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文档简介
郛2022年广东省佛山市中考数学真题模拟测评(A)卷
考试时间:90分钟;命题人:数学教研组
考生注意:
1、本卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分,满分100分,考试时间90分钟
oo2、答卷前,考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、班级填写在试卷规定位置上
3、答案必须写在试卷各个题目指定区域内相应的位置,如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新
的答案;不准使用涂改液、胶带纸、修正带,不按以上要求作答的答案无效。
n|r»
料第I卷(选择题30分)
一、单选题(10小题,每小题3分,共计30分)
1、一圆锥高为4cm,底面半径为3cm,则该圆锥的侧面积为()
A.9^cm2B.12^rcm2C.15^cm2D.16万cm?
哥O
2、下列关于x的二次三项式在实数范围内不能够因式分解的是()
A.V-3x+2B.2夕-2x+lC.2*-灯-4D.*+3叱/
3、同学们,我们是2022届学生,这个数字2022的相反数是()
A.2022B.—C.-2022D.~2022
技2022
4、根据表中的信息判断,下列语句中正确的是()
X1515.115.215.315.415.515.615.715.815.916
Oo22228.0231.0234.0237.1240.2243.3246.4249.6252.825
2
X~
51496569416
A.V25.281=1.59
B.235的算术平方根比15.3小
£
C.只有3个正整数〃满足15.5<五<15.6
D.根据表中数据的变化趋势,可以推断出161将比256增大3.19
5、等腰三角形的一个内角是100。,则它的一个底角的度数是()
A.40°B.80°
C.40。或80°D.40。或100°
6、为庆祝建党百年,六年级一班举行手工制作比赛,下图小明制作的一个小正方体盒子展开图,把
展开图叠成小正方体后,有“爱”字一面的相对面的字是()
7、某优秀毕业生向我校赠送1080本课外书,现用人6两种不同型号的纸箱包装运送,单独使用6
型纸箱比单独使用A型纸箱可少用6个;已知每个6型纸箱比每个A型纸箱可多装15本.若设每个
4型纸箱可以装书x本,则根据题意列得方程为()
、10801080,c10801080,
xX-15xx-15
「10801080,n10801080,
x+15x15x
8、RtZ\ABC和RtZ\C£>E按如图所示的位置摆放,顶点8、C、〃在同一直线上,AC=CE,
ZB=ZD=90°,AB>BC.将RlZ\ABC沿着AC翻折,得到RtAAB'C,将RtZ\CDE沿着C£翻折,得
r△8'£,点6、〃的对应点"、以与点O恰好在同一直线上,若AC=13,BD=17,则的长度
为().
郛
A.7B.6C.5D.4
oo9、如图,点尸是△ABC的角平分线AG的中点,点D,E分别在AB,AC边上,线段DE
过点尸,且ZADE=ZC,下列结论中,错误的是()
n|r»
料
AE\AD1
D.
~AB~2~BD~2
10、若关于式的方程(x+5)2=m-1有两个实数根,则机的取值范围是()
哥O
A.m>QB.m>lC.m>lD.in^\
第n卷(非选择题70分)
二、填空题(5小题,每小题4分,共计20分)
技
1、一个实数的平方根为3+3与*-1,则这个实数是.
2、如图,是体检时的心电图,其中横坐标表示时间,纵坐标表示心脏部位的生物电流,它们是
两个变量.在心电图中,—(填“是”或“不是”)的函数.
Oo
£
>4
3、如图,将一副三角板的直角顶点重合,摆放在桌面上,当NAOC=时,46所在直线与
切所在直线互相垂直.
4、如图,△中,/=90°,Z=30°,=6,〃是46上的动点,以ZT为斜边
作等腰直角△,使/=9。°,点£和点4位于徵的两侧,连接应缈的最小值为
5、如图,是直线上的一点,”和一互余,平分/,若一
,则/的度数为.(用含的代数式表示)
B
0
三、解答题(5小题,每小题10分,共计50分)
1、为纪念一二•九运动86周年,我校组织八年级学生远赴新密参观豫西抗日纪念馆,学校负责人前
去联系车辆,目前有甲、乙两种类型的客车供学校租用,据了解:3辆甲型客车与4辆乙型客车的总
载客量为276人,2辆甲型客车与3辆乙型客车的总载客量为199人.
