江苏省泰州市2023年中考物理试题（附真题答案）

江苏省泰州市2023年中考物理试卷一、单选题（本题共12小题，共24分）1．下列能源中，属于不可再生能源的是（）A．风能 B．核能 C．水能 D．潮汐能【解析】【解答】风能、水能和潮汐能，都是可在短时间内得到补充的能源，属于可再生能源，故A、C、D不合题意；

而核能不能在短时间内得到补充，为不可再生能源，故B符合题意。

故选B。

2．如图，古琴演奏家正在演奏名曲高山流水，下列说法正确的是（）A．琴声响度越大，它在空气中传播的速度越大B．琴声是由琴弦振动产生的C．拨动不同的琴弦，主要引起琴声响度不同D．用大小不同的力拨动同一根琴弦，琴声音调不同【解析】【解答】A.琴声在空气中传播速度与响度大小无关，故A错误；

B.琴声由琴弦振动产生，故B正确；

C.不同的琴弦，粗细和长度不同，那么频率不同，因此琴声的音调不同，故C错误；

D.同一根琴弦频率相同，则音调相同，故D错误。

故选B。

（2）根据声音的产生判断；

（3）声音的大小叫响度，声音的高低叫音调，声音的特点叫音色；

（4）音调由振动频率决定。3．下列物态变化中，属于吸热现象的是哪一组（）初春：冰雪消融盛夏：洒水降温深秋：浓雾弥漫严冬：寒霜遍野A． B． C． D．【解析】【解答】①冰雪消融，即从固态变成液态发生熔化现象，需要吸热；

②洒水降温，即水从液态变成气态发生汽化现象，需要吸热；

③浓雾弥漫，即水蒸气从气态变成液态发生液化现象，需要放热；

④寒霜遍野，即水蒸气从气态直接变成固态发生凝华现象，需要放热。

则属于吸热的是①②。

故选A。

4．关于粒子与宇宙，下列说法不正确的是（）A．用鼻子嗅气味来鉴别酱油和醋，说明分子在不停地运动B．卢瑟福提出原子是由原子核和核外电子构成的C．摩擦起电的过程中，带正电的物体得到了质子D．宇宙是一个有层次的天体结构系统，太阳是银河系中的一颗恒星【解析】【解答】A.用鼻子嗅气味来鉴别酱油和醋，说明分子在不停地运动，故A正确不合题意；

B.卢瑟福提出原子是由原子核和核外电子构成的，故B正确不合题意；

C.摩擦起电的过程中，带正电的物体失去了电子，带负电的物体得到电子，而质子数保持不变，故C错误符合题意；

D.宇宙是一个有层次的天体结构系统，太阳是银河系中的一颗恒星，故D正确不合题意。

故选C。

（2）格局原子的结构的知识判断；

（3）根据摩擦起电的本质解答；

（4）根据对宇宙的构成判断。5．下列事例中，能增大压强的是（）A．载重汽车装有许多车轮 B．压路机的碾子质量很大C．滑雪板与雪地接触面积较大 D．背包用较宽的背带【解析】【解答】ACD.载重汽车装有许多车轮，滑雪板与雪地接触面积较大，背包用较宽的背带，三者都是通过增大受力面积的方式减小压强，故A、C、D不合题意；

B.压路机的碾子质量很大，通过增大压力的方式增大压强，故B符合题意。

故选B。

①减小受力面积；②增大压强。6．如图所示，是仿照人的手臂设计的我国天宫空间站的机械臂。下列工具使用时与机械臂属于同类型杠杆的是（）A．夹起食物的筷子 B．拔钉子的羊角锤C．剪铁丝的钢丝钳 D．起瓶盖的开瓶扳手【解析】【解答】根据图片可知，机械臂的动力臂小于阻力臂，为费力杠杆。

A.夹起食物的筷子，大拇指的位置为支点，食指施加动力，阻力作用在筷子的尖端。此时动力臂小于阻力臂，为费力杠杆，故A符合题意；

B.拔钉子的羊角锤，锤头的弯曲处为支点，阻力作用在豁口上，动力作用在手柄上。此时动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，故B不合题意；

