安徽省滁州市定远县第一初级中学2022-2023学年九年级上学期物理期中试卷(含答案)

安徽省滁州市定远县第一初级中学2022-2023学年九年级上学期

期中物理试卷

一、填空题：（每空2分，共24分；将答案直接填写在横线上，不必写出解题过程）

1.（2分）一段导体两端的电压是5.0V时导体中的电流是L0A,如果将电压减少2.0V时导

体中的电流为Ao

2.（2分）有一段粗细均匀的电阻丝将它接在6V的电源上时通过它的电流是0.5A.如果把

它们对折起来并拧成一股再接在这个电源上那么通过它的电流将。（选“变大”、

“变小”或“不变”）

3.（2分）甲、乙两个定值电阻，甲标有“10Q1.0A”,乙标有“5C0.3A”,把它们串联后

接入电路里，电路两端允许加的最高电压是V。

4.（2分）如图所示，电源电压为3V.闭合开关后，小灯泡Li、L2都不亮。小峰同学用电

压表检测后，得出Li断路的结论。其测量结果应该是：Ubc=V,Uac=3V。

t,k

~H^■-

5.（4分）如图所示，是某液体的凝固图象，当该液体凝固后，第15min的内能（填

“大于”、“小于”或“等于"）第lOmin的内能，其原因是o

t温度用

20:A

\B,C

°Bio1’5区时间岛

6.（4分）用两个相同的加热器给初温相同，质量同为2kg的物质甲和水加热，它们的温度

随时间的变化关系如图所示，据此判断甲物质lOmin吸收的热量为J,甲物质的

比热容是J/（kg・℃）。［水的比热容C=4.2X1（）3J/（kg.℃）］

7.（2分）如图所示的电路中，当Si闭合、S2断开时，电压表的示数为2.5V；当Si断开、

S2闭合时，电压表示数为6V,则灯Li两端电压为。

8.（2分）如图甲电路，当开关S闭合后，电流表的指针偏转如图乙所示，则灯Li和L2的

电阻之比为。

9.（2分）如图所示，滑动变阻器Ri的最大阻值为100。，电流表Ai的量程是0〜0.6A,

A2的量程为0〜3A,电阻R2=7.2C,电源电压恒定为18V。闭合电路后，为了保证两个

电流表都能正常工作，滑动变阻器接入电路的电阻范围为

10.（2分）三个定值电阻的阻值之比为Ri：R2：R3=l：2：3,将它们并联后接入电路，

则通过各电阻的电流之比为o

二、选择题：（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合愿

意的。）

11.（2分）一支蜡烛在燃烧过程中，它的（)

