2024届江苏省南京市东山外国语学校数学八下期末统考试题含解析

2024届江苏省南京市东山外国语学校数学八下期末统考试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、选择题（每题4分，共48分）1．若分式有意义，则的取值范围是A． B． C． D．2．下列图形都是由同样大小的矩形按一定的规律组成，其中，第①个图形中一共有6个矩形，第②个图形中一共有11个矩形，…，按此规律，第⑥个图形中矩形的个数为()A．31 B．30 C．28 D．253．不等式的解集在数轴上表示为()A． B． C． D．4．下列各数中，没有平方根的是（）A．65 B． C． D．5．如图，下面不能判定四边形ABCD是平行四边形的是()A．B．C．D．6．在直角坐标系中，点关于原点对称的点的坐标是（

）A． B． C． D．7．下列交通标志中，是中心对称图形的是（）A． B． C． D．8．如图，在△ABC中，AB＝AC，AD是中线，DE⊥AB，DF⊥AC，垂足分别为E，F，则下列四个结论中：①AB上任一点与AC上任一点到D的距离相等；②AD上任一点到AB，AC的距离相等；③∠BDE＝∠CDF；④∠1＝∠2；其中正确的有()A．1个 B．2个 C．3个 D．4个9．使有意义的的取值范围是（）A． B． C． D．10．如图，在边长为4的等边△ABC中，D，E分别为AB，BC的中点，EF⊥AC于点F，G为EF的中点，连接DG，则DG的长为（）A．2 B．C． D．111．计算的正确结果是（）A． B．1 C． D．﹣112．如图，，，垂足分别是，，且，若利用“”证明，则需添加的条件是（）A． B．C． D．二、填空题（每题4分，共24分）13．将矩形纸片ABCD按如图所示的方式折叠，得到菱形AECF．若AB=6，则BC的长为__．14．一组数据：3，0，，3，，1．这组数据的众数是_____________．15．如图，在中，，以顶点为圆心，适当长为半径画弧，分别交，于点，，再分别以点，为圆心，大于的长为半径画弧，两弧交于点，作射线交于点，若，，则的值是__________．16．如图，在正方形ABCD中，边长为2的等边三角形AEF的顶点E、F分别在BC和CD上，下列结论：①CE=CF；②∠AEB=75°；③BE+DF=EF；④S正方形ABCD=．其中正确的序号是（把你认为正确的都填上）．17．小林和小明练习射击，第一轮10枪打完后两人打靶的环数如图所示，根据图中的信息，成绩较稳定的是____．18．如图，菱形ABCD的边长为4，∠BAD=120°，点E是AB的中点，点F是AC上的一动点，则EF+BF的最小值是．三、解答题（共78分）19．（8分）计算：(1)(2)20．（8分）计算：，21．（8分）已知：如图,一次函数y=kx+3的图象与反比例函数y=(x>0)的图象交于点P.PA⊥x轴于点A,PB⊥y轴于点B．一次函数的图象分别交x轴、y轴于点C．点D,且S△DBP=27,(1)求点D的坐标；(2)求一次函数与反比例函数的解析式22．（10分）某区对即将参加中考的初中毕业生进行了一次视力抽样调查，绘制出频数分布表和频数分布直方图的一部分．请根据图表信息回答下列问题：视力频数（人）频率4.0≤x＜4.3200.14.3≤x＜4.6400.24.6≤x＜4.9700.354.9≤x＜5.2a0.35.2≤x＜5.510b（1）本次调查的样本为，样本容量为；（2）在频数分布表中，组距为，a=，b=，并将频数分布直方图补充完整；（3）若视力在4.6以上（含4.6）均属正常，计算抽样中视力正常的百分比．23．（10分）如图，四边形是矩形纸片且，对折矩形纸片，使与重合，折痕为，展平后再过点折叠矩形纸片，使点落在上的点处，折痕与相交于点，再次展开，连接，.（1）连接，求证：是等边三角形；（2）求，的长；（3）如图，连接将沿折叠，使点落在点处，延长交边于点，已知，求的长？24．（10分）如图，四边形ABCD是正方形，点E是边BC上的一点，∠AEF=90°，且EF交正方形外角的平分线CF于点F.（1）如图1，当点E是BC的中点时，猜测AE与EF的关系，并说明理由.（2）如图2，当点E是边BC上任意一点时，（1）中所猜测的AE与EF的关系还成立吗？请说明理由.25．（12分）如图，△ABC的中线BD，CE交于点O，F，G分别是BO，CO的中点．（1）填空：四边形DEFG是四边形．（2）若四边形DEFG是矩形，求证：AB＝AC．（3）若四边形DEFG是边长为2的正方形，试求△ABC的周长．26．六•一前夕，某幼儿园园长到厂家选购A、B两种品牌的儿童服装，每套A品牌服装进价比B品牌服装每套进价多25元，用2000元购进A种服装数量是用750元购进B种服装数量的2倍．(1)求A、B两种品牌服装每套进价分别为多少元；(2)该服装A品牌每套售价为130元，B品牌每套售价为95元，服装店老板决定，购进B品牌服装的数量比购进A品牌服装的数量的2倍还多4套，两种服装全部售出后，可使总的获利超过1200元，则最少购进A品牌的服装多少套．