C.剪铁丝的钢丝钳，转轴为支点，动力作用在手柄上，阻力作用在刀口上。此时动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，故C不合题意；

D.起瓶盖的开瓶扳手，扳手与瓶盖上表面接触的位置为支点，阻力作用在瓶盖边缘，动力作用在手柄上。此时动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，故D不合题意。

故选A。

7．关于地磁场，下列说法中正确的是（）A．磁感线是磁场中真实存在的曲线B．地球周围的地磁场的磁感线是从地磁极出发回到地磁极C．教室里水平放置、能自由转动的小磁针静止时极指向地理南极D．指南针是我国古代四大发明之一，它能指南北是因为受到地磁场的作用【解析】【解答】A.磁感线并不存在，是为了形象的描述磁场分布而人为引入的，故A错误；

B.地球周围的地磁场的磁感线是从地磁N极出发回到地磁S极，故B错误；

C.教室里水平放置、能自由转动的小磁针静止时N极指向地理北极，故C错误；

D.指南针是我国古代四大发明之一，它能指南北是因为受到地磁场的作用，故D正确。

故选D。

8．同学们在垫排球时，当排球离开手腕后，下列分析正确的是（）A．排球能继续向上运动是由于受到惯性的作用B．排球向上运动的过程中，受到重力和手腕对排球托力的作用C．排球离开手腕后，手对排球不做功D．假如正在上升的排球所受的力全部消失，它将保持静止【解析】【解答】A.排球能继续向上运动是由于排球具有惯性，故A错误；

B.排球向上运动的过程中，由于排球与手不再接触，那么排球不受托力，故B错误；

C.排球离开手腕后，手对排球没有力的作用，因此对排球不再做功，故C正确；

D.假如正在上升的排球所受的力全部消失，它将保持原来的速度和方向做匀速直线作用，故D错误。

故选C。

（2）对空中飞行的排球进行分析即可；

（3）做功的两个要素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离；

（4）根据牛顿第一定律分析判断。9．如图所示，小明沿滑道从顶端匀速下滑的过程中，小明的（）A．重力势能减小，机械能减小 B．动能不变，机械能不变C．重力势能减小，动能增大 D．重力势能不变，机械能减小【解析】【解答】如图所示，小明沿滑道从顶端匀速下滑的过程中，质量不变，速度不变，则动能不变；质量不变，高度减小，则重力势能减小。根据“机械能=动能+重力势能”可知，小明的机械能减小，故A正确，而B、C、D错误。

故选A。

10．为了安全，汽车行驶时驾驶员必须系好安全带．当系好安全带时，相当于闭合开关，指示灯不亮；未系好安全带时，相当于断开开关，指示灯发光．符合上述要求的学电路图是（）A． B．C． D．【解析】【解答】解：A、无论开关断开还是闭合，灯泡都发光．不符合题意；B、无论开关断开还是闭合，灯泡都发光．不符合题意；C、开关断开，灯泡和保护电阻串联能够发光；开关闭合，灯泡被短路不能发光．符合题意；D、开关断开，灯泡与保护电阻串联能够发光；开关闭合造成电源短路．不符合题意．故选C．11．用硬质塑料瓶、透明胶带、螺母、塑料管、容器和水等，制作如图所示的潜水艇模型不计进排气管体积，然后将模型放入水中，使其上浮或下沉。下列说法正确的是（）A．当模型漂浮于水面时，它受到的浮力小于重力B．向瓶中充气时，瓶内气体压强变大，模型将下沉C．从瓶中抽气时，模型会下沉，它受到的浮力将变小D．让原本在较浅处悬浮的模型下潜至更深处悬浮，应使瓶内的水先增加后减少【解析】【解答】A.当模型漂浮于水面时，它受到的浮力等于重力，故A错误；