A.质量变小，比热容变小，热值变小

B.质量不变，比热容变小，热值不变

C.质量不变，比热容不变，热值变小

D.质量变小，比热容不变，热值不变

12.（2分）用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球（如图所示），发现验电器的两个金

属箔片张开。以下说法正确的是（）

金属球

A.毛皮和橡胶棒摩擦的过程中橡胶棒失去了电子

B.验电器的金属箔片张开是因为金属箔失去电子

C.此过程中，瞬间产生的电流方向是从箔片流向橡胶棒

D.此过程中，瞬间产生的电流方向是从橡胶棒流向箔片

13.（2分）如图所示，滑动变阻器的滑片P处于中间位置，闭合开关S,两个灯泡均能发

光（假设灯丝电阻不变），此时，将滑动变阻器的滑片P向右移动，则（）

A.Li变暗，L2变亮B.Li变亮，L2变暗

C.Li变暗，L2不变D.Li、L2亮度不变

14.（2分）“伏安法”测电阻R的部分电路如图所示，关于测得的电阻值大小和误差原因分

析正确的是（）

图5

A.R偏小，因为电流表测量值比通过电阻R的实际电流大一点

B.R偏大，因为电流表测量值比通过电阻R的实际电流小一点

C.R偏大，因为电压表测量值比电阻两端的实际电压大一点

D.R偏小，因为电压表测量值比电阻两端的实际电压小一点

15.（2分）如图所示，滑动变阻器的滑片在某两点间移动时，电流表的示数范围为1A到

2A之间，电压表的示数范围为6V到9V之间，则定值电阻Ri的阻值及电源电压分别为

（）

A.3Q,15VB.6Q,15VC.3C,12VD.6Q,12V

16.（2分）如图所示电路，当开关闭合，两灯正常发光，使用中发现两灯突然熄灭，电流

表无示数，电压表示数增大，则故障可能是（）

A.灯Li被短路B.灯L2被短路C.灯Li断路D.灯L2断路

17.（2分）如图所示电路，电源两端电压保持不变，闭合开关S,当滑动变阻器的滑片向

右滑动时，下列判断正确的是（）

A.电压表Vi示数与电流表A的比值变大

B.电压表V2示数与电流表A的比值不变

C.电压表Vi示数的变化量大于电压表V2示数的变化量

D.电压表Vi示数的变化量小于电压表V2示数的变化量

三、作图与实验探究题：（每空2分，共16分）

18.（6分）在探究“燃料热值与燃料种类关系”的实验中，组装了甲、乙两套实验装置,

如图所示，每隔1分钟记录一次烧杯中的水温度。

（1）为了保证实验结论的可靠性，实验时应控制两灯具内所盛酒精和煤油的质量相同,

两个相同的烧杯内盛有初温和相同的水。

（2）通过观察水温的高低，由此判断两种燃料的热值大小。当两灯的燃料完全燃烧后，

甲装置中水温度为80℃,乙装置中水温度为90℃,由此可以初步判断（选填“酒

精”或“煤油”）的热值更大一些。

（3）根据Q,s=cm△t计算出水吸收的热量，再根据Q=mq计算出煤油的热值，发现结

果与资料中给出的煤油热值相比（选填“偏大”或“偏小

19.（6分）小刚和小丽用图所示的器材探究串联电路的电压关系，用三节干电池串联做电

源，两只小灯泡的规格不同。

（1）请用笔画线代替导线连接实验电路，要求：Li和L2串联，电压表测量两灯串联后

的总电压。

（2）小刚在连接电路时开关应处于状态。

（3）他们排除故障后继续实验，得出了表所示的一组数据，为了得出串联电路电压关系

的普遍规律，他们还应当。

Li两端电压/VL2两端电压/V串联后的总电压/V

1.43.14.5

20.（4分）小军想利用两块已调零的电流表和阻值已知的电阻Ro等符合实验要求的器材,

测量电阻Rx的阻值。他连接的部分电路如图所示。

（1）请你只添加一根导线，完成实验电路连接。

（2）开关S闭合时，电流表Ai的示数为5电流表A2的示数为12.请你利用h、12和

Ro表示Rx.Rx=。

四、计算题：（第23题4分，24题6分，第25小题6分，共16分；解答和论证要有必要