参考答案一、选择题（每题4分，共48分）1、A【解题分析】

直接利用分式有意义的条件即分母不为零，进而得出答案．【题目详解】解：分式有意义，，解得：．故选：．【题目点拨】此题主要考查了分式有意义的条件，正确把握定义是解题关键．2、A【解题分析】

由于图①有矩形有6个＝5×1+1，图②矩形有11个＝5×2+1，图③矩形有16＝5×3+1，第n个图形矩形的个数是5n+1把n＝6代入求出即可．【题目详解】解：∵图①有矩形有6个＝5×1+1，图②矩形有11个＝5×2+1，图③矩形有16＝5×3+1，∴第n个图形矩形的个数是5n+1当n＝6时，5×6+1＝31个．故选：A．【题目点拨】此题主要考查了图形的变化规律，是根据图形进行数字猜想的问题，关键是通过归纳与总结，得到其中的规律，然后利用规律解决一般问题．3、A【解题分析】

先解不等式2x-3≤3得到x≤3，然后利用数轴表示其解集．【题目详解】解：移项得2x≤6，

系数化为1得x≤3，

在数轴上表示为：．

故选：A．【题目点拨】本题考查了在数轴上表示不等式的解集，解一元一次不等式，解题关键在于运用数轴表示不等式的解集比较直观，这也是数形结合思想的应用．4、C【解题分析】

根据平方都是非负数，可得负数没有平方根．【题目详解】A、B、D都是正数，故都有平方根；

C是负数，故C没有平方根；

故选：C．【题目点拨】考查平方根，正数有两个平方根，它们互为相反数，0的平方根是0，负数没有平方根.5、C【解题分析】

根据平行四边形的判定：①两组对边分别平行的四边形是平行四边形；②两组对边分别相等的四边形是平行四边形；③两组对角分别相等的四边形是平行四边形；④对角线互相平分的四边形是平行四边形；⑤一组对边平行且相等的四边形是平行四边形判断即可．【题目详解】根据平行四边形的判定，A、B、D均符合是平行四边形的条件，C则不能判定是平行四边形．故选C．【题目点拨】此题主要考查了学生对平行四边形的判定的掌握情况．对于判定定理：“一组对边平行且相等的四边形是平行四边形．”应用时要注意必须是“一组”，而“一组对边平行且另一组对边相等”的四边形不一定是平行四边形．6、D【解题分析】

根据关于原点对称，横纵坐标都互为相反数，进行计算即可．【题目详解】解：（2，1）关于原点的对称点坐标为（﹣2，﹣1），故选：D．【题目点拨】本题考查关于原点对称，掌握关于原点对称，横纵坐标都互为相反数是解题的关键．7、D【解题分析】