B.向瓶中充气时，瓶内气体压强变大，则瓶内的水流出来，自身重力减小。此时浮力大于重力，则模型上浮，故B错误；

C.从瓶中抽气时，瓶内气压减小，外面的水进入瓶内，使其重力增大，那么模型会下沉。由于瓶子排开水的体积不变，根据阿基米德原理F浮力=ρ液体gV排可知，瓶子受到的浮力不变，故C错误；

D.让原本在较浅处悬浮的模型下潜至更深处悬浮，先使瓶子下沉，此时需要增大重力，使浮力小于重力；到达规定位置后，再减小瓶内水量，使浮力等于重力从而实现悬浮，故D正确。

故选D。

（2）分析模型内水量的变化，再根据浮沉条件判断；

（3）根据阿基米德原理F浮力=ρ液体gV排分析浮力的变化；

（4）根据浮沉条件分析浮力和重力的大小关系即可。12．如图所示为模拟调光灯电路，电源电压恒为，滑动变阻器标有“”的字样，电流表选用“”的量程，当滑片移至中点时，小灯泡恰好正常发光。已知小灯泡上标有“”字样忽略温度对灯丝电阻的影响。为保证电路安全，下列选项正确的是（）A．滑动变阻器阻值的变化范围为B．定值电阻的阻值为C．电流表示数变化的范围为D．小灯泡的最小功率为【解析】【解答】如图所示，滑动变阻器，R0和小灯泡L串联，电流表测电路中的电流，

A.已知小灯泡上标有“3V0.9W”字样，

则小灯泡额定电流，故电路中最大电流为0.3A，

当滑片P移至中点时，小灯泡恰好正常发光，此时电流为0.3A，

故此时滑动变阻器的阻值为最小值，

滑动变阻器规格为20Ω1A，中点时的阻值为10Ω，

故滑动变阻器阻值的变化范围为10～20Ω，故A错误；

B.滑动变阻器滑片P在中点时阻值为10Ω，电路中的电流为0.3A，小灯泡电压为3V，

则滑动变阻器两端电压为U变=I变R变=0.3A×10Ω=3V，

定值电阻R0的电压U0=U总-UL-U变=9V-3V-3V=3V，

那么，故B错误；

C.当滑动变阻器R滑动至阻值最大处时，电流表为最小值，

小灯泡的阻值，

此时的最小电流为：，

已知电流最大电流为0.3A，

故电流表示数变化的范围为0.225～0.3A，故C正确；

D.由P=I2R可知，当电路电流最小时，小灯泡功率最小，那么灯泡的最小功率：PL=I2RL=（0.225A）2×10=0.50625W，故D错误。

故选C。

计算灯泡的额定电流，并与电流表的量程比较确定电路的最大电流。然根据题目描述确定此时变阻器的阻值，进而确定变阻器接入的阻值范围。

（2）当灯正常发光时，根据U变=I变R变计算变阻器两端的电压，再根据U0=U总-UL-U变计算R0两端的电压，最后根据计算定值电阻的阻值。

（3）当滑动变阻器R滑动至阻值最大处时，此时电流最小，根据计算此时的电流，从而确定电流表的示数变化范围；

（4）根据：PL=I2RL计算灯泡的最小功率。二、填空题（本题共8小题，共26分）13．如图所示，一只水鸟站在水中觅食，图中的黑影是由于光的形成的，倒影是因光的反射形成的像，且倒影看起来要“暗”一些，是因为有一部分光在水面处发生了而进入水中，人能从不同角度看见水鸟是由于光照射在鸟身上发生了。【解析】【解答】如图所示，一只水鸟站在水中觅食，图中的黑影是由于光的直线传播形成的，倒影是因光的反射形成的虚像，且倒影看起来要“暗”一些，是因为有一部分光在水面处发生了折射而进入水中，人能从不同角度看见水鸟是由于光照射在鸟身上发生了漫反射。