的公式、步骤、解答过程，包括必要的文字说明。只有最后答案的不能得分）

21.（4分）阻值为10欧的用电器，正常工作时的电流为0.3安，现要把它接入到电流为0.8

安的电路中，应怎样连接一个多大的电阻？

22.（6分）如图所示，电阻Ri为10C,电源两端电压为12V。开关S闭合后，求：当滑动

变阻器R接入电路的电阻R2为50。时，通过电阻Ri的电流I）和Ri两端的电压5。

R1

R1

［一」

23.（6分）有一个量程为0〜1mA的小量程电流表G,内阻Rg=30Q,选择一定值电阻Ro

与它并联起来，如图所示。将A、B两端接入电路（图中I表示电流表G与电阻Ro并联

后的总电流）。

（1）调节电路，使电流表的指针指在最大刻度处（即1mA）,这时电流I为0.6A,求电

阻Ro的值（计算结果保留两位小数）；

（2）继续调节电路，使电流表的指针指在刻度盘中央（即0.5mA）,此时电流I变为多

少？

0

■o

B

安徽省滁州市定远县第一初级中学2022-2023学年九年级上学期

期中物理试卷

参考答案与试题解析

一、填空题：（每空2分，共24分；将答案直接填写在横线上，不必写出解题过程）

1.（2分）一段导体两端的电压是5.0V时导体中的电流是1.0A,如果将电压减少2.0V时导

体中的电流为0.6Ao

【分析】（1）知道导体两端的电压和通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻；

（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两

端的电压和通过的电流无关，再根据欧姆定律求出将电压减少2.0V时通过的电流。

【解答】解：由1=旦可得，导体的电阻：

R

R=u=L0V=5n,

I1.0A

因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流无关，

所以，将电压减少2.0V时，即电压为：U'=U-AU=5V-2V=3V,导体的电阻仍为

5Q不变，

此时通过导体的电流：

故答案为：0.6o

【点评】本题考查了欧姆定律的简单应用，关键是知道导体的电阻与两端的电压和通过

的电流无关，是一道基础题目。

2.（2分）有一段粗细均匀的电阻丝将它接在6V的电源上时通过它的电流是0.5A.如果把

它们对折起来并拧成一股再接在这个电源上那么通过它的电流将变大。（选“变大”、

“变小”或“不变”）

【分析】导体的电阻决定于导体的长度、横截面积和材料；同种材料长度越长、横截面

积越小，电阻越大；长度越小、横截面积越大，电阻越小，据此得出对折后电阻的变化,

最后利用欧姆定律比较通过电流的变化。

【解答】解：将电阻丝对折后，导体的材料和温度都没有变化，但导体的长度减半，在

长度减半的同时，横截面积变为原来的二倍，

根据导体电阻与长度、横截面积的关系可知，电阻丝的电阻减小,

根据1=旦可知，电源的电压不变时，通过电阻的电流变大。

R

故答案为：变大。

【点评】理解导体对折后，导体的长度和横截面积都发生变化是解本题的关键。

3.（2分）甲、乙两个定值电阻，甲标有“10。1.0A”，乙标有“5Q0.3A”，把它们串联后

接入电路里，电路两端允许加的最高电压是4.5Vo

【分析】知道两定值电阻允许通过的最大电流，两定值电阻串联时通过它们的电流相等,

电路中的最大电流为两定值电阻允许通过最大电流中较小的，根据电阻的串联和欧姆定

律求出该串联电路两端允许加的最高电压。

【解答】解：因串联电路中各处的电流相等，且两定值电阻允许通过的最大电流分别为I

甲=1.0A、I乙=0.3A,

所以，两定值电阻串联时，电路中的最大电流1=1乙=0.3A,

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以由I=U得该串联电路两端允许加的最高电压：

R