(1)请帮算一算:1辆甲型客车与1辆乙型客车的载客量分别是多少人?
(2)我校八年级学生共850人,拟租用甲、乙两型客车共20辆,一次将全部师生送到指定地点.若
每辆甲型客车的租金为800元,每辆乙型客车的租金为1000元,请给出最节省费用的租车方案,并
求出最低费用.
2、己知如图,等腰ZU比1中,AB=AC,ZBAC=a(a〉9()。),F为BC中点,〃为%延长线上一点,以
点/为中心,将线段4〃逆时针旋转。得到线段怒;连接四,DE.
备用图
(1)补全图形并比较"1〃和”16的大小;
(2)用等式表示幽CD,如1之间的关系,并证明;
(3)过尸作4C的垂线,并延长交应■于点求功和〃〃之间的数量关系,并证明.
3、如图所示的平面图形分别是由哪种几何体展开形成的?
4、如图,点。、E分别为AABC的边A3、8c的中点,DE=3,贝ljAC=
氐■£
B
5、如图,在ZAOB内部作射线OC和NCOB的平分线。。.
oA
(1)请补全图形;
(2)若408=100。,ZAOC=60°,求NBO£>的度数;
(3)若OC是NAOB的角平分线,ZBOD+ZCOA=7°,求480。的度数.
-参考答案-
一、单选题
1、C
【分析】
根据圆锥的侧面展开图为一扇形,这个扇形的弧长等于圆锥底面的周长,扇形的半径等于圆锥的母线
长,扇形的面积公式求解.
【详解】
解:•••一圆锥高为4cm,底面半径为3cm,
圆锥母线=疹不=5,
,圆锥的侧面积=;x5x2乃x3=15"(cm').
故选C.
q【点睛】
*
•本题考查了圆锥的计算:圆锥的侧面展开图为一扇形,这个扇形的弧长等于圆锥底面的周长,扇形的
,半径等于圆锥的母线长.
*
,2、B
娇
*【分析】
*
•利用十字乘法把选项A,C分解因式,可判断A,C,利用一元二次方程根的判别式计算△的值,从而
:可判断B,D,从而可得答案.
;【详解】
o
*
•解:QX2-3X+2=(X-1)(^-2),故A不符合题意;
*
c|r>.令2/-2x+l=0,
%\V=(_2j_4仓21--4<0,
*
•所以2/-2X+1在实数范围内不能够因式分解,故B符合题意;
*
'Q2x2-xy-y2=(2x+y)(x-y),故C不符合题意;
.0*
O卅D
•令f+3盯+y2=o,
*
*
.\V=(3y『-4创/=5/?0,
*
*所以d+3盯+/在实数范围内能够因式分解,故D不符合题意;
.毂*
,故选B
*
•【点睛】
本题考查的是利用十字乘法分解因式,一元二次方程的根的判别式的应用,掌握“利用一元二次方程
根的判别式判断二次三项式在实数范围内能否分解因式”是解本题的关键.
3、C
【分析】
根据相反数的定义即可得出答案.
【详解】
解:2022的相反数是-2022.
故选:C.
【点睛】
本题考查了相反数,解题的关键是掌握只有符号不同的两个数互为相反数.
4、C
【分析】
根据算术平方根的定义及表格中信息逐项分析即可.
【详解】
A.根据表格中的信息知:J252.81=15.9,
..12.5281=1.59,故选项不正确;
B.根据表格中的信息知:V234.09=15.3<7235,
A235的算术平方根比15.3大,故选项不正确;
C.根据表格中的信息知:15$2=240.25<“<15.62=243.36,
,正整数”=241或242或243,
只有3个正整数〃满足15.5<6<56,故选项正确;
D.根据表格中的信息无法得知16.『的值,
・,・不能推断出16.俨将比256增大3.19,故选项不正确.