根据中心对称图形的概念判断即可．【题目详解】A、不是中心对称图形；B、不是中心对称图形；C、不是中心对称图形；D、是中心对称图形．故选D．【题目点拨】本题考查的是中心对称图形的概念，中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后两部分重合．8、C【解题分析】试题分析：根据等腰三角形的三线合一定理可得：∠1=∠2，∠BDE=∠CDF，根据角平分线的性质可知：AD上任一点到AB、AC的距离相等，故正确的有3个，选C．9、B【解题分析】

根据二次根式有意义的条件得到关于x的不等式，解不等式即得答案.【题目详解】解：要使有意义，则，解得.故选B.【题目点拨】本题考查了二次根式有意义的条件，明确二次根式中被开方数非负是求解的关键.10、B【解题分析】

直接利用三角形的中位线定理得出，且，再利用勾股定理以及直角三角形的性质得出EG以及DG的长．【题目详解】连接DE∵在边长为4的等边△ABC中，D，E分别为AB，BC的中点∴DE是△ABC的中位线，∴，且，∵EF⊥AC于点F∴，∴故根据勾股定理得∵G为EF的中点∴∴故答案为：B．【题目点拨】本题考查了三角形的线段长问题，掌握中位线定理、勾股定理是解题的关键．11、A【解题分析】12、B【解题分析】

本题要判定，已知DE=BF，∠BFA=∠DEC=90°，具备了一直角边对应相等，故添加DC=BA后可根据HL判定．【题目详解】在△ABF与△CDE中，DE=BF，由DE⊥AC，BF⊥AC，可得∠BFA=∠DEC=90°．∴添加DC=AB后，满足HL．故选B．【题目点拨】本题考查了直角三角形全等的判定定理的应用，注意：判定两直角三角形全等的判定定理有SAS，ASA，AAS，SSS，HL．二、填空题（每题4分，共24分）13、【解题分析】在菱形中，，设14、2【解题分析】

根据众数的定义：一组数据中出现次数最多的数据解答即可．【题目详解】解：数据：2，0，，2，，1中，2出现的次数最多，所以这组数据的众数是2．故答案为：2．【题目点拨】本题考查了众数的定义，属于基础概念题型，熟知众数的概念是关键．15、1【解题分析】

过点D作DE⊥BC于E，根据角平分线的作法可知CD平分∠ACB，然后根据角平分线的性质可得DE=AD=3，然后根据三角形的面积公式求面积即可．【题目详解】解：过点D作DE⊥BC于E由题意可知：CD平分∠ACB∵∴DE=AD=3∵∴=故答案为：1．【题目点拨】此题考查的是用尺规作图作角平分线和角平分线的性质，掌握角平分线的作法和角平分线的性质是解决此题的关键．16、①②④【解题分析】分析：∵四边形ABCD是正方形，∴AB=AD。∵△AEF是等边三角形，∴AE=AF。∵在Rt△ABE和Rt△ADF中，AB=AD，AE=AF，∴Rt△ABE≌Rt△ADF（HL）。∴BE=DF。∵BC=DC，∴BC﹣BE=CD﹣DF。∴CE=CF。∴①说法正确。∵CE=CF，∴△ECF是等腰直角三角形。∴∠CEF=45°。∵∠AEF=60°，∴∠AEB=75°。∴②说法正确。如图，连接AC，交EF于G点，∴AC⊥EF，且AC平分EF。∵∠CAD≠∠DAF，∴DF≠FG。∴BE+DF≠EF。∴③说法错误。∵EF=2，∴CE=CF=。设正方形的边长为a，在Rt△ADF中，，解得，∴。∴。∴④说法正确。综上所述，正确的序号是①②④。17、小明【解题分析】

