A.核能是一次能源，且可再生B.福岛核电站主要是以核聚变的方式来进行发电C.核电站的能量转化情况是：核能→内能→机械能→电能D.核电站的发电原理与太阳的热核反应相同4.迪迪同学放学回到家，会帮助家人做做家务，所以对家里的一些物件有些了解。下列说法中正确的是()A.灶台的高度应以人体工学原理为依据，高度约为150cmB.家中电饭煲的最大功率约为1200WC.冬天洗热水澡时，可将热水器流出的水温设置为80℃D.容积为5L的水桶，最多可装入50kg的水5.近年来作为民族高新技术产业代表的华为公司在5G技术等方面雄踞于世界科技巨头之列.尽管受到美国、加拿大等不公平、无端可耻的制裁，但凭借着华为公司未雨绸缪和不懈努力，为中国走上独立自主的科技之路开拓了一片新天地.如图为家贤妈妈的华为手机，其指纹锁“钥匙”是特定人的指纹(𝑆1)、密码(𝑆2)或人脸识别钥匙(𝑆3)，三者都可以单独使手机(𝑀)解锁并工作.如图中电路设计符合要求的是()A.B.C.D.6.为了响应“绿色生活，低碳出行”的号召，自行车出行已经逐渐变成人们短途出行的首选交通工具，从自行车的结构和使用上来看，它涉及到不少有关摩擦的知识.以下分析中正确的是()A.轮胎上制有花纹是通过增大压力来增大摩擦的B.脚踏凹凸不平是通过增大接触面积来增大摩擦的C.在转动部分加润滑油是通过使接触面分开来减小摩擦的D.刹车时用力捏车把是通过增大接触面粗糙程度来增大摩擦的第2页，共26页7.如图所示是我国自主研制的一种中低空、长航时、多用途电动无人机。以下关于电动无人机的说法不正确的是()A.无人机机身采用的复合材料密度小可减轻自重，便于操控B.无人机在加速起飞时，受平衡力的作用C.无人机降落后关闭发动机，由于惯性还能继续向前运动一段距离D.无人机机身设计成流线型，是为了在飞行时减小阻力8.奋斗六月，青春不悔，长郡学子们正用青春与汗水谱写着中考美好的华章。如图是文昊同学正在本次考场上奋笔疾书的情景，其课桌上一台无线微型电风扇送出丝丝凉风，微风拂面助其逢考必胜，下列有关该微型电风扇的说法正确的是()A.电风扇工作的原理是电磁感应B.电风扇工作过程中将机械能转化为电能C.无线微型电风扇充电过程中，将电能转化为化学能D.微风拂面是通过降低温度的方式加快面部汗液的蒸发9.继“嫦娥”、“玉兔”、“北斗”、神舟“之后，“祝融”也成功奔向外太空，在飞行近10个月之后，“天问一号”火星探测器所携带的“祝融号”火星车及其着陆组合体，成功降落，首次在火星上留下了中国人的印记，并在2021年5月17日8时，通过环绕器传回火星车遥测数据.下列说法中正确的是()A.火星车轮子的表面积较大，目的是为了减小火星车对火星面的压力B.当火星车匀速直线运动时，受到的摩擦力和牵引力是一对相互作用力C.火星车登上火星后，由于所受引力变小，所以其惯性也变小D.环绕器是通过电磁波传回火星车遥测数据信息第3页，共26页10.“珍爱生命，注意安全”是同学们必须具有的意识，泽璇总结了下列关于家庭电路和安全用电的做法，正确的是()A.家庭电路中，控制灯泡的开关应该串联接在零线和灯泡之间B.若空气开关“跳闸”，一定是同时使用了多个大功率用电器C.若家用由器起火，应尽快用水将其扑灭D.使用有金属外壳的家用电器，其外壳必须接地二、多选题（本大题共2小题，共6.0分）11.如图是用于道路交通设施的水马，它是一种用于分割路面或形成阻挡的塑制壳体障碍物，通常上小下大的结构，上方有孔可以注水，故称水马，部分水马还有横向的通孔以便通过杆件连接以形成更长的阻挡链或阻挡墙，下列说法正确的是()A.水马采用塑料材质主要是利用了塑料的绝缘性B.水马一般采用红色、黄色，是因为两种颜色漂亮美观C.水马注水过程中，水对水马内底部的压强会变大，压力也变大D.水马放水过程中，重心会下降，其机械能减小12.如图为一种测量环境湿度仪器的简化工作原理图。电源电压恒为9V，定值电阻R为20𝛺，𝑅0为一个最大阻值为80𝛺的湿敏电阻，其阻值随环境湿度的增加而减小，电压表量程为0～15𝑉，电流表量程为0～0.6𝐴。闭合开关S，当环境的湿度增加时，在保证安全的情况下，下列说法中正确的是()第4页，共26页A.