数学中考考点集训 第5章第18讲三角形与全等三角形_第1页
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文档简介

【文库独家】三角形与全等三角形一、选择题1.(2014·毕节)下列叙述正确的是(C)A.方差越大,说明数据就越稳定B.在不等式两边同乘或同除以一个不为0的数时,不等号的方向不变C.不在同一直线上的三点确定一个圆D.两边及其一边的对角对应相等的两个三角形全等2.(2014·云南)如图,在△ABC中,∠A=50°,∠ABC=70°,BD平分∠ABC,则∠BDC的度数是(A)A.85°B.80°C.75°D.70°,第2题图),第3题图)3.(2014·益阳)如图,平行四边形ABCD中,E,F是对角线BD上的两点,如果添加一个条件使△ABE≌△CDF,则添加的条件不能是(A)A.AE=CFB.BE=FDC.BF=DED.∠1=∠24.(2012·嘉兴)已知△ABC中,∠B是∠A的2倍,∠C比∠A大20°,则∠A等于(A)A.40°B.60°C.80°D.90°5.(2014·遂宁)如图,AD是△ABC中∠BAC的角平分线,DE⊥AB于点E,S△ABC=7,DE=2,AB=4,则AC长是(A)A.3B.4C.6D.56.(2014·泰州)如果三角形满足一个角是另一个角的3倍,那么我们称这个三角形为“智慧三角形”.下列各组数据中,能作为一个智慧三角形三边长的一组是(D)A.1,2,3B.1,1,eq\r(2)C.1,1,eq\r(3)D.1,2,eq\r(3)二、填空题7.(2014·绥化)如图,AC,BD相交于点O,∠A=∠D,请补充一个条件,使△AOB≌△DOC,你补充的条件是__AB=CD__.(填出一个即可),第7题图),第9题图)8.已知三条不同的直线a,b,c在同一平面内,下列四个命题:①如果a∥b,a⊥c,那么b⊥c;②如果b∥a,c∥a,那么b∥c;③如果b⊥a,c⊥a,那么b⊥c;④如果b⊥a,c⊥a,那么b∥c.其中为真命题的是__①②④__.(填写所有真命题的序号)9.如图,三角形纸片ABC中,∠A=65°,∠B=75°,将纸片的一角折叠,使点C落在△ABC内,若∠1=20°,则∠2的度数为__60°__.10.如图,△ABC中,AB=AC=13cm,AB的垂直平分线交AB于D,交AC于E,若△EBC的周长为21cm,则BC=__8__cm.,第10题图),第12题图)11.在△ABC中,若AB=BC≠AC,则与△ABC只有一条公共边,且与△ABC全等的三角形一共有__7__个.12.(2014·绵阳)如图,在正方形ABCD中,E,F分别是边BC,CD上的点,∠EAF=45°,△ECF的周长为4,则正方形ABCD的边长为__2__.三、解答题13.(2014·云南)如图,在△ABC和△ABD中,AC与BD相交于点E,AD=BC,∠DAB=∠CBA,求证:AC=BD.在△ADB和△BCA中,eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(AD=BC,,∠DAB=∠CBA,,AB=BA,))∴△ADB≌△BCA(SAS),∴AC=BD14.(2014·台湾)如图,四边形ABCD中,E点在AD上,其中∠BAE=∠BCE=∠ACD=90°,且BC=CE.请说明为何△ABC与△DEC全等的理由.∵∠BCE=∠ACD=90°,∴∠3+∠4=∠4+∠5,∴∠3=∠5,在△ACD中,∠ACD=90°,∴∠2+∠D=90°,∵∠BAE=∠1+∠2=90°,∴∠1=∠D,在△ABC和△DEC中,eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(∠1=∠D,,∠3=∠5,,BC=CE,))∴△ABC≌△DEC(AAS)15.(2014·内江)如图,点M,N分别是正五边形ABCDE的边BC,CD上的点,且BM=CN,AM交BN于点P.(1)求证:△ABM≌△BCN;(2)求∠APN的度数.(1)∵正五边形ABCDE,∴AB=BC,∠ABM=∠C.∵在△ABM和△BCN中,eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(AB=BC,,∠ABM=∠C,,BM=CN,))∴△ABM≌△BCN(SAS)(2)∵△ABM≌△BCN,∴∠BAM=∠CBN,∴∠APN=∠BAM+∠ABP=∠CBN+∠ABP=∠ABC=eq\f((5-2)×180°,5)=108°16.(2014·德州)问题背景:如图1:在四边形ABCD中,AB=AD,∠BAD=120°,∠B=∠ADC=90°,E,F分别是BC,CD上的点,且∠EAF=60°.探究图中线段BE,EF,FD之间的数量关系.小王同学探究此问题的方法是延长FD到点G,使DG=BE.连结AG,先证明△ABE≌△ADG,再证明△AEF≌△AGF,可得出结论,他的结论应是__EF=BE+DF__;探索延伸:如图2,若在四边形ABCD中,AB=AD,∠B+∠D=180°.E,F分别是BC,CD上的点,且∠EAF=eq\f(1,2)∠BAD,上述结论是否仍然成立?并说明理由;实际应用:如图3,在某次军事演习中,舰艇甲在指挥中心(O处)北偏西30°的A处,舰艇乙在指挥中心南偏东70°的B处,并且两舰艇到指挥中心的距离相等,接到行动指令后,舰艇甲向正东方向以60海里/小时的速度前进,舰艇乙沿北偏东50°的方向以80海里/小时的速度前进.1.5小时后,指挥中心观测到甲、乙两舰艇分别到达E,F处,且两舰艇之间的夹角为70°,试求此时两舰艇之间的距离.问题背景:EF=BE+DF;探索延伸:EF=BE+DF仍然成立.证明如下:延长FD到G,使DG=BE,连结AG,∵∠B+∠ADC=180°,∠ADC+∠ADG=180°,∴∠B=∠ADG,在△ABE和△ADG中,eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(DG=BE,,∠B=∠ADG,,AB=AD,))∴△ABE≌△ADG(SAS),∴AE=AG,∠BAE=∠DAG,∵∠EAF=eq\f(1,2)∠BAD,∴∠GAF=∠DAG+∠DAF=∠BAE+∠DAF=∠BAD-∠EAF=∠EAF,∴∠EAF=∠GAF,在△AEF和△AGF中,eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(AE=AG,,∠EAF=∠GAF,,AF=AF,))∴△AEF≌△AGF(SAS),∴EF=FG,∵FG=DG+DF,∴EF=BE+DF;实际应用:如图,连结EF,延长AE,BF相交于点C,∵∠AOB=30°+90°+(90°-70°)=

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