故选:C.
【点睛】
本题是图表信息题,考查了算术平方根,关键是正确利用表中信息.
5、A
【分析】
由题意知,100°的内角为等腰三角形的顶角,进而可求底角.
【详解】
O
解:•••在一个内角是100°的等腰三角形中,该内角必为顶角
.3且180°-100°“八。
,底角的度数为——-——=40°
n|r>
故选A.
【点睛】
本题考查了等腰三角形的性质,三角形的内角和定理.解题的关键在于明确该三角形为钝角等腰三角
形.
6,B
月
【分析】
正方体的表面展开图,相对的面之间一定相隔一个正方形,根据这一特点作答.
【详解】
解:正方体的表面展开图,相对的面之间一定相隔一个正方形,
第一列的“我”与“的”是相对面,
第二列的“我”与“国”是相对面,
O
“爱”与“祖”是相对面.
故选:B.
【点睛】
本题主要考查了正方体相对两个面上的文字,注意正方体的空间图形,从相对面入手,分析及解答问
题.
7、C
【分析】
由每个6型包装箱比每个/型包装箱可多装15本课外书可得出每个6型包装箱可以装书(x+15)
本,利用数量=总数4■每个包装箱可以装书数量,即可得出关于x的分式方程,此题得解.
【详解】
解:•.•每个4型包装箱可以装书x本,每个6型包装箱比每个4型包装箱可多装15本课外书,
,每个5型包装箱可以装书(行15)本.
依题意得:上处=竺四-6
x+15x
故选:C.
【点睛】
本题考查了由实际问题抽象出分式方程,找准等量关系,解题的关键是正确列出分式方程.
8、A
【分析】
由折叠的性质得AABCWAAB'C,ACDE*CD'E,故NAC8=NAC9,4DCE=NDCE,推出
ZACB+ZDCE=90°,由NB=ZD=90。,推出NB4C=N£>CE,根据A4S证明AA8C=ACOE,即可得
AB=CD=CD',BC=ED=CB',设8C=x,贝ljAB=17-x,由勾股定理即可求出BC、AB,由
B'iy=CD'-CB'=他一8c计算即可得出答案.
【详解】
由折叠的性质得AABC三AAB'C,^CDE^CD'E,
r
ZACB=ZACB\ZDCE=ZDCE9
:.ZACB+/DCE=90。,
,/ZB=ZD=90°,
二ZBAC+ZACB=90°,
:.2BAC=2DCE,
在A4?C与△口)£中,
郑
-ZB=ZD
-ZBAC=ZDCE,
AC=CE
:.^ABC=^CDE(AAS),
:.AB=CD=CD',BC=ED=CS,
设8C=x,则45=17-x,
n|r>
x2+(17-x)2=132,
解得:x=5,
ABC=5,AB^i2,
:.ffD'=Ciy-CB'=AB-BC=n-5=l.
o丹故选:A.
【点睛】
本题考查折叠的性质以及全等三角形的判定与性质,掌握全等三角形的判定定理和性质是解题的关
键.
笆2
9、D
【分析】
根据加平分/为C,可得/%。/。&再由点尸是AG的中点,可得AF=FG=;4G,然后根
据ZAOE=NC,可得到△的6s△0氏进而得到〜△的G,/\ADF^/\ACG,即可求解.
【详解】
解:’.ZG平分N胡G
:.ZBAG=ZCAG,
•.•点厂是AG的中点,
AF=FG^-AG,
2
VZADE=ZC,/DAE^NBAC,
:.MDAEsMCAB,
.DEADAE
:.NAED=4B,
:./XEAF^/XBAG,
4/7Ap1
—=—=",故c正确,不符合题意;
ABAG2
VZADE=ZC,NBAG^NCAG,
:.XADFSXACG,
AnAFDF1
・•,黑=2=*=:,故A正确,不符合题意;D错误,符合题意;
ACAGGC2
r)rAni
•••芸=嗅=:,故B正确,不符合题意;
oCAC2
故选:D
【点睛】
本题主要考查了相似三角形的判定和性质,熟练掌握相似三角形的判定和性质定理是解题的关键.