通过R的最大电流为0.6𝐴B.电流表示数变大，同时电压表示数变大C.电压表示数与电流表示数的比值变小D.当𝑅0的功率为0.9𝑊时，电压表的示数为3V或者6V三、填空题（本大题共5小题，共22.0分）13.2021年4月14日，在长沙湘江两岸，上演别开生面的国家安全主题灯光秀，为市民献上视觉盛宴，如图所示为展会中的“走马灯”，点燃底部蜡烛，热空气密度______，上升驱动扇叶转动，观众惊奇地看到纸片小人的影子动了起来，热空气上升驱动扇叶转动的过程与四冲程汽油机的______冲程相同。14.蒸粽子时将碗倒扣在盛有适量水的锅中当支架，把装有粽子的盘子放在上方，如图甲，蒸好后打开锅盖，看到锅盖内表面有许多小水珠，熄火一会儿，发现锅中的水被“吸入”碗内，如图乙，锅盖内表面许多小水珠是由于发生了______；锅中的水由于受到______的作用会被“吸入”碗内。15.在学习完欧姆定律和电功率相关知识后，面对复杂多变的规律及数据，同学们很容易搞混淆，爱动脑筋的绍远同学总结出了“十二宫格法”(如表)，即根据𝐼−𝑈−𝑅−𝑃间关系及规律，可得：任意一行的三个物理量，只要知道任意其中两个就可以求解出第三个；对于任意一列中涉及到的四个物理量，只需要知道任意其中的两个物理量就可以求解出另外两个物理量。如图是绍远同学设计的一个电路图和“十二宫格”中的三个数据，请你求出𝑅总=______𝛺，𝑃2=______W。第5页，共26页电阻/𝛺电流/𝐴电压/𝑉电功率/𝑊𝑅1=80𝐼1=0.2𝑈1=𝑃1=𝑅2=𝐼2=𝑈2=𝑃2=𝑅总=𝐼总=𝑈总=24𝑃总=16.小刚同学用图所示的实验装置探究“电流的热效应跟电阻大小的关系”，电源电压为3V，电阻丝𝑅1=20𝛺，𝑅2=40𝛺，两气球相同。闭合开关后，密闭烧瓶内的空气被加热；他观察到______气球先鼓起来。甲气球、乙气球通电1min，𝑅2产生的热量为______J。17.如图所示，圆柱形容器甲、乙中分别装有水和某种液体，将重为12N，体积为2×10−4𝑚3的物体A放入水中时，其受到的浮力为______N，对容器甲底部的压力为______N；将形状完全相同的物体B放入乙容器中时，液体对容器底部的压力变化了3N；A对容器底部的压力与B对容器底部的压力之𝜌水=1×103𝑘𝑔/𝑚3，1，比为2：则物体B的密度为______𝑘𝑔/𝑚3.(液体始终未溢出，g取10𝑁/𝑘𝑔)四、实验探究题（本大题共5小题，共28.0分）18.如图是璟仪同学“探究水沸腾时温度变化特点”的实验装置。(1)如图所示，在组装器材时，温度计的玻璃泡接近液体表面，此时应当将B端向______调整；(2)当水的温度升高到88℃时，每隔一段时间记录一次温度计的示数，数据记录如下示，分析数据可知，该地区水的沸点是______℃.第6页，共26页次数温度/℃18829339649859869879819.雅雯同学正在做“探究凸透镜成像规律”的实验：(1)当蜡烛、凸透镜与光屏位置如图甲所示时，光屏上出现了蜡烛清晰的像，根据此成像原理，可以制成生活中的______。(2)实验中她发现，随着蜡烛越烧越短，光屏上的像逐渐偏高；为使得像重新成在光屏中央，她应该如何操作______。(3)她拿着自己的近视眼镜放在凸透镜的前方(如图乙)，调整光屏的位置，直到光屏上出现清晰的像，现在她将近视眼镜拿走，则应将光屏______才会在光屏上再次出现清晰的像。20.欣怡和艺哲同学用杠杆一起探究杠杆的平衡条件：(1)实验开始时，杠杆的位置如图所示，通过调节杠杆右端的螺母向______移动，使杠杆在水平位置平衡，然后进行下面的实验探究。(2)欣怡同学用调节好的杠杆进行了一次实验，所得数据如表：动力/𝑁4阻力/𝑁2动力臂/𝑐𝑚3阻力臂/𝑐𝑚6于是她得出了杠杆的平衡条件：𝐹1𝐿1=𝐹2𝐿2，请你对此作出评价：______。21.为了探究通过导体的电流与导体电阻的关系，梓翊同学采用了如图甲所示的实物图，实验供选择的定值电阻有5个，阻值分别为5𝛺、10𝛺、15𝛺、20𝛺、25𝛺，电源电压恒为4.5𝑉，滑动变阻器的最大阻值为50𝛺。第7页，共26页(1)他首先用5𝛺电阻实验，闭合开关后发现，无论怎么移动滑片，电流表指针无偏转，电压表指针迅速满偏，则电路中的故障可能是______。