①光在同一种均匀介质中沿直线传播，现象有影子、日食和月食和小孔成像；

②平面镜成像是光的反射形成的虚像；

③光从一种介质斜射入另一种介质中传播方向发生改变，这就是光的折射；

④光在凹凸不平的表面上发生漫反射，在光滑平整的表面上发生镜面反射。14．如图所示是气象站释放的一种无动力探空气球。升空过程中因大气压逐渐，气球会慢慢膨胀；它携带的探空仪会采集各种气象数据，并将数据通过传回到地面气象站；气球上升至平流层后会随着气流飘向远方，此时它相对于气流是的；因高空严寒，为防止探空仪内的精密仪器被冻坏，其外壳要用好的材料制成。【解析】【解答】（1）升空过程中因大气压逐渐减小，气球会慢慢膨胀；

（2）它携带的探空仪会采集各种气象数据，并将数据通过电磁波传回到地面气象站；

（3）气球上升至平流层后会随着气流飘向远方，此时它相对于气流的位置保持不变，即它是静止的；（4）因高空严寒，为防止探空仪内的精密仪器被冻坏，其外壳的导热性必须比较差，即材料的隔热性能良好。

（2）根据电磁波的应用解答；

（3）根据参照物的知识解答；

（4）物质的性质决定用途，也能根据用途推测物质的性质。15．小华利用饮料瓶、气球、瓶盖、吸管等制作了一个简易喷气小车，如图所示。拔掉吸管口的塞子，气球向左喷气，同时小车会向右运动，说明物体间力的作用是的，也说明力能改变物体的，使小车前进的力的施力物体是。【解析】【解答】如图所示。拔掉吸管口的塞子，气球向左喷气，同时小车会向右运动，说明物体间力的作用是相互的，也说明力能改变物体的运动状态，使小车前进的力的施力物体是喷出的气体。

①改变物体形状；②改变物体的运动状态。对小车进行受力分析即可。16．如图所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部，放入一小团干燥的硝化棉，用力把活塞迅速压下，使硝化棉燃烧，该过程是通过的方式来改变筒内空气的内能，其能量转化情况与汽油机的冲程相同。【解析】【解答】如图所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部，放入一小团干燥的硝化棉，用力把活塞迅速压下，使硝化棉燃烧，该过程将活塞的机械能转化为内能，是通过做功的方式来改变筒内空气的内能。其能量转化情况与汽油机的压缩冲程相同。

①改变物体内能的方法：①做功，本质为能量的转化；②热传递，本质为能量的转移；

②四冲程内燃机的压缩冲程，将机械能转化为内能；做功冲程，将内能转化为机械能。17．如图所示，供轮椅上下的斜坡长，高。小明用的拉力平行于斜坡向上将重为的木箱从底端匀速拉到顶端。他所做的有用功为，斜坡的机械效率为精确到，木箱所受摩擦力的大小为。【解析】【解答】（1）拉力做的有用功：W有用=Gh=200N×2m=400J；

（2）拉力F做的总功：W总=Fs=120N×4m=480J，

斜坡的机械效率：；

（3）拉力做的额外功：W额=W总-W有用=480J-400J=80J，

木箱受到的摩擦力：。

有=Gh求拉力做的有用功；

（2）利用W=Fs求拉力做的总功，根据计算斜面的机械效率；

（3）利用W额=W总-W有求出额外功，再利用计算木箱受到的摩擦力大小。18．如图甲所示电路，开关、闭合后两电流表的指针均指在同一位置，示数如图乙所示，则通过的电流为，两电阻之比：；只断开开关，电流表的示数将变大变小不变。【解析】【解答】（1）根据甲图可知，电阻R1与R2并联，电流表A1测总电流，A2测R2的电流。、