U=I（Rw+R乙）=0.3AX（10Q+5C）=4.5V。

故答案为：4.5o

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是知道串联时允许通过的

最大电流为两个电阻允许通过最大电流中最小的一个。

4.（2分）如图所示，电源电压为3V.闭合开关后，小灯泡Li、L2都不亮。小峰同学用电

压表检测后，得出Li断路的结论。其测量结果应该是：Ubc=0V,Uac=3V。

Lik

-H~-

【分析】根据两灯不亮可判断为断路，再根据电压表可测出Li断路的结论，由此判断电

压表连接的位置与读数。

【解答】解：由题意可知，闭合开关后，小灯泡Li、L2都不亮，说明电路为断路，又因

为电压表可测出L断路的结论，所以当电压表并联在断路的部分时，此时测的是电源电

压，即Uab=3V,当并联在L2两端时，电路断路，Ubc=0V,当并联在ac两点间时，测

的仍为电源电压，Uac=3V。

故答案为：Oo

【点评】本题考查了电压表在电路故障判断中的作用，要知道电压表的使用特点，才能

做出正确的判断。

5.（4分）如图所示，是某液体的凝固图象，当该液体凝固后，第15min的内能小于（填

“大于”、“小于”或“等于“）第lOmin的内能，其原因是晶体在凝固过程中不断放

热，内能减小。

t温度上

20（A

\B,,C

；牛R时间/《in

【分析】晶体的液体在凝固时，放出热量、内能减小，温度不变。

【解答】解：由液体的凝固图象可知，该物质的固体为晶体，第5〜20分钟内为凝固过

程，放出热量、内能变小，温度不变，所以第15分钟的内能小于第10分钟的内能。

故答案为：小于；晶体在凝固过程中不断放热，内能减小。

【点评】本题主要考查了晶体凝固图象的分析，掌握晶体凝固的特点是关键。晶体凝固

虽然温度保持不变，但需不断放热，所以内能减小。

6.（4分）用两个相同的加热器给初温相同，质量同为2kg的物质甲和水加热，它们的温度

随时间的变化关系如图所示，据此判断甲物质lOmin吸收的热量为2.52X105j,甲物

质的比热容是2.121（）3〃（kg・℃）。［水的比热容C=4.2X1（）3J/（kg.℃）|

【分析】由题知物质甲和水质量相同，升高的温度相同时水吸收的热量是物质甲吸收热

量的2倍。根据吸热公式Q^=cm4t判断两物质的比热容之间的关系，从而得出物质甲

的比热容。

由图象确定甲lOmin升高的温度，然后根据Q^=cm4t求出甲物质吸收的热量。

【解答】解：由图象可知：用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，水温度

升高60℃需要20min,物质甲温度升高60℃需要lOmin。

所以质量相同的物质甲和水升高相同的温度需要吸收的热量关系为：Q概=2Q中吸。

由热量计算公式Q=cmZ\t得：c=,故c水=2c甲，水的比热容为c水=4.2X1()3〃

mAt

(kg«℃),则甲的比热容为c甲=2.1X1()3J/(kg・℃),

甲物质lOmin升高了60℃,吸收的热量为：

Q甲吸=cq>m甲At甲=2.1X1()3J/(kg・℃)X2kgX60℃=2.52X105J«

故答案为：2.52X105；2.1X1O3,

【点评】比较两个量的大小一定要根据公式来分析，这样思维严谨些：有图象的要合理

利用图象。解决此题的关键就是能得出质量相同的物质甲和水升高相同的温度水需要吸

收的热量是甲的2倍。

7.(2分)如图所示的电路中，当Si闭合、S2断开时，电压表的示数为2.5V；当Si断开、

S2闭合时，电压表示数为6V,则灯Li两端电压为2.5V。

【分析】分析电路，判断出哪个电表测量Li两端的电压，根据题意串联电路的电压特点

可得出结论。

【解答】解：由图知，两灯泡并联，当Si闭合、S2断开时，电压表测量Li两端的电压,

电压表的示数为2.5V,可知Li两端的电压为2.5V»