(2)排除故障后.依次将5𝛺、10𝛺、15𝛺、20𝛺、25𝛺的定值电阻作为R连入电路进行实验，每次更换定值电阻后都需要向______(填“A”或“B”)端移动滑动变阻器的滑片，使定值电阻两端的电压达到相同的值，得到的数据如表。实验序号电阻𝑅/𝛺电流𝐼/𝐴150.402100.203150.1414200.105250.08(3)请你帮助梓翊同学在图乙所示的方格子上画出𝐼−𝑅的关系图像，根据图像可得出的结论是：在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成______比。22.同学们在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”的实验时，做了如下猜想：猜想一：电磁铁磁性强弱与电磁铁线圈的匝数多少有关；猜想二：电磁铁磁性强弱与通过电磁铁的电流大小有关；为了验证上述猜想是否正确，同学们设计了以下实验方案：用漆包线(表面涂有绝缘漆的导线)在大小不同的铁钉上绕制若干圈，制成简单的电磁铁；并利用电池组、滑动变阻器、开关、一堆大头针以及长导线为实验器材进行实验，请你回答下列问题：第8页，共26页(1)如图1所示，小柯同学使用两个相同的大铁钉绕成匝数不同的电磁铁A和B，______。由图中的情境可知，电磁铁______的磁性强，并由此得出的实验结论是：(2)为了验证猜想二，请你在图2虚线方框内设计出探究这一猜想的数据记录表格。五、计算题（本大题共2小题，共14.0分）23.如图为长郡双语办公楼的垂直升降电梯工作示意图，电梯铭牌如框表，在额定状态下运行时，所载14人平均每人质量为75kg，已知电梯厢体和动滑轮的质量共计450kg，不计钢丝绳重和摩擦，且钢丝绳不伸长，电梯满载时，在4s内上升了15m，𝑔=10𝑁/𝑘𝑔，在这个过程中，求：(1)钢丝绳的拉力；(2)电动机做功的功率；(3)电梯中滑轮组的机械效率．24.梦雨和蓝蓝同学在探究串联电路电压特点的实验过程中，设计了如图1所示电路，电源电压恒定，滑动变阻器上标有“50𝛺，2A”字样，闭合开关S，移动滑片，得到多组电压表𝑉1的示数𝑈1与电压表𝑉2的示数𝑈2的数据，根据两者的关系绘制了如图2所示的图像，滑动变阻器的电功率𝑃2，与总功率𝑃总的关系图像如图3所示，不计温度对电阻的影响.求：第9页，共26页(1)当此电路总功率为3W时，工作10min消耗的电能为多少焦耳；(2)𝑅1：𝑅3；(3)电源电压；(4)若电压表的量程均为0～15𝑉，电流表的量程为0～3𝐴，在电路安全的情况下，定值电阻𝑅1的最大电功率为多少W。第10页，共26页答案和解析1.【答案】A【解析】解：A、徐校长的声音通过空气传给老师们，故A正确；B、我们可以根据音色来判断是徐校长在给老师们做动员大会，故B错误；C、二极管具有单向导电性，是由半导体材料制成的，故C错误；D、动圈式话筒的工作原理是：对着话筒讲话声波振动→引起膜片振动→带动线圈振动→线圈切割永久磁体的磁场产生感应电流→经放大传给扬声器。属于电磁感应现象，故D错误。故选：A。①声音的传播需要介质，真空不能传声；②由于结构或材料的不同，不同发声体的音色一般不同；③半导体元件具有许多独特功能，二极管就是根据其特性制成的；④动圈式话筒工作过程是：声波振动→引起膜片振动→带动线圈振动→线圈切割永久磁体的磁场产生感应电流→经放大传给扬声器，由此可知其工作原理是电磁感应现象。此题考查的是我们对声音产生与传播条件、音色的特点、半导体以及电磁感应现象，是一道综合题。2.【答案】C【解析】解：岸上人看到水中的鱼，是来自鱼的光由水中进入空气，A、D图中光是由空气进入水中，错误；光由水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，C图正确，B错误。故选：C。来自鱼的光线由水中进入空气时，在水面上发生折射，折射角大于入射角，折射光线进入人眼，人眼会逆着折射光线看到了鱼的像。此题主要考查学生对折射规律的认识和理解，解答此题的关键：一要明确光的传播方向；二要知道折射角和入射角的大小关系。3.