根据并联电路I总=I1+I2可知，A1的示数大于A2的示数；

根据乙图可知，当量程为0~0.6A时，分度值为0.02A，示数为0.36A；

当量程为0~3A时，分度值为0.1A，示数为1.8A；

则A1的示数为1.8A，A2的示数为0.36A；

则通过R2的电流为0.36A，通过R1的电流为：I1=I总-I2=1.8A-0.36A=1.44A；

在并联电路中，电流与电阻成反比，即：；

则；

（2）只断开开关S2，此时电流表只测通过R2的电流，而原来则两个电阻的总电流。根据I总=I1+I2可知，此时电流表A1的示数变小。

总=I1+I2计算通过R1的电流，最后根据“并联电路电流与电阻成正比”计算电阻之比；

（2）根据甲图确定开关S2断开前后电流表的示数变化即可。19．小华将电阻丝和分别浸没在质量和初温均相同的煤油中，按如图所示接入电路，开关闭合后，通过两电阻丝的相等，根据温度计示数的变化可比较电阻丝产生的多少，通电一段时间，发现甲瓶中温度计的示数上升。【解析】【解答】①根据图片可知，两个电阻串联，则通过它们的电阻丝相等；

②根据温度计示数的变化可比较电阻丝产生热量的多少；

③已知R1>R2，且I1=I2，根据Q=I2Rt可知，通电一段时间后，R1产生的热量多，则甲瓶中温度计的示数上升多。

①串联电路中，各处电流都相等；

②根据Q=cm△t可知，质量相同的不同物质，温度升高越多，则吸收的热量越多；

③根据Q=I2Rt比较电阻丝产生热量的多少，进而确定温度计上升示数的大小。20．2022年6月17日，我国第三艘国产航空母舰“福建号”成功下水，其满载排水量为，如图所示。该航母满载时，受到的浮力为，当舰载机飞离航母后，航母所受浮力变，舱底所受海水压强变，此时航母排开的海水体积改变了，则该舰载机的质量是。取，取【解析】【解答】（1）“福建号”满载时受到的浮力为：

F浮=G排=m排g=88000×103kg×10N/kg=8.8×108N；

（2）①“福建号”始终在水面漂浮，则所受浮力始终等于自身的重力。舰载机飞离航母后，航母重力变小，则航母所受浮力会变小；

②航母将会上浮一些，舱底到海面的深度h会变小，根据p=ρ液gh可知，舰底所受海水的压强变小；

（3）航母漂浮在水面上，则F浮=G，

那么舰载机起飞后航母受到浮力的减小量等于舰载机的重力；

即ΔF浮=G机，

ρ海gV排=mg；

ρ海V排=m；

1.0×103kg/m3×26m3=m；

解得：m=2.6×104kg。

浮力=G排计算满载时航母受到的浮力；

（2）①根据漂浮条件分析舰载机起飞后航母受到浮力的变化；

②根据液体压强公式p=ρ液gh分析舱底受到海水的压强变化；

（3）根据漂浮条件可知，舰载机起飞后航母减小的浮力等于舰载机的重力，据此结合阿基米德原理F浮力=ρ液gV排和G=mg推导计算即可。三、作图题（本题共3小题，共6分）21．在图中，画出物体AB在平面镜MN中所成的像A＇B＇。【解析】【解答】物体AB和像A＇B＇关于平面镜对称，故过A点做平面镜的垂线，并延长，且物体到平面镜的距离等于像到平面镜的距离确定像点A＇，过B点做平面镜的垂线，并延长，且物体到平面镜的距离等于像到平面镜的距离确定像点B＇，由于成的是虚像，故连接A＇B＇，即为像，故如图所示：

22．工人站在地面上用如图的滑轮组提升重物，画出滑轮组的绕绳方式。【解析】【解答】根据图片可知，人站在地面上，对绳子的拉力方向向下，那么绳头应该系在定滑轮上，如下图所示：

23．如图所示，请用笔画线代替导线，将三孔插座正确接入家庭电路中。【解析】【解答】在家庭电路中，三孔插座的左孔接零线，右孔接火线，中间的孔接地线，如下图所示：

四、计算题（本题共2小题，共12分）24．新能源电动汽车具有节能、环保的特点。如图所示，一辆电动汽车停放在水平地面上，满载时整车质量为，轮胎与地面的总接触面积为。在某段平直路面上，该车满载时内匀速行驶了，电动汽车受到的阻力为，求：（1）汽车行驶的速度。（2）汽车发动机的功率。（3）汽车静止时对水平地面的压强。取【解析】；计算汽车行驶的速度。