故答案为：2.5V。

【点评】本题主要考查了动态电路的分析，关键能够正确分析电压表所测的电路。

8.(2分)如图甲电路，当开关S闭合后，电流表的指针偏转如图乙所示，则灯Li和L2的

电阻之比为4：1o

【分析】由电路图可知，两灯泡并联，电流表a测灯泡Li支路的电流，电流表b测干路

电流，根据并联电路的电流特点和电流表指针的位置确定a、b电流表的量程，再根据分

度值读出示数。根据并联电路的电压规律和欧姆定律求Li和L2电阻之比。

【解答】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表a测灯泡Li支路的电流，电流表b测

干路电流；

并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且b电流表指针的偏转角等于a电流表指针

的偏转角，

所以a电流表的量程为。〜0.6A,分度值为0.02A,示数为0.3A,

b电流表的量程为0〜3A,分度值为0.1A,示数为1.5A；

通过L2的电流应为：

l2=I-L=1.5A-0.3A=1.2A。

根据并联电路中各支路电压相等和欧姆定律可得：

Ri：R2=-y-：旦-=匕：Ii=l.2A：0.3A=4：I。

IlI2

故答案为：4：lo

【点评】本题考查了电流表的正确使用和读数以及并联电路的电流、电压特点和欧姆定

律的应用，关键是两电流表量程的选择。

9.（2分）如图所示，滑动变阻器Ri的最大阻值为100Q,电流表Ai的量程是0〜0.6A,

A2的量程为0〜3A,电阻R2=7.2Q,电源电压恒定为18V。闭合电路后，为了保证两个

电流表都能正常工作，滑动变阻器接入电路的电阻范围为36。〜100

【分析】由电路图知，两电阻并联，电流表Ai测量通过滑动变阻器的电流，电流表A2

测量干路的电流；

根据并联电路的特点知滑动变阻器在移动的过程中通过定值电阻R2的电流不变，由12

=」L算出通过定值电阻R2的电流，根据电流表A2的量程为0〜3A算出通过滑动变阻

R2

器的最大电流并与电流表AI的量程比较，得出电流表Ai的最大值。由欧姆定律算出此

时滑动变阻器接入电路的最小值，进而判断出滑动变阻器接入电路电阻的范围。

【解答】解：由电路图知，两电阻并联，电流表Ai测量通过滑动变阻器的电流，电流表

A2测量干路的电流；

所以滑动变阻器在移动的过程中通过定值电阻R2的电流不变，为：l2=‘L=3L=

R27.2Q

2.5A；

因为电流表A?的量程为0〜3A,

所以通过滑动变阻器的最大电流为：

11大=1-I2=3A-2.5A=0.5A<0.6A,

所以电流表Ai的最大值为0.5A,

此时滑动变阻器接入电路的最小值为：

R"、=JL=ML=36O,

110.5A

所以为了保证两个电流表都能正常工作，滑动变阻器接入电路的电阻范围为36。〜1OOQ。

故答案为：36。〜100。

【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的灵活应用，关键是知道电流表Ai的示

数最大时滑动变阻器接入电路中的电阻最小。

10.（2分）三个定值电阻的阻值之比为Ri：R2：R3=l：2：3,将它们并联后接入电路，

则通过各电阻的电流之比为6：3：2。

【分析】三个并联支路的电压相等，根据欧姆定律U=IR得，电流I与电阻R成反比，

根据数学知识求出电流之比。

【解答】解：三个电阻并联，各个支路的电压相等，根据欧姆定律可知，电流I与电阻R

成反比。

据题电阻之比Ri：R2：R3=l：2：3,则得电流之比Ii：I2：b=」-：—：—

%R2R312

A=6：3：2。

3

故答案为：6：3：2。

【点评】本题考查并联电路特点和欧姆定律的应用，应用数学知识求解反比比例的问题,

易错成Ri：R2：R3=l3：12：11=3：2：lo

二、选择题：（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合愿

意的。）

11.（2分）一支蜡烛在燃烧过程中，它的（）

A.质量变小,比热容变小，热值变小

B.质量不变，比热容变小，热值不变

C.质量不变，比热容不变，热值变小

D.质量变小，比热容不变，热值不变

【分析】（1）质量是物体中所含物质的多少，物质质量的大小与外界条件无关，只取决

于物体本身所含物质的多少。

（2）比热是物质的一种特性，各种物质都有自己的比热，它既不随物质质量的改变而变

化。

（3）某种确定的燃料而言，它的热值是一个确定的值，跟燃料的质量及燃料燃烧放出的

热量无关。

【解答】解：蜡烛在燃烧过程中，所含物质的多少在改变，所以质量变小，但是比热容

和热值只与物质的种类有关，与所含物质的多少无关，因此一支蜡烛在燃烧过程中，比

热容和热值不变。

故选：D。

【点评】本题考查了学生对质量和密度的定义，以及它们的性质的理解和掌握，是一道

基础题，相对比较简单。

12.（2分）用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球（如图所示），发现验电器的两个金

属箔片张开。以下说法正确的是（）

金属球

A.毛皮和橡胶棒摩擦的过程中橡胶棒失去了电子

B.验电器的金属箔片张开是因为金属箔失去电子

C.此过程中，瞬间产生的电流方向是从箔片流向橡胶棒

D.此过程中，瞬间产生的电流方向是从橡胶棒流向箔片

【分析】（1）摩擦起电的实质是电荷的转移，原子核束缚电子的能力强，得到电子带负

电，原子核束缚电子的能力弱，失去电子带正电：