【答案】C第11页，共26页【解析】解：A、核能直接取自于地壳中的核物质，属于一次能源，核能在使用后不能从自然界中源源不断地获得，是不可再生能源，故A错误；B、核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来发电的，故B错误；C、核能发电的能量传递和转化过程是：核能→水和蒸汽的内能→发电机转子的机械能→电能，故C正确；D、太阳内部发生的是核聚变，核电站与太阳热核反应的原理不同，故D错误。故选：C。(1)核能直接取自于地壳中的核物质，是一次能源；能够源源不断地从自然界中获取或可重复利用的能源是可再生能源；(2)核电站利用的是核裂变释放的能量；(3)核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来加热水，用产生的高温、高压蒸汽作为动力，推动蒸汽涡轮机转动，从而带动发电机发电的；(4)太阳内部发生的是核聚变。此题考查了有关能源的分类、能量转化、以及核能的利用等知识，是一道基础题。4.【答案】B【解析】解：A、灶台的高度应以人体工学原理为依据，高度约为80cm，故A错误；B、家中电饭煲的最大功率约为1200W，故B正确；C、冬天洗热水澡时，可将热水器流出的水温设置为40℃，故C错误；D、容积为5L的水桶，最多可装入5kg的水，故D错误。故选：B。首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。5.【答案】C【解析】解：由题知，三个开关都可以单独控制电动机工作，从而打开锁，所以三个开关应并联再与电动机M串联，故C符合要求。第12页，共26页故选：C。三把“钥匙”相当于三个开关，题意要求任意一个开关闭合，都能使电动机工作，据此结合串联和并联的特点来分析解答。本题考查了电路的设计，要知道串联电路中只要有一个开关断开，整个电路都断路，并联电路中各支路间互不影响。6.【答案】C【解析】解：A、轮胎上制有花纹是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A错误；B、脚踏凹凸不平是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B错误；C、在转动部分加润滑油是通过使接触面分开来减小摩擦的，故C正确；D、刹车时用力捏车把是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故D错误。故选：C。(1)摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度；(2)增大摩擦的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；(3)减小摩擦的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动。本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此类问题时要利用控制变量法研究。7.【答案】B【解析】解：A、相同体积时，无人机机身材料密度小，质量小，自重小，便于操控，故A说法正确；B、无人机加速起飞时，处于非平衡状态，受力不平衡，故B说法错误；C、无人机降落后关闭发动机后由于惯性继续保持原来的运动状态，向前运动一段距离，故C说法正确；D、飞机机身设计成“流线形”是为了减小空气阻力，故D说法正确。故选：B。第13页，共26页(1)体积相同时，密度越小，质量越小。(2)物体加速运动，处于非平衡状态，受非平衡力；(3)惯性是一切物体所具有的保持运动状态不变的性质，在任何时候物体都有惯性；(4)物体所受流体阻力的大小与它自身的形状有关。现在无人机很多，可以进行航拍，这个新兴事物人们都很感兴趣，利用无人机考查密度、动能、势能、机械能、惯性、流体压强等一些很基础的物理知识，体现了生活处处皆物理。8.【答案】C【解析】解：𝐴.电风扇使用的是电动机，电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动，故A错误；B.