观察图象可得：小明的成绩较集中，波动较小，即方差较小，故小明的成绩较为稳定．【题目详解】解：根据图象可直接看出小明的成绩波动不大，

根据方差的意义知，波动越小，成绩越稳定，

故答案为：小明．【题目点拨】此题主要考查了方差的意义．方差是用来衡量一组数据波动大小的量，方差越大，表明这组数据偏离平均数越大，即波动越大，数据越不稳定；反之，方差越小，表明这组数据分布比较集中，各数据偏离平均数越小，即波动越小，数据越稳定．18、27【解题分析】试题分析：首先连接DB，DE，设DE交AC于M，连接MB，DF．证明只有点F运动到点M时，EF+BF取最小值，再根据菱形的性质、勾股定理求得最小值．试题解析：连接DB，DE，设DE交AC于M，连接MB，DF，延长BA，DH⊥BA于H，∵四边形ABCD是菱形，∴AC，BD互相垂直平分，∴点B关于AC的对称点为D，∴FD=FB，∴FE+FB=FE+FD≥DE．只有当点F运动到点M时，取等号（两点之间线段最短），△ABD中，AD=AB，∠DAB=120°，∴∠HAD=60°，∵DH⊥AB，∴AH=AD，DH=32∵菱形ABCD的边长为4，E为AB的中点，∴AE=2，AH=2，∴EH=4，DH=23在RT△EHD中，DE=E∴EF+BF的最小值为27【考点】1.轴对称-最短路线问题；2.菱形的性质．三、解答题（共78分）19、（1）；（2）－－.【解题分析】【分析】（1）根据同分母分式加减法的法则进行计算即可得；（2）利用多项式乘多项式的法则进行展开，然后再合并同类二次根式即可得.【题目详解】（1）＝＝；（2）原式＝－＋－＝－－.【题目点拨】本题考查了分式的加减法、二次根式的混合运算，熟练掌握同分母分式加减法法则、二次根式混合运算的运算法则是解题的关键.20、5-2【解题分析】

先根据绝对值、整数指数幂和二次根式的性质化简各数，然后进行加减即可得出答案。【题目详解】解：原式=2-1×1-2+4=5-2【题目点拨】本题考查了实数的混合运算，熟练掌握运算法则是关键。21、（1）（0，3）；（2）y=−x+3，y=−【解题分析】

（1）根据一次函数与y轴的交点，从而得出D点的坐标．（2）根据在Rt△COD和Rt△CAP中，，OD=3，再根据S△DBP=27，从而得【题目详解】(1)∵一次函数y=kx+3与y轴相交，∴令x=0,解得y=3,得D的坐标为(0,3)；(2)∵OD⊥OA，AP⊥OA，∠DCO=∠ACP，∠DOC=∠CAP=90°，∴Rt△COD∽Rt△CAP,则，OD=3，∴AP=OB=6，∴DB=OD+OB=9，在Rt△DBP中,∴=27，即，∴BP=6,故P(6,−6)，把P坐标代入y=kx+3,得到k=−，则一次函数的解析式为：y=−x+3；把P坐标代入反比例函数解析式得m=−36，则反比例解析式为：y=−；【题目点拨】此题考查反比例函数与一次函数的交点问题，解题关键在于根据一次函数与y轴的交点进行求解22、（1）从中抽取的200名即将参加中考的初中毕业生的视力；200；（2）0.3；60；0.05，见解析；（3）70%．【解题分析】

（1）根据样本的概念、样本容量的概念解答；

（2）根据组距的概念求出组距，根据样本容量和频率求出a，根据样本容量和频数求出b，将频数分布直方图补充完整；

（3）根据频数分布直方图求出抽样中视力正常的百分比．【题目详解】（1）样本容量为：20÷0.1=200，本次调查的样本为从中抽取的200名即将参加中考的初中毕业生的视力，故答案为：从中抽取的200名即将参加中考的初中毕业生的视力；200；（2）组距为0.3，a=200×0.3=60，b=10÷200=0.05，故答案为：0.3；60；0.05；频数分布直方图补充完整如图所示；（3）抽样中视力正常的百分比为：×100%=70%．【题目点拨】本题考查的是读频数分布直方图的能力和利用统计图获取信息的能力，利用统计图获取信息时，必须认真观察、分析、研究统计图，才能作出正确的判断和解决问题.23、（1）见解析；（2）；（3）.【解题分析】