（2）验电器是检验物体是否带电的仪器，其制作原理是：同种电荷相互排斥；

（3）用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷，当接触验电器上端的金属球时，橡胶棒上的电子

会转移到验电器上；人们规定：正电荷定向移动的方向为电流的方向。

【解答】解：A、毛皮和橡胶棒摩擦的过程中，橡胶棒原子核束缚电子的能力强，得到电

子而带负电。故A错误；

B、验电器的金属箔片张开是因为橡胶棒上的部分电子转移到验电器，使验电器的金属箔

片带了同种电荷，而同种电荷相互排斥，所以箔片张开。故B错误；

CD、橡胶棒接触验电器的金属球时，橡胶棒上带负电的电子从橡胶棒转移到验电器上，

故电流的方向是从验电器的箔片到橡胶棒。故C正确、D错误。

故选：C。

【点评】知道实验室中如何取得正电荷和负电荷，且明白验电器的工作原理是解决该题

的关键。

13.（2分）如图所示，滑动变阻器的滑片P处于中间位置，闭合开关S,两个灯泡均能发

光（假设灯丝电阻不变），此时，将滑动变阻器的滑片P向右移动，则（）

A.Li变暗，L2变亮B.Li变亮，L2变暗

C.Li变暗，L2不变D.Li、L2亮度不变

【分析】由电路图可知，灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡Li串联，根据滑片的

移动可知接入电路中电阻的变化和并联部分电阻的变化以及总电阻的变化，根据欧姆定

律可知电路中电流的变化和Li两端的电压变化，根据P=UI可知Li实际功率的变化，

进一步判断其亮暗的变化；根据串联电路的电压特点可知并联部分电压的变化，根据并

联电路的电压特点和P=UI=UT_T2-可知L2实际功率的变化，进一步判断其亮暗的变化。

R

【解答】解：由电路图可知，灯泡L2与滑动变阻器R并联后再与灯泡L|串联，

将滑动变阻器的滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变大，并联部分的电阻

变大，电路的总电阻变大，电源电压不变，由I=U可知，干路中的电流变小，

R

由U=IR可知，Li两端的电压变小，

因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，

所以，由P=UI可知，灯泡Li的实际功率变小，Li的亮度变暗；

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，并联部分的电压变大，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，灯泡L2两端的电压变大，

由P=U：可知，L2的实际功率变大，亮度变亮，故A正确，BCD错误。

R

故选：A«

【点评】本题考查了混联电路的动态分析，涉及到串并联电路的特点和欧姆定律、电功

率公式的应用，分析好滑片移动时电路中总电阻的变化是关键。

14.（2分）“伏安法”测电阻R的部分电路如图所示，关于测得的电阻值大小和误差原因分

析正确的是（）

r-®

图5

A.R偏小，因为电流表测量值比通过电阻R的实际电流大一点

B.R偏大，因为电流表测量值比通过电阻R的实际电流小一点

C.R偏大，因为电压表测量值比电阻两端的实际电压大一点

D.R偏小，因为电压表测量值比电阻两端的实际电压小一点

【分析】分析电路连接，根据并联电路电流的规律判断电流表示数与通过灯的实际电流

大小，根据欧姆定律分析。

【解答】解：图中电压表与电阻并联，电压表测的电压是准确的；

通过电压表也有一定的电流，根据并联电路电流的规律，电流表示数大于通过灯的实际

电流，根据欧姆定律，R=旦，故R偏小，只有A正确，BCD错误。

I

故选：Ao

【点评】本题考查并联电路的规律及欧姆定律和误差分析。

15.（2分）如图所示，滑动变阻器的滑片在某两点间移动时，电流表的示数范围为1A到

2A之间，电压表的示数范围为6V到9V之间，则定值电阻RI的阻值及电源电压分别为

（）

A.3Q,15VB.6（1,15VC.3Q,12VD.6C,12V

【分析】由图可知，Ri与滑动变阻器R2串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流

表测电路中的电流；当滑动变阻器接入电路的电阻变大时，总电阻变大，电路中的电流

减小，根据串联电路的分压特点可知电压表的示数变大，据此判断两电表对应的示数；

分别根据欧姆定律和串联电路的电压特点表示出电源的电压，再根据电源的电压不变得

出等式即可得出答案。

【解答】解：由图可知，Ri与滑动变阻器R2串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，

电流表测电路中的电流；

当滑动变阻器接入电路的电阻变大时，总电阻变大，电路中的电流减小，根据串联电路

的分压特点可知电压表的示数变大，则当I=1A时，U2=9V,

电源的电压：U=IRI+U2=1AXR,+9V----------------①

当I'=2A时，U2'=6V,

电源的电压：U=I'R1+U2'=2AXR,+6V-----------------②

因为电源的电压不变，

所以由①②可得：Ri=3Q,U=12V。

故选：Co

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是两电表示数对应的判断

和电源电压不变条件的应用。

16.（2分）如图所示电路，当开关闭合，两灯正常发光，使用中发现两灯突然熄灭，电流

表无示数，电压表示数增大，则故障可能是（)