电风扇工作过程中将电能转化为机械能，故B错误；C.无线微型电风扇充电过程中，将电能转化为化学能，故C正确；D.微风拂面是通过加快液体表面上方的空气流动速度的方式来加快汗液的蒸发，故D错误。故选：C。(1)电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力运动；(2)电动机工作时将电能转化为机械能；(3)电池在充电时，将电能转化为化学能；(4)影响蒸发快慢的因素有温度、液体表面积、液体表面上方的空气流动速度。此题是一道综合题，以电风扇的工作过程为素材，考查了电动机的工作原理、能量转化、影响蒸发快慢的因素等，是一道综合题。9.【答案】D【解析】解：A、火星车轮子的表面积较大，目的是在压力一定时，增大受力面积，减小压强，故A错误；B、当火星车匀速直线运动时，处于平衡状态，受到的摩擦力和牵引力是一对平衡力，故B错误；C、惯性大小只与物体的质量有关，与其他因素无关，所以火星车登上火星后，惯性不变，故C错误；第14页，共26页D、环绕器是通过电磁波传回火星车遥测数据信息，故D正确。故选：D。(1)减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力；(2)处于平衡状态的物体受到的力是平衡力；(3)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性大小只与物体的质量有关，与其他因素无关。(4)电磁波能够传递信息，卫星是通过电磁波传递信息的。此题考查减小压强的方法及其应用、惯性、平衡力的辨别、电磁波的传播与应用等知识点，是一道综合性较强的题目，但难度不大。10.【答案】D【解析】解：A、为了开关断开后，用电器与火线断开，则控制用电器的开关必须接在火线上，故A错误；B、家庭电路中的空气开关跳闸，可能是电路中某处发生短路，也可能是用电器总功率过大，故B错误；C、生活用水是导体，不能发现工作中的家用电器起火，不能用水将其扑灭，故C错误；D、有金属外壳的家用电器，金属外壳必须接地，否则一旦金属外壳带电，则会发生触电事故，故D正确。故选：D。(1)家庭电路中开关和开关控制的用电器之间是串联的，开关必须与火线相连；(2)造成电路中电流过大的原因可能是短路，也可能是用电器总功率过大；(3)生活用水是导体，不能发现工作中的家用电器起火，不能用水将其扑灭；(4)金属外壳的用电器必须使用三孔插座，使外壳与大地相连。本题综合考查家庭电路电流过大的原因、家庭电路的连接方式、以及金属外壳的用电器必须接地等，涉及的内容较多，但都属于基础知识考查范围。11.【答案】CDA、【解析】解：水马采用塑料材质主要是利用了塑料的密度小，在体积相同的情况下，制成的水马质量小，方便搬运，故A错误；B、水马一般采用红色、黄色，是因为两种颜色色彩更突出，能达到警示的效果，故B第15页，共26页错误；C、水马注水过程中，水的深度会变大，根据液体压强公式𝑝=𝜌𝑔ℎ可知，水对水马内底部的压强会变大，根据𝐹=𝑝𝑆可知，压力也变大，故C正确；D、水马放水过程中，重心会下降，水的质量变小，即水马的总质量减小，重力势能变小，水马速度为0，动能不变仍为0，，其机械能减小，故D正确。故选：CD。(1)根据水马便于搬运答题；(2)水马是一种用于分割路面或形成阻挡的塑制壳体障碍物，故起警示的效果；(3)水马注水过程中，深度越来越大，由液体压强公式𝑝=𝜌𝑔ℎ以及𝐹=𝑝𝑆分析；(4)机械能等于动能和势能之和，动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。本题结合实际考查水马的相关知识，综合性强，难度不大，关键是知道它在生活中的应用。12.【答案】BD【解析】解：由电路图可知，闭合开关S后，定值电阻R与湿敏电阻𝑅0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。A.因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以电路中的电流𝐼=𝑅=𝑅+𝑅0<𝑅=20𝛺=0.45𝐴，总𝑈𝑈𝑈9𝑉即通过R的最大电流不可能超过0.45𝐴，故A错误；B.