10、B
【分析】
令该一元二次方程的判根公式A=〃-4“CN0,计算求解不等式即可.
【详解】
解:V(x+5)2=m-\
x2+10x+25-m+l=0
=/72-4tzc=102-4x(25-w+l)>0
郑郢A
解得,"21
故选B.
【点睛】
OO
本题考查了一元二次方程的根与解一元一次不等式.解题的关键在于灵活运用判根公式.
二、填空题
n|r>
料
【分析】
根据平方根的性质,一个正数的平方根有两个,互为相反数,0的平方根是它本身,即可得到结果.
【详解】
0
O卅O解:根据题意得:
①这个实数为正数时:
3x+3+『l=0,
1
裁
(x-i)T,
4
②这个实数为0时:
3x+3二『1,
/.x=-2,
•・*l=-3W0,
,这个实数不为0.
故答案为:-j.
【点睛】
本题考查了平方根的性质,分类讨论并进行取舍是本题的关键.
2、是
【分析】
根据函数的定义判断即可.
【详解】
解:•••两个变量和,变量随的变化而变化,
且对于每一个,都有唯一值与之对应,
”是的函数.
故答案为:是.
【点睛】
本题考查了函数的理解即两个变量和,变量随的变化而变化,
且对于每一"Is-都有唯一值与之对应,正确理解定义是解题的关键.
3、105°或75°
【分析】
分两种情况:①ABLCD,交加延长线于其加交加延长线于凡②AB1CD干G,面交加于〃求出
答案.
【详解】
解:①如图1,ABLCD,交加延长线于区如交〃C延长线于£
•・・/庐45°,/班户90°,
:・4CF年4BF片蜴。,
VZDCO=60°,
郑卷
・・・NC6后15°
・・・//彼90°+15°=105°;
O
中.图1
②如图2,ABLCD于G,OA交DC于"
・・,/力二45。,N力法90。,
:・/C盼/A盼45。,
■:ZDC年600,
册O
:.ZA001800-60°-45°二75°;
0期
c
图2
故答案为:105°或75°.
【点睛】
此题考查了三角形的角度计算,正确掌握三角板的度数及各角度的关系是解题的关键.
【分析】
以4c为斜边在4C右侧作等腰直角三角形边与48交于点G,连接££延长与48交于点
F,作豳JLA厂于点瓦,由放△〃方与欣△46C为等腰直角三角形,可得NDCE=NCDE=NACE产
/O6=45°,于是//切=/£龙,因此△力如所以N0L9=N凿£=30°,所以£在直线
上运动,当成,笈尸时,"最短,即为跖的长.
【详解】
解:如图,以为斜边在4C右侧作等腰直角三角形4£C,边与45交于点G连接反?并延长与
AB交于点F,作四_L笈尸于点瓦,连接阴
■:RtADCE与以△4EC为等腰直角三角形,
:.ZDCE=ZCDE=ZAC&=ZCAR=45°,
:./ACD=/E\CE,
:./\ACD^ARCEf
・・・NOP=N您£=30°,
・・•〃为48上的动点,
・・・£在直线/夕上运动,
当薇_1_6尸时,应'最短,即为战的长.
在△力GC与△后6F中,
4AGC=4E\GF,NCAG=/GER
郛然
八
:.ZGFEi=ZACG=45°,△1
,/腔=45。,=—,
Zi=N
OO
/.△/s△,
:.ZAEC=ZAFC=90°,
n|r>
卦VJC=6,ZBAC=30°,ZACB=90°,
蔚翦
:.BC=^AC=2^3,
又•.,/月吐=60°,
0:./BCF=30°,
O出O
22
即物的最小值为g
故答案为:日
【点睛】
本题考查了等腰直角三角形的性质,勾股定理的应用,含30度角的直角三角形的性质,相似三角形
的判定和性质,熟练构造等腰直角三角形/是解本题的关键.