A.灯Li被短路B.灯L2被短路C.灯Li断路D.灯L2断路

【分析】由电路图可知，两灯泡串联，电压表测L2两端的电压，电流表测电路中的电流,

电压表示数增大说明电压表两接线柱与电源之间是通路，突然两电灯熄灭、电流表没有

示数说明电路断路，即电压表并联部分断路。

【解答】解：A、灯L1被短路时，电路中有电流，电压表有示数，灯L2亮，与题意不符,

故A错误；

B.灯L2被短路时，电路中有电流，电压表有示数，灯Li亮，与题意不符，故B错误；

C.灯Li断路，电路中无电流，电压表示数为零，电流表示数为零，两灯泡不亮，与题

意不符，故C错误；

D.灯L2断路，电路中无电流，灯不亮，电压表有示数且等于电源电压，电流表无示数,

与题意相符，故D正确。

故选：D。

【点评】用电压表判断故障时，若电压表有示数，可能是所并联的地方开路或其他地方

短路了，若电压表没有示数，则可能是所并联的地方短路或其他地方开路了。

17.（2分）如图所示电路，电源两端电压保持不变，闭合开关S,当滑动变阻器的滑片向

右滑动时，下列判断正确的是（）

A.电压表Vi示数与电流表A的比值变大

B.电压表V2示数与电流表A的比值不变

C.电压表Vi示数的变化量大于电压表V2示数的变化量

D.电压表V,示数的变化量小于电压表V2示数的变化量

【分析】由电路图可知，Ro与Ri、滑动变阻器R2串联，电压表Vi测Ri两端的电压,

电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。

(1)根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化

和Ro与Ri两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知滑动变阻器两端的电压变化,

然后判断电压表Vi与电流表A的比值变化以及电压表V2示数与电流表示数的比值的变

化；

(2)根据串联电路的特点和欧姆定律分别表示出两电压表示数的变化量，然后比较两者

的绝对值得出答案。

【解答】解：由电路图可知，Ro与Ri、滑动变阻器R2串联，电压表V]测Ri两端的电

压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。

(1)当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大,

由1=旦可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，

R

因为R1为定值电阻，电压表Vi与电流表A的比值为Ri，

所以电压表V]与电流表A的比值不变，故A错误；

由Ro与Ri的电阻不变和U=IR可知，Ro和R1两端的电压变小，即电压表Vi的示数变

小，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表V2的示数变大；

因电压表V2的示数变大，电流表的示数变小，

所以，电压表V2示数与电流表示数的比值变大，故B错误；

(2)设滑片移动前后电路中的电流为I、I',

电压表Vi示数的变化量：

△Uvi=U「-Ui=I'Ri-IR尸(f-I)RI-AIRI,

电压表V2示数的变化量：

△Uv2=U潸'-1；滑=[1；-1'(R1+R2)]-[U-I(R1+R2)]=(I-r)(R1+R2)=-

△I(R1+R2)