（2）首先根据二力平衡的知识F=f计算出汽车行驶受到的牵引力，再根据P=Fv计算发动机的功率；

（3）根据G=mg计算满载时整车的重力，再根据F压=G计算汽车对地面的压力，最后根据计算汽车对地面的压强。25．小华查看家中电炖锅的说明书后发现：电炖锅有低温、中温、高温三挡；电阻，，该电炖锅的原理图如图所示。请解答：（1）闭合开关、，电炖锅处于挡。（2）电炖锅高温挡的额定功率为多大？（3）正常工作时，使用电炖锅高温挡加热，可将一锅的汤从加热到，电炖锅的加热效率是多少？汤的比热容取【解析】【解答】（1）根据图片可知，当开关S、S1闭合时，只有R1工作；

当开关S、S2闭合时，只有R2工作；

当开关都闭合时，两个电阻并联，总电阻为R并；

那么R1>R2>R并；

根据可知，总功率P1<P2<P并；

则三者对应的状态分别为低温、中温和高温。

比较开关在不同状态下电功率大小，从而确定对应的工作状态；

（2）根据图片可知，电炖锅处于高温挡时，R1和R2并联。根据分别计算它们消耗的电功率，然后相加计算出高温档时的功率。

（3）首先根据计算汤吸收的热量，再根据计算消耗的电能，最后根据计算电炖锅的加热效率。五、实验探究题（本题共6小题，共32分）26．小明利用如图甲所示的实验装置来探究冰的熔化特点。（1）将装有适量碎冰的试管置于烧杯内的温水中，这样做不仅可以使碎冰，而且便于记录各时刻的温度并观察冰的。（2）实验中某时刻温度计示数如图乙所示，碎冰此时的温度为。（3）根据实验数据画出冰熔化过程的“温度时间”图象如图丙，由图象可知，冰属于晶体非晶体。（4）小明分析图象还发现：0至时段内的温度变化比时刻后的温度变化快，其主要原因是。【解析】【解答】（1）将装有适量碎冰的试管置于烧杯内的温水中，这样做不仅可以使碎冰受热均匀，而且便于记录各时刻的温度并观察冰的状态。

（2）根据乙图可知，温度计的分度值为1℃，则此时的温度为-3℃；

（3）根据丙图可知，冰熔化时有不变的温度，即有熔点，那么冰为晶体；

（4）小明分析图象还发现：0至t1时段内的温度变化比时刻t2后的温度变化快，其主要原因是：水的比热容比冰大。

（2）根据乙图确定温度计的分度值，根据液面位置读出示数；

（3）晶体有固定不变的熔点，而非晶体没有固定不变的熔点；

（4）根据Q=cm△t可知，质量相同的不同物质吸收相同的热量时，升高的温度越大，则比热容越小，据此分析解答。27．小华用如图所示的器材探究凸透镜成像规律，已知凸透镜的焦距为。（1）组装并调整器材，使烛焰、光屏的中心位于凸透镜的上。（2）小华按照实验方案完成各操作步骤，将观测到的现象和数据记录在表格中，分析表中信息可得：实验序号物距像的大小像的正倒光屏到凸透镜的距离50.0缩小倒立12.530.0缩小倒立15.020.0等大倒立20.012.5放大正倒30.012.5放大倒立50.09.0光屏上没有像7.0光屏上没有像当物距焦距时，成倒立、缩小的实像；成实像时，随着物距的减小，像的大小逐渐；（3）在第、两次实验中小华无论怎样移动蜡烛、凸透镜和光屏，都不能在光屏上观察到烛焰的像，于是她认为：“物距小于一倍焦距时，物体通过凸透镜不能成像”这个结论并不严谨，为得出正确的结论，她应该增加的一步操作是：取下光屏，；（4）将一个镜片放在烛焰和凸透镜之间后，光屏上的像变模糊了，向右移动光屏，光屏上再次出现清晰的像，则所加的镜片属于透镜，用来矫正的视力缺陷。【解析】【解答】（1）组装并调整器材，使烛焰、光屏的中心位于凸透镜的主光轴上。

