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文档简介
全国卷历年高考三角函数及解三角形真题归类分析
三角函数
一、三角恒等变换(3题)
1.(2015年1卷2)sin20°cos10°-cos160°sin10°=()
(A).立(B)也(C)--(D)-
2222
【解析】原式=sin20°cos100+cos20°sin100=sin30°=-,故选D.
2
考点:本题主要考查诱导公式与两角和与差的正余弦公式.
3
2.(2016年3卷)(5)若tana=:,则cos2a+2sin2a=()
4
644816
(A)—(B)—(C)1(D)—
252525
33434
【解析】由tana=—,得sina=—,cosa=—或sina=--,cosa=——,所以
45555
c-c16.1264辽3
cos2a+2sin2a=-+4x-=一,故选A.
252525
考点:1、同角三角函数间的基本关系;2,倍角公式.
3.(2016年2卷9)若cos[;-/=3,则sin2a=
77
(A)—(B)(C)--(D)-
255525
【解析】Vcost-«\3l=2cos2|
~~9sin2a=cos—~2a故选D.
14)5【2J1I4)25
二、三角函数性质(5题)
4.(2017年3卷6)设函数/")=cos(x+7T1),则下列结论错误的是()
又
A./(x)的一个周期为-2兀B.y=的图像关于直线x=/对7r称
C./(x+为的一个零点为x=JD.f(x)在弓,兀)单调递减
62
【解析】函数外力=85卜+])的图象可由y=cosx向左平移g个单位得到,
如图可知,f(x)在(方,•上先递减后递增,D选项错误,故选D.
5.(2017年2卷14)函数/(x)=sin2x+gcosx-1(xe0,y)的最大值是
[解析]/(X)=1-cos2X+GcosX——=-cos2X+GCOSX+一
走时,取得最大值L
xe0,^,贝Ijcosxw[。/],当cosx=
2
6.(2015年1卷8)函数/(x)=cos(GX+e)的部分图像如图所示,则/(幻的单调递减区
间为()
,1,3,
(A)也兀—,K7iH—),keZ
44
13
(B)Qki一一2k兀4,keZ
44
13
(D)(22-72%+彳)入Z
1TC
—co+(p=—
jr
【解析】由五点作图知,42,解得说不,(P-—所以/(x)=cos(^x+—),
53444
—co+cp=—
42
JI13
令2k兀<7ix3■—<2k7V+7r,keZ,解得2上——<x<2k+—,keZ,故单调减区间为
444
13
(2k--,2k+-\keZ,故选D.考点:三角函数图像与性质
44
7.(2015年2卷10)如图,长方形ABCD的边AB=2,BC=1,O是AB的中点,点P沿
着边BC,CD与DA运动,记NBOP=x.将动点P到A、B两点距离之和表示为x的函数
f(x),则f(x)的图像大致为
【解析】
:
由已知得,当点P在BC边上运动时,即OSxV?时,P.-l+P5=7tanx+4+tanx!当点尸在CD边
上运动时,即次.XH2时,PA+PB=,(—--1):+1+J(—+1):+1,当x=2时,
442Vtanxytanx2
PA+PB=2亚;当点P在,切边上运动时,即当WxW时,PJ+P5=7tan:x+4-tanx,从点P
的运动过程可以看出,轨迹关于直线冗=、对称,且/(?)〉/(1),且轨迹非线型,故选
B.
8.(2016年1卷⑵已知函数/(x)=sin3x+9)(0〉O,|a«g,x=-?为/(x)的零
点,%=?为,丫=/(X)图像的对称轴,且/(X)在(友,葛]单调,则①的最大值为
(A)11(B)9(C)7(D)5
【解析】
试题分析:因为X=-;为“X)的零点,X=:为/(X)图像的对称轴,所以;-(_;)=:+后厂即
1==耳.3,所以0=4k+1&e.V),又因为“X)在;2M单调所以
244a(1836
生-1==41=弃即©412曲此。的最大值为9.故选B.