因湿敏电阻的阻值随环境湿度的增加而减小，所以当环境的湿度增加时𝑅0的阻值减小，电路的总电阻减小，由𝐼=𝑅可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大，总𝑈由𝑈=𝐼𝑅可知，定值电阻R两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B正确；C.由𝑅=𝐼可知，电压表示数与电流表示数的比值等于定值电阻R的阻值，则其比值不变，故C错误；D.当𝑅0的功率为0.9𝑊时，设电压表的示数为𝑈𝑅，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流𝐼=𝑈𝑅𝑅𝑅=20𝛺，𝑈𝑈第16页，共26页因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，湿敏电阻𝑅0两端的电压𝑈0=𝑈−𝑈𝑅=9𝑉−𝑈𝑅，𝑅=0.9𝑊，则𝑅0的功率𝑃0=𝑈0𝐼=(9𝑉−𝑈𝑅)×20𝛺𝑈2整理可得：𝑈𝑅−9𝑈𝑅+18𝑉2=0，解得：𝑈𝑅=3𝑉或𝑈𝑅=6𝑉，故D正确。故选：BD。由电路图可知，闭合开关S后，定值电阻R与湿敏电阻𝑅0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，然后得出电路中的最大电流，从而进行判断；(2)湿敏电阻的阻值随环境湿度的增加而减小，据此得出当环境的湿度增加时𝑅0的阻值变化，从而得出电路的总电阻变化，根据欧姆定律可知电路中的电流变化和定值电阻R两端的电压变化；(3)根据欧姆定律结合定值电阻R的阻值判断电压表示数与电流表示数的比值变化；(4)当𝑅0的功率为0.9𝑊时，设电压表的示数为𝑈𝑅，根据串联电路的电流特点和欧姆定律表示出电路中的电流，根据串联电路的电压特点求出湿敏电阻𝑅0两端的电压，利用𝑃=𝑈𝐼表示出𝑅0的功率，然后求出R两端的电压即为电压表的示数。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，利用好“湿敏电阻的阻值随环境湿度的增加而减小”是关键。13.【答案】变小做功【解析】解：点燃蜡烛时，气体温度升高，气体的密度变小，热空气就会向上运动，运动的热空气推动扇叶转动，运动的热空气对外做功，将内能转化为机械能，该过程和四冲程汽油机的做功冲程的能量转化相同。故答案为：变小；做功。(1)气体温度升高，气体的密度变小，热空气向上运动。再结合能量的转化的特点可做出判断。(2)内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，将机械能转化为内能的是压缩冲程，将内能转化为机械能的是做功冲程；压缩冲程和做功冲程都是通过做功的方式改变内能的。本题考查了气体受热膨胀的特点及能量的转化，同时还要明确内燃机四个冲程中的能量第17页，共26页转化情况，是一道基础题。14.【答案】液化大气压【解析】解：(1)锅中的水蒸气遇到温度相对较低的锅盖，放出热量，液化成小水珠；(2)熄火后，碗中的气体压强减小，在外界大气压的作用下，锅中的水被“吸入”碗内。故答案为：(1)液化；(2)大气压。(1)物体由气态变为液态的过程叫液化；(2)碗内水蒸气液化，使碗内气压减小，在外界大气压的作用下，锅中的水被“吸入”碗内。本题考查液化现象、大气压的作用，难度不大。15.【答案】1201.6【解析】解：闭合开关，两电阻串联，𝐼1=0.2𝐴，根据串联电路的电流特点可知电路中的电流𝐼总=𝐼2=𝐼1=0.2𝐴，根据欧姆定律可知𝑅总=𝑈总𝐼总=24𝑉0.2𝐴=120𝛺，𝑅1两端的电压𝑈1=𝐼1𝑅1=0.2𝐴×80𝛺=16𝑉，𝑅2两端的电压𝑈2=24𝑉−16𝑉=8𝑉，𝑃2=𝑈2𝐼2=8𝑉×0.2𝐴=1.6𝑊。故答案为：120；1.6。闭合开关，两电阻串联，已知𝐼1=0.2𝐴，根据串联电路的电流特点可知电路中的电流大小，根据欧姆定律可知总电阻𝑅总和𝑅1两端的电压，进而得出𝑅2两端的电压，根据𝑃=𝑈𝐼得出𝑃2。