5、2m
【分析】
根据互余定义求得/〃妗90°,由此得到/夕后90°-m,根据角平分线的定义求得N8OC的度数,利
用互补求出答案.
【详解】
解:•:一和一互余,
.•./+/=90°,
:.ZD0090°,
:/=,
AZ<76^90°-m,
V平分/,
6a>2NC为180°~2m,
:.Z=180°-ABOOIm,
故答案为:2m.
【点睛】
此题考查了角平分线的定义,余角的定义,补角的定义,正确理解图形中各角度的关系并进行推理论
证是解题的关键.
三、解答题
1、
(1)1辆甲型客车与1辆乙型客车的载客量分别是32,45人
(2)最节省费用的租车方案为甲型车3辆,乙型车17辆,最低费用为19400元
【分析】
(1)设1辆甲型客车与1辆乙型客车的载客量分别是X,y人,由题意知计算求解即
[2x4-3^=199
可.
(2)设租用甲型客车x辆,乙型客车2()-x辆,由题意知32x+45x(20-x)Z85O,解得:x吟,费
ffiW=800x+1000x(20-x)=20000-200x,可知x=3时费用最低,进而得出结果.
O
(1)
解:设1辆甲型客车与1辆乙型客车的载客量分别是乂y人
一(3x+4y=276
由题意知。工;]QQ
[2x+3y=199
“,(x=32
解得八
[y=45
.••1辆甲型客车与1辆乙型客车的载客量分别是32,45人.
O
(2)
解:设租用甲型客车x辆,乙型客车20-x辆
由题意知32X+45X(20-X)N850
解得:x<—
费用卬=800.X+1000X(20-x)=20000-200x
费用最低时,x=3
20-x=20-3=17辆
Wmiil=20000-200x3=19400元
,最节省费用的租车方案为甲型车3辆,乙型车17辆,最低费用为19400元.
【点睛】
本题考查了二元一次方程组的应用,一元一次不等式的应用等知识.解题的关键在于正确的列方程和
不等式.
2、
(1)补全图形见解析,NBAD=NCAE;
(2)CE-CD=2BF;
(3)EH=DH,理由见解析.
【分析】
(1)根据题意补全图形即可,再根据旋转的性质可知/=即
ZBAC+ZCAD=ZDAE+ZCAD,即得出=;
(2)由旋转可知=即可利用“必''证明△54。三△C4£,得出3O=CE.再由点尸为比1中
点,即可得出CE-CD=2B尸.
(3)连接4凡作AN_LDE,由等腰三角形“三线合一”可知ZAFO=90。,ZFAB=ZFAC=.即
得出ZAFO+Z/W£)=180。,说明4、F、D、N四点共圆.再根据圆周角定理可知ZAFN=NAON.再
次利用等腰三角形“三线合一”的性质可知EN=£>N,AAFN=NADN=90。-;口即得出
ZAFN+ZFAC=90°.再由NAF"+NE4C=90。,即可说明点〃与点A:重合,即得出结论=
(1)
如图,即为补全的图形,
根据题意可知ZBAC=NDAE=a,
,ZBAC+ZCAD=ZDAE+ACAD,即ABAD=ZCAE.
(2)
由旋转可知AT>=AE,
AB=AC
:.在^BAD和7CAE中,NBAD=ZCAE,
AD=AE
/.J3AD=△C4£(SAS),
O
:.BD=CE.
•.・BD=BC+CD,
中
JCE=BC+CD.
耳■:点、F为BC中点,
:.BC=2BF,
:.CE=2BF+CD,即CE-CD=2BF.
嘿.
(3)
HO
如图,连接4凡作ANLDE,
•:AB=AC,尸为8。中点,
教.
AZAFD=90°,ZFAB=ZFAC=-a.
2
根据作图可知Z/WD=90。,
ZAFD+NAND=180°,
:.A,F、D、N四点共圆,
二ZAFN=ZADN.
VAD=AE,ANIDE
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