（2）①根据实验数据①②③可知，物距50cm和30cm时都大于二倍焦距，此时成倒立缩小的实像；当物距20cm等于二倍焦距时，成倒立等大的实像，那么得到结论：当物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像；

②根据实验数据①-⑤可知，当凸透镜成实像时，随着物距的减小，像依次变成缩小、等大和放大的，因此像的大小逐渐变大。

（3）为得出正确的结论，她应该增加的一步操作是：取下光屏，从光屏一侧透过透镜看能否观察到烛焰的像；

（4）放入镜片后，向右移动光屏，即像距增大了，即光线比原来发散了，因此放入的是凹透镜，即属于近视眼镜，用来矫正近视眼。

（2）①根据表格数据①②③分析成倒立、缩小实像的条件；

②根据表格数据从①-⑤，分析像的大小与物距的变化规律。

（3）当物体在一倍焦距内时，成正立、放大的虚像，这个像不能成在光屏上，且和物体在凸透镜的同一侧，此时需要摘掉光屏，从光屏一侧观察凸透镜，才能看到虚像。

（4）根据像距的变化确定放入镜片后光线会聚还是发散了，然后确定放入镜片的种类即可。28．小明使用天平和量筒测量石块的密度。（1）将天平放在水平台面上，如图甲所示，是小明刚调节完天平平衡的情形。请你指出他调节过程中遗漏的操作步骤：。补上遗漏步骤后，为使天平重新平衡，应将平衡螺母向调节。（2）用调好的天平称石块的质量，测量结果如图乙所示，则石块的质量为。接着他在量筒中倒入的水，再将石块浸没在水中，水面位置如图丙所示，则石块的密度为。（3）以下操作会导致石块密度的测量值偏大的有：____多选，填字母序号。A．读取量筒示数时视线俯视液面B．先测石块的体积后测石块的质量C．石块放入量筒时有部分水溅起附在筒壁上【解析】【解答】（1）根据甲图可知，调节过程中遗漏的步骤为：将游码移至零刻度线处。

将游码归零后，天平的左盘重，右盘轻，那么平衡螺母应该向右调节。

（2）①根据乙图可知，标尺的分度值为0.2g，则游码质量为3.4g，而砝码的质量为：20g+5g=25g，那么石块的质量为：m=25g+3.4g=28.4g；

②根据丙图可知，量筒的分度值为1mL，那么石块和水的总体积为40mL，则石块的体积为：V

=40mL-30mL=10mL=10cm3；

则石块的密度为：.

（3）A.读取量筒示数时视线俯视液面，根据“俯视大仰视小”可知，此时读出的示数V总偏大。根据V=V总-V水可知，导致石块的体积偏大，故A不合题意；

B.先测石块的体积后测石块的质量，肯定会带出部分水，从而时石块的质量偏大，故B符合题意；

C.石块放入量筒时有部分水溅起附在筒壁上，会导致读出的示数偏小，即测出石块的体积偏小，故C符合题意。

故选BC。

①游码归零；②调节平衡螺母。平衡螺母总是向轻的那端调节。

（2）①根据乙图分别读出砝码和游码的质量，然后相加得到石块的质量。

②根据丙图读出水和石块的总体积，然后减去水的体积得到石块的体积，最后根据计算石块的密度；

（3）根据可知，导致石块密度偏大的原因，要么是石块的质量偏大，要么是石块的体积偏小，据此分析判断。29．小明用不同的力将手掌压在各种不同物体表面上向前推，发现感受不同，猜想滑动摩擦力的大小可能与下列因素有关：压力的大小、接触面的粗糙程度、接触面的材料种类。为了验证猜想是否正确，他进行了以下探究：（1）为了测量滑动摩擦力的大小，小明将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做，此时滑动摩擦力大小弹簧测力计的示数。（2）比较甲、乙两图的实验可知：滑动摩擦力的大小与有关。（3）如图甲、丙所示，小明将同一木块分别放在粗糙程度不同的木板一、木板二上测量滑动摩擦力的大小，此过程控制不变的影响因素是：压力的大小和。（4）实验中发现弹簧测力计示数不易稳定，改用如图丁所示的装置水平拉动长木板，发现弹簧测力计的示数仍不稳定，可能的原因是：。【解析】【解答】（1）为了测量滑动摩擦力的大小，小明将木块放在水平木板上，用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其做匀速直线运动，此时滑动摩擦力大小等于弹簧测力计的示数。