（1）由折叠知，据此得∠ENB=30°，∠ABN=60°，结合AB=BN即可得证；（2）由（1）得∠ABN=60°，由AB折叠到BN知∠ABM=30°，结合AB=6得，证EQ为△ABM的中位线得，再求出EN=，根据QN=EN-EQ可得答案；（3）连接FH，MK⊥BC，证Rt△FGH≌Rt△FCH得GH=CH=1，设MD=x，知MG=x，MH=x+1，KH=MD-CH=x-1，在Rt△MKH中，根据MK2+KH2=MH2可求出x的值，继而得出答案．【题目详解】解：（1）与重合后，折痕为，，，.，为等边三角形.（2）由（1）得，折叠到，.,.为的中点且，为的中位线..，，..（3）连接，过点作于点.折叠到，，，又，..设，，.在中，，，解得，.【题目点拨】本题是四边形的综合问题，解题的关键是掌握矩形的性质、折叠的性质、等边三角形的判定与性质及全等三角形的判定与性质、直角三角形的性质等知识点．24、（1）AE=EF；（2）AE=EF成立,理由见解析.【解题分析】

（1）取AB的中点M，连接EM，根据同角的余角相等得到∠BAE=∠CEF，然后易证ΔMAE≅ΔCEF，问题得解；（2）在AB上取点P，使AP=CE，连接EP，同（1）的方法相同，证明ΔPAE≅ΔCEF即可；【题目详解】（1）证明：如图1，取AB的中点M，连接EM，∵四边形ABCD是正方形，∴AB=BC，∠B=∠BCD=90°，∵AM=EC，∴BM=BE，∴∠BME=45°，∠AME=135°，∵CF是正方形外角的平分线，∴∠ECF=135°，∵∠AEF=90°，∠B=90°，∴∠BAE=∠CEF，在ΔMAE和ΔCEF中，∠AME=∠ECFAM=CE∴ΔMAE≅ΔCEF，∴AE=EF；（2）如图2，在AB上取点P，使AP=CE，连接EP，∵四边形ABCD是正方形，∴AB=BC，∠B=∠BCD=90°，∵AP=EC，∴BP=BE，∴∠BPE=45°，∠APE=135°，∵CF是正方形外角的平分线，∴∠ECF=135°，∵∠AEF=90°，∠B=90°，∴∠BAE=∠CEF，在ΔPAE和ΔCEF中，∠PAE=∠CEFAP=EC∴ΔPAE≅ΔCEF，∴AE=EF；【题目点拨】此题是四边形综合题，主要考查的是正方形的性质、全等三角形的判定和性质，正确作出辅助线、灵活运用全等三角形的判定定理和性质定理是解题的关键，解答时，注意类比思想的正确运用．25、（1）平行；（2）见解析；（3）.【解题分析】

（1）根据三角形中位线定理得出DE∥BC，DE=BC，FG∥BC，FG=BC，那么DE∥FG，DE=FG，利用有一组对边平行且相等的四边形是平行四边形即可得出四边形DEFG是平行四边形；

（2）先由矩形的性质得出OD=OE=OF=OG．再根据重心的性质得到OB=2OD，OC=2OE，等量代换得出OB=OC．利用SAS证明△BOE≌△COD，得出BE=CD，然后根据中点的定义即可证明AB=AC；

（3）连接AO并延长交BC于点M，先由三角形中线的性质得出M为BC的中点，由（2）得出AB=AC，根据等腰三角形三线合一的性质得出AM⊥BC，再由三角形中位线定理及三角形重心的性质得出BC=2FG=1，AM=AO=6，由勾股定理求出AB=2，进而得到△ABC的周长．【题目详解】（1）解：∵△ABC的中线BD，CE交于点O，

∴DE∥BC，DE=BC，

∵F，G分别是BO，CO的中点，

∴FG∥BC，FG=BC，

∴DE∥FG，DE=FG，

∴四边形DEFG是平行四边形．

故答案为平行；

（2）证明：∵四边形D