36181221a)
考点:三角函数的性质
三、三角函数图像变换(3题)
9.(2016年2卷7)若将函数尸2sin2上的图像向左平移已个单位长度,则平移后图象的对
称轴为
(A)x=^--^k€Z)(B)X=~Y+*'z)
O
©x*一(wZ)8)*考+3)
【解析】平移后图像表达式为(令卜+]兀TT
y=2sin2x+]J,2=依+耳,得对称轴方程:
12
x=£+?&eZ),故选B.
10.(2016年3卷14)函数丁=5m尤一百cosx错误!未找到引用源。的图像可由函数
>=sinx+6cosx错误!未找到引用源。的图像至少向右平移个单位长度得
到.
【解析】
试题分析:因为y=sinx+0cosx=2sin(x+?),y=sinx-^/3cosx=2sin(x--)=
3,3
2sin[(x+g)-三],所以函数y=sinx-4cosx的图像可由函数y=sinx+/cosx的图像至少向右平
移m0IT个单位长度得到.
考点:1、三角函数图象的平移变换;2、两角和与差的正弦函数.
11.(2017年1卷9)已知曲线G:尸cosX,C2:y=sin(2x+『),则下面结论正确的是
7T
A.把G上各点的横坐标伸长到原来的2倍,纵坐标不变,再把得到的曲线向右平移?
6
个单位长度,得到曲线。2
B.把G上各点的横坐标伸长到原来的2倍,纵坐标不变,再把得到的曲线向左平移工TT
12
个单位长度,得到曲线G
1兀
C.把G上各点的横坐标缩短到原来的上倍,纵坐标不变,再把得到的曲线向右平移工
26
个单位长度,得到曲线G
1兀
D.把G上各点的横坐标缩短到原来的上倍,纵坐标不变,再把得到的曲线向左平移上
212
个单位长度,得到曲线
【解析】:熟悉两种常见的三角函数变换,先变周期和先变相位不一致。
先变周期:
先变相位:
兀.7171271\
y=cosx=sin%+一=>y=sin]+=sinX4--=>ysin2x+—
2JI26;3)I3)
选D。【考点】:三角函数的变换。
解三角形(8题,3小5大)
一、解三角形(知一求一、知二求最值、知三可解)
45
1.(2016年2卷13)△ABC的内角A,BfC的对边分别为〃,b,c,若cosA=g,cosC=—,
a=\9贝!j〃=.
45312
【解析】・・・cos/4=—,cosC=—,sinA=g,sinC=—,
sinB=sin(A+C)=sinAcosC+cosAsinC=—,由正弦定理得:——=-Cl—解得b=—
65sinBsinA13
2.(2017年2卷17)AiABC的内角A,8,C的对边分别为已知
sin(A+C)=8sin2—.
⑴求cosB;
(2)若〃+c=6,△ABC的面积为2,求。.
解析(1)依题得sinB=8sin2'=8・^-8s、=4(1-cosB).
22
因为sirB+cos^BT,所以16(1—cos^)?+COS?5=1,所以(17cos3-15)(cosB-l)=。,得
cosB=1(舍去)或cos8=".
17
Q1IQ1*7
(2)由(1)可知sin8=行,因为S.AGCUZ,所以]ac・sin8=2,即耳〃(?・行=2,cic=—.
因为COS8=E,所以〈土c-二)=",即/+02一片=15,从而(a+c)2—2ac—^=15,
172ac17
BP36-17-Z?2=15,解得〃=2.
3.(2016年1卷17)A4BC的内角A乃,C的对边分别为a力,c,已知
2cosC(acosB+hcosA)=c.
(I)求C;
(n)若。=的面积为』,求A3。的周长.
2
[解析】(1)2cosc(acosB+bcosA)二c,由正弦定理得:2cosC(sinA・cosB+sinB.cosA)=sinC,
2cosc・sin(A+B)=sinC.因为A+B+C=TT,A,B,C£(0避),所以sin(A+B)=sinC>0,
所以2cosc=l,cosC=;.因为CG(OK),所以C=^-.