本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，综合性强，难度不大。16.【答案】乙6【解析】解：由图可知，两电阻丝串联有电路中，这样可保证电流相同、加热时间相同，电阻越大，产生的热量越多，所以乙中产生的热量多，乙中的气球先鼓起来；𝑄=𝐼2𝑅2𝑡=(𝑅𝑅2产生的热量为：通电1min，故答案为：乙；6。第18页，共26页𝑈1+𝑅2)2𝑅2𝑡=(20𝛺+40𝛺)2×40𝛺×60𝑠=6𝐽。3𝑉(1)实验中，根据气体的热胀冷缩性质，利用气球的膨胀来反映电流产生热量的多少，这是转换法的运用；电流产生的热量与电阻大小、通电时间的长短、电流大小有关；(2)利用𝑄=𝐼2𝑅𝑡求出产生的热量。本题考查了影响电热的因素、焦耳定律的应用，难度不大，要理解。17.【答案】2104×103−43【解析】解：(1)在甲中，浸没时，𝑉排=𝑉=2×10𝑚，33−43则A受到的浮力为：𝐹浮1=𝜌水𝑔𝑉排=1×10𝑘𝑔/𝑚×10𝑁/𝑘𝑔×2×10𝑚=2𝑁；由A受力关系𝐹支+𝐹浮=𝐺𝐴及力的相互作用可知，A对容器底的压力为：𝐹压1=𝐹支1=𝐺𝐴−𝐹浮1=12𝑁−2𝑁=10𝑁；(2)在乙中，由力的相互作用可知，液体对容器底的压力增加量等于B受到的浮力大小，即：𝐹浮2=△𝐹=3𝑁，B对容器底的压力为：𝐹压2=0.5𝐹压1=0.5×10𝑁=5𝑁，由B的受力关系可得𝐺𝐵=𝐹支+𝐹浮可得，B受到的重力为：𝐺𝐵=𝐹支2+𝐹浮2=𝐹压2+𝐹浮2=5𝑁+3𝑁=8𝑁，由公式𝐺=𝑚𝑔=𝜌𝑉𝑔可得，B的密度为：33𝜌𝐵=𝑉𝐵==4×10𝑘𝑔/𝑚；−43𝑔2×10𝑚×10𝑁/𝑘𝑔𝐵𝐺8𝑁故答案为：2；10；4×103。(1)在甲中，由公式𝐹浮=𝜌液𝑔𝑉排可求得浮力大小，再由A受力关系𝐹支+𝐹浮=𝐺𝐴，由力的相互作用可知，A对容器底的压力𝐹压=𝐹支；(2)在乙中，由力的相互作用可知，液体对容器底的压力增加量等于B受到的浮力大小，容器对B的支持力等于B对容器底的压力，由B的受力关系可得𝐺𝐵=𝐹支+𝐹浮，再由公式𝐺=𝑚𝑔=𝜌𝑉𝑔可求得B的密度。本题考查浮力、密度的计算，要求学生能进行受力分析得到有关力的大小，难度较大。18.【答案】下98第19页，共26页【解析】解：(1)实验中，温度计的玻璃泡接近液体表面，此时应当将B端向下调整，使温度计的玻璃泡浸没在水中；(2)分析数据可知，水沸腾时保持98℃不变，所以该地区水的沸点是98℃。故答案为：(1)下；(2)98。(1)在测量水的温度时，温度计的玻璃泡不能碰到容器底或容器壁，并要求用酒精灯的外焰加热；(2)水沸腾时不变的温度即为沸点。本题综合考查了水沸腾时温度变化特点，温度计的使用，常见题目。19.【答案】照相机光屏上移或蜡烛上移或凸透镜下移左移【解析】解：(1)由图可知，此时的物距大于像距，成倒立、缩小的实像，是照相机的应用；(2)实验中，蜡烛越烧越短，根据光线过光心不改变方向，像向光屏的上方移动，为使像在光屏的中心位置，蜡烛向上移动，或凸透镜向下移动，或光屏向上移动(3)近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，能使会聚光线延后会聚，使成像位置后移，所以光屏要远离凸透镜，现在将近视镜取下，光线会聚提前，使成像位置前移，要在光屏上得到清晰的像，应将光屏靠近透镜，故光屏向左移动。故答案为：(1)照相机；(2)光屏上移或蜡烛上移或凸透镜下移；(3)左移。(1)凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立、缩小的实像，照相机利用了此原理；(2)根据光线过光心不改变方向判断像的位置和凸透镜的移动情况；(3)凹透镜对光线有发散作用，使原来会聚成像的光线错后会聚，要使光屏接到清晰的像，光屏要远离凸透镜。本题是探究凸透镜成像的规律，考查了凸透镜成像的规律的应用。一定要熟练掌握规律的内容，做到灵活运用，此类题在考试中经常出现，因此要求学生审题时一定要仔细、认真。20.【答案】左实验次数太少，导致结论具有偶然性【解析】解：(1)通过题干中的图可知，杠杆的左端偏高，说明右端较沉，需要增大左端平衡螺母产生力的力臂，所以将平衡螺母向左移动。