（2）根据图片可知，甲和乙中接触面粗糙程度相同，只有压力不同，那么得到：滑动摩擦力大小与压力大小有关。

（3）如图甲、丙所示，小明将同一木块分别放在粗糙程度不同的木板一、木板二上测量滑动摩擦力的大小，此过程控制不变的影响因素是：压力的大小和接触面的材料种类。

（4）实验中发现弹簧测力计示数不易稳定，改用如图丁所示的装置水平拉动长木板，发现弹簧测力计的示数仍不稳定，可能的原因是：长木板表面粗糙程度不同。

（2）根据图片确定实验甲和乙中哪个因素不同即可；

（3）根据控制变量法的要求可知，探究某个因素对物理量的影响时，必须控制其它因素相同，只改变这个因素；

（4）在图丁中，当木块与木板接触面的粗糙程度相同时，无论木板是否匀速运动，由于木块对木板的压力和接触面的粗糙程度不变，因此木块受到的摩擦力不变。根据二力平衡的知识可知，此时测力计的示数保持不变。而弹簧测力计的示数不稳定，说明受到的摩擦大小不同，而木块对接触面的压力肯定不同，只能是长木板上表面粗糙程度不同所致。30．如图所示，小明和小刚利用蹄形磁体、灵敏电流计、开关、导体和若干导线等器材来探究感应电流产生的条件。闭合开关，他们完成操作，将观察到的现象记入表格：序号导体的运动情况有无感应电流左右运动有上下运动无前后运动无斜向上、斜向下运动有（1）分析、两次实验现象，小明说：“闭合电路的一部分导体在磁场中的运动方向与磁场方向垂直时，电路中就会产生感应电流。”小刚认为不准确，因为导体运动时，其运动方向也与磁场方向垂直，但无感应电流。（2）采纳小刚意见后，小明又说：“闭合电路的一部分导体在磁场中垂直切割磁感线时，电路中才会产生感应电流”。小刚认为不全面，因为导体运动时，也有感应电流。（3）从能量的角度来分析，感应电流的产生过程是将能转化为电能；如果将图中的灵敏电流计换成，可以探究磁场对电流的作用。【解析】【解答】（1）分析①、②两次实验现象，小明说：“闭合电路的一部分导体在磁场中的运动方向与磁场方向垂直时，电路中就会产生感应电流。”小刚认为不准确，因为导体前后运动时，其运动方向也与磁场方向垂直，但无感应电流。

（2）采纳小刚意见后，小明又说：“闭合电路的一部分导体在磁场中垂直切割磁感线时，电路中才会产生感应电流”。小刚认为不全面，因为导体斜向上、斜向下运动时，也有感应电流。

（3）从能量的角度来分析，感应电流的产生过程是将机械能转化为电能，探究磁场对电流作用的实验中，需要在导体中通入电流，因此需要电源，即如果将图中的灵敏电流计换成电源，可以探究磁场对电流的作用。

③可知，当导体AB沿前后运动时，此时运动方向与磁场方向相同，但是无感应电流产生，据此分析解答；

（2）根据实验④数据可知，当导体AB斜向上或斜向下运动时，产生了感应电流，据此分析解答；

（3）根据能量转化的知识解答。根据对探究磁场对电流作用的实验的认识解答。31．小明和小华一起进行伏安法测电阻的活动。（1）他们选用的器材如图甲所示，请你用笔画线代替导线将实物电路连接完整，要求：滑动变阻器的滑片向右移动时电流表的示数变大。（2）连接电路之前