⑵由余弦定理得:c2=a2+bL2ab・cosC,7=a2+b2.2ab・;,(a+b)2-3ab=7,
S=-abasinC=—ab=,所以ab=6,所以(a+b)2-18=7,a+b=5,
242
所以4ABC的周长为a+b+c=5+>/7.
4.(2017年1卷17)Z\A3c的内角4,B,。的对边分别为a,b,c,已知△A3C的
2
面积为」一.
3sinA
(1)求sinBsinC的值;
(2)若6cos4cosc=1,a=3,求△ABC的周长.
解析(1)因为aABC的面积S=/^且S=彳》csinA,所以,—=2■历sinA,即
3sinA23sinA2
33
a2=^tesin24.由正弦定理得sin?A=—sin^sinCsin2A,由sinA。。,得
・n.n2
sinBsinC=—.
3
21
(2)由(1)得sinBsinC=—,又cos3cosc=—,因为A+8+C=;t,
36
所以cosA=cos(7T-B-C)=-cos(B+C)=sinBsinC-cos8cos。.
hi
又因为Ae(O,兀),所以A=60,sinA=—,cosA=-.
由余弦定理得/=从+。2一人。=9①
2
由正弦定理得b=——・sin3,c=――-sinC,所以匕。=―:—sinBsinC=8②
sinAsinAsin*'A
由①,②,得/?+c=四,所以a+/?+c=3+屈,即△A8C周长为3+屈.
5.(2015年1卷16)在平面四边形ABCD中,NA=NB=NC=75o,BC=2,则AB的取值范
围.
【解析1】如图所示,延长BA,CD交于E,平移AD,当A与
D重合与E点时,AB最长,在ABCE中,NB=NC=75。,ZE=30°,
BC=2,由正弦定理可得=一些一,即—^―BE
sinZEsinZCsin30sin75°
解得BE=m+母,平移AD,当D与C重合时,AB最短,此
时与AB交于F,在△BCF中,NB=NBFC=75。,ZFCB=30°,
BFBCBF
由正弦定理知,
sinZFCB-sinNBFC30"-sin75
解得BF=&-及,所以AB的取值范围为("-及,而+夜).
考点:正余弦定理;数形结合思想
二、分割两个三角形的解三角形问题
7T1
6.(2016年3卷8)在AABC中,B=—,8c边上的高等于-8C,则cosA=()
43
(A)亚(B)叵©一回(D).亚
10101010
【解析】设BC边上的高线为AO,则BC=3A。,所以ACUJMP+OC?=百2,
AB=>/2AD-由余弦定理,知
介+4。2-8。22A£)2+5Ar>2-9AD?亚,故选C.考点:余弦定理.
cosA=
2x&ADx也AD10
7.(2017年3卷17)△ABC的内角A,8,C的对边分别为a,b,c,已知sinA+>/3cosA=0,
a-2币,b=2.
(1)求c;
(2)设D为BC边上一点,且ADLAC,求△A3。的面积.
解析⑴由sinA+GcosA=0,得2sin(A+?=0,即A+g=E(keZ),
又Ae(O,兀),所以A+尹兀,得4=等.由余弦定理得/=〃+C2_3C.COSA.
又因为。=2行力=2,cosA=-;代入并整理得(c+炉=25,解得c=4.
(2)因为AC=2,BC=2q,AB=4,由余弦定理得cosC==2互.
2ab7
因为力C,A。,即△ACO为直角三角形,则AC=C£)-cosC,得CO=£.
从而点O为BC的中点,S&ABD=gSABC=;x;x|AB|x|AqxsinA=石.
8.(2015年2卷17)AABC中,D是BC上的点,AD平分NBAC,AABD是AADC面积的
2倍。
sinNB
(I)求
sinZC
(H)若AO=1,DC=显,求BD和A
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