第20页，共26页(2)实验次数过少，会导致偶然性过大，所以要进行多次实验寻求普遍规律。故答案为：(1)左(2)实验次数太少，导致结论具有偶然性。(1)杠杆右侧较沉，应该增加左侧平衡螺母所产生的力的力臂；(2)为了便于寻求普遍规律，实验时要进行多次实验。掌握杠杆的调平方法；理解多次实验的目的21.【答案】定值电阻断路B反【解析】解：(1)串联电路只有一条电流路径，电压表看作断路，则电流表没有示数，说明电路中某处断路，电压表有示数，说明与其并联的定值电阻断路；(2)在实验中，当定值电阻越换越大时，定值电阻两端的电压会变大，根据串联电路分压规律可知，要使定值电阻两端电压减小到与前一次实验相等，应将滑动变阻器的滑片向B端移动，使其接入电路的电阻适当调大，控制定值电阻两端电压不变；(3)根据表中数据画出𝐼−𝑅的关系图像，如图所示；根据图像可知，I与R的倒数比值不变，即I与R的乘积不变，故结论为：在电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。1故答案为：(1)定值电阻断路；(2)𝐵；(3)𝐼−𝑅的关系图像如图所示；反。1第21页，共26页(1)根据串联电路的特点分析电路故障；(2)探究电流与电阻的关系时，要控制定值电阻两端电压不变。当定值电阻越换越大时，定值电阻两端的电压会变大，根据串联电路分压规律可知，要使定值电阻两端电压减小到与前一次实验相等，应将滑动变阻器接入电路的电阻适当调大；(3)根据实验数据作图，并根据图像得出结论。本题考查实验：探究通过导体的电流与导体电阻的关系，要求学生能根据实验要求控制电压不变，利用图像处理数据得出结论，难度较大。22.【答案】A在电流相同时，电磁铁的线圈匝数越多，磁性越强【解析】解：(1)读图可知，两只电磁铁是串联在电路中的，所以流经它们的电流是相同时，同时还可以看到，它们线圈的匝数是不同的，电磁铁A吸引大头针多，故电磁铁A磁性强；本实验研究的是电磁铁磁性强弱与匝数的关系。通过分析现象可得出的结论是：在电流相同时，电磁铁的线圈匝数越多，磁性越强。(2)实验二中，电流的大小改变，线圈的匝数不变，故改变是电流的大小，控制的变量是线圈的匝数；需要记录的数据设计表格如下：故答案为：(1)𝐴；在电流相同时，电磁铁的线圈匝数越多，磁性越强；(2)第22页，共26页。(1)两只电磁铁是串联的，所以电流相同，只有线圈的匝数是不同的，据此来做出判断。(2)猜想二：电磁铁磁性强弱与通过电磁铁的电流大小有关，电流的大小改变，线圈的匝数不变，根据控制变量法设计实验及实验表格，需要明确不变的量和变化的量及实验观察的对象变化。本题考查了对探究电磁铁的磁性强弱与哪些因素有关的实验的一个初步的认识，要明确“匝数”和“电流”是我们研究的主要变量，同时还要知道是如何运用转换法和控制变量法的。23.【答案】解：由图知，使用的滑轮组承担物重的绳子股数𝑛=3。(1)电梯满载时，电梯厢体、动滑轮、人的总质量：𝑚总=14×75𝑘𝑔+450𝑘𝑔=1500𝑘𝑔，总重力：𝐺总=𝑚总𝑔=1500𝑘𝑔×10𝑁/𝑘𝑔=15000𝑁，不计钢丝绳重和摩擦，钢丝绳自由端拉力：𝐹=𝐺总=×15000𝑁=5000𝑁；3311(2)钢丝绳自由端移动的距离：𝑠=3ℎ=3×15𝑚=45𝑚，总功：𝑊总=𝐹𝑠=5000𝑁×45𝑚=2.25×105𝐽，电动机做功的功率：𝑃=𝑊总𝑡=2.25×105𝐽4𝑠=56250𝑊；(3)有用功：𝑊有用=𝐺人ℎ=𝑚人𝑔ℎ=14×75𝑘𝑔×10𝑁×15𝑚=1.575×105𝐽，电梯中滑轮组的机械效率：第23页，共26页𝜂=𝑊有用𝑊总=1.575×105𝐽2.25×105𝐽×100%=70%。答：(1)钢丝绳的拉力为5000N；(2)电动机做功的功率为56250W；(3)电梯中滑轮组的机械效率为70%。【解析】(1)由滑轮组结构可以看出承担物重的绳子股数𝑛=3，求出电梯满载时，电梯厢体、动滑轮、人的总质量，利用𝐺=𝑚𝑔求出总重力𝐺总，不计钢丝绳重和摩擦，钢丝绳拉力𝐹=3𝐺总；(2)电动机做的功，即钢丝绳自由端拉力做的功。钢丝绳自由端移动的距离𝑠=3ℎ，利用𝑊=𝐹𝑠求出总功，再利用𝑃=𝑡求电动机做