E|AIRI|<|AI(R1+R2)I

所以，电压表Vi示数变化量的绝对值小于电压表V2示数变化量的绝对值，故C错误，

D正确。

故选：D。

【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，会正

确的表示两电压表示数的变化量是关键。

三、作图与实验探究题：（每空2分，共16分）

18.（6分）在探究“燃料热值与燃料种类关系”的实验中，组装了甲、乙两套实验装置，

如图所示，每隔1分钟记录一次烧杯中的水温度。

（1）为了保证实验结论的可靠性，实验时应控制两灯具内所盛酒精和煤油的质量相同，

两个相同的烧杯内盛有初温和质量相同的水。

（2）通过观察水温的高低，由此判断两种燃料的热值大小。当两灯的燃料完全燃烧后，

甲装置中水温度为80℃,乙装置中水温度为90℃,由此可以初步判断煤油（选填

“酒精”或“煤油”）的热值更大一些。

（3）根据Q，^=cmAt计算出水吸收的热量，再根据Q=mq计算出煤油的热值，发现结

果与资料中给出的煤油热值相比偏小（选填“偏大”或“偏小”）。

【分析】（1）根据控制变量法分析解答；

（2）根据水温的变化情况结合Q“,%=cmAt比较酒精和煤油放出热量的多少，然后根据

Q6t=mq判断热值的大小；

（3）在此实验中，酒精和煤油燃烧放出的热量有部分未被水吸收。

【解答】解：（1）为了保证实验结论的可靠性，由控制变量法，实验时应控制两灯具内

所盛酒精和煤油的质量相同、用两个相同的烧杯内盛有水的质量和初温相同。

（2）当两灯的燃料完全燃烧完后，甲装置中温度计读数是80℃,而乙装置的读数是90℃,

由Q^=cmAt知道，煤油灯加热的那杯水吸热多，说明在质量相同时煤油放出的热量较

多，由Qjtumq知道，煤油的热值大于酒精的热值；

（3）由于热量的直接散失、烧杯未加盖等，所以煤油燃烧放出的热量大部分未被水吸收

或煤油燃烧不充分等，则由Q啖=cmAt知道，计算出水吸收的热量偏小，由Q放=mq

知道，计算出的煤油的热值偏小。

故答案为：（1）质量；（2）煤油；（3）偏小。

【点评】此题探究“燃料热值与燃料种类关系”，考查了热量公式、燃料燃烧放热公式的

应用，并能够对实验做出合理的评析。

19.（6分）小刚和小丽用图所示的器材探究串联电路的电压关系，用三节干电池串联做电

源，两只小灯泡的规格不同。

（1）请用笔画线代替导线连接实验电路，要求：Li和L2串联，电压表测量两灯串联后

的总电压。

（2）小刚在连接电路时开关应处于断开状态。

（3）他们排除故障后继续实验，得出了表所示的一组数据，为了得出串联电路电压关系

的普遍规律，他们还应当换用不同规格的器材（灯泡、电源）多次测量。

Li两端电压/VL2两端电压/V串联后的总电压/V

1.43.14.5

【分析】（1）两灯串联，根据电源电压确定电压表选用的量程与两灯并联；

（2）为了保护电路，连接电路时开关应处于断开状态；

（3）实验中，为得出普遍规律，应换用不同规格器材进行多次测量。

【解答】解：（1）Li和L2串联，因电源电压为4.5V,故电压表选用大量程（0〜15V）

并联在两灯的两端，如下图所示：

（2）在连接电路时，为了保护电路，开关应处于断开状态;

（3）为了得出串联电路电压关系的普遍规律，需换用不同规格的器材（灯泡、电源）多

次测量。

故答案为：（1）如上图；（2）断开；（3）换用不同规格的器材（灯泡、电源）多次测量。

【点评】本题探究串联电路的电压关系，考查电路的连接、注意事项以及实验操作等知

识，难度不大。

20.（4分）小军想利用两块已调零的电流表和阻值已知的电阻Ro等符合实验要求的器材,

测量电阻Rx的阻值。他连接的部分电路如图所示。

（1）请你只添加一根导线，完成实验电路连接。

（2）开关S闭合时，电流表Ai的示数为Ii；电流表A2的示数为I2.请你利用11、12和

【分析】要测电阻，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻Ro应起到电压表的测量

作用，故可将Rx与电流表A2串联后再与Ro并联，电流表Ai测并联电路的总电流，根

据并联电路电流的规律可得出通过定值电阻的电流，由欧姆定律求出定值电阻的电压，

根据并联电路电压的规律和欧姆定律求出待测电阻。

【解答】解：（1）将定值电阻的右接线柱与电流表负接线柱连接起来，如下所示：

（2）开关S闭合时，电流表Ai的示数为h，即为总电流，电流表A2的示数为12,为通

过待测电阻的电流，根据并联电路电流的规律，通过定值电阻的电流为：

Io=Il-12.由欧姆定律，电源电压：

U=（Ii-I2）Ro，由欧姆定律，待测电阻的大小：

12

（［-1）

故答案为：（1）如上；（2）―iR00

【点评】本题考查在没有电压表情况下设计测电阻的实验方案，有一定难度。

四、计算题：（第23题4分，24题6分，第25小题6分，共16分；解答和论证要有必要

的公式、步骤、解答过程，包括必要的文字说明。只有最后答案的不能得分）

21.（4分）阻值为10欧的用电器，正常工作时的电流为0.3安，现要把它接入到电流为0.8

安的电路中，应怎样连接一个多大的电阻？

【分析】由题意可知，电路中的电流大于用电器工作的电流，则需要并联一个电阻分流,

根据并联电路的电流特点求出电阻分得的电流，根据欧姆定律分别表示出两支路两端的

电压，根据并联电路的电压特点得出等式求出电阻的阻值。

【解答】解：电路中的电流I=0.8A大于用电器正常工作时的电流I