2021年北京市丰台区高考物理二模试卷(含答案详解)

2021年北京市丰台区高考物理二模试卷

一、单选题（本大题共14小题，共42.0分）

1.物理学是一门以实验为基础的科学，任何学说和理论的建立都离不开实验。关于下面几个重要

的物理实验，说法正确的是（）

A.a粒子散射实验是原子核式结构理论的实验基础

B.光电效应实验表明光具有波粒二象性

C.电子的发现揭示了原子核可以再分

D.康普顿效应证实了光具有波动性

2.对于固体和液体来说，其内部分子可看做是一个挨一个紧密排列的球体.已知汞的摩尔质量为

200.5x10~3kg/mol,密度为13.6x103kg/m3,阿伏加德罗常数为6.0xlO^mor1,则汞原

子的直径最接近以下数值中的（）

-10-11

A.1x1（F9nzB.2xKT9nlC.4x10niD.6x10m

3.下列选项中，说法正确的是（）

A.卢瑟福提出核式结构模型，很好的解释了a粒子散射实验中的现象

B.电子穿过晶体时会产生衍射图样，这证明了电子具有粒子性

C.借助于能量子的假说，爱因斯坦得出了黑体辐射的强度按波长分布的公式，与实验符合非常

好

D.夕射线是高速电子流，它的穿透能力比a射线和y射线都弱

4.在一根张紧的绳子上竖直悬挂4、B两个单摆，4的固有频率为/,B的固有频率为4方,如果它们

都在频率为37•的驱动力作用下做受迫振动，下面结论正确的是

A.A摆的振幅较大，振动频率为/B.4摆的振幅较大，振动频率为3/

C.B摆的振幅较大，振动频率为3fD.B摆的振幅较大，振动频率为4f

5.我们用打气筒给篮球打气时，当篮球里面的气体打得很足的时候，我们很难再向篮球里打进气

去，这是因为（）

A.篮球里面的气体分子之间存在斥力

B.篮球里面的气体分子在做布朗运动

C.篮球内部的压强太大

D.篮球里面大量分子做扩散运动的太厉害

6.一宇航员在一星球上以速度为火竖直上抛一物体，经t秒钟落回手中，已知该星球半径为R,那

么该星球的第一宇宙速度是（）

A.如B.回C.陲D.但

t7tyjty]Rt

7.用频率为巧和方的单色光1和2分别照射金属1和2的表面。色光1照射金属1和2的表面时都有光

电子射出；色光2照射金属1时有光电子射出，照射金属2时没有光电子射出。设金属1和2的逸

出功为明和1生,则有（）

外，f

A.%>>W2B.v1<v2名<伍

C."1V>“2D.vr>v2y<W2

8.如图所示，MN右侧有底边长为L高为L的等腰三角形匀强磁场区域（边缘磁

场忽略不计），上边界与MN垂直。现有一高为L宽为软勺长方形导体框，从MN

左侧垂直于MN匀速向右运动。导体框穿过磁场过程中感应电流/随距离%变

化的图象正确的是（取逆时针电流为正）（）

在如图所示的电路中，灯泡4与一个带铁芯的电感线圈L并联。闭合开

关S,稳定后通过灯泡A的电流为/1，通过线圈L的电流为/2。断开开关

S,此后通过灯泡4的电流记为i,规定通过灯泡的电流向右为正，四幅

图中能正确反映i随时间t变化关系的图象是（）

c.D.

10.如图所示的示波管，当两偏转电极XX'、VT'电压为零时，电子枪发射的电子经加速电压加速后

打在荧屏上的正中间，图示坐标的。点（其中x轴与XX'间场强方向平行，x轴正方向垂直于纸面

指向纸内，y轴与yr间场强方向平行）。若要电子打在图示坐标的第in象限，贝联）

A.x、y极接电源的正极，x'、广接电源的负极

B.X、丫'极接电源的正极，X'、丫接电源的负极

C.x'、丫极接电源的正极，X、『接电源的负极

D.x'、丫'极接电源的正极，x、y接电源的负极

11.如图所示，在点电荷Q产生的电场中，实线MN是一条方向未标出的电

场线，虚线是一个电子只在静电力作用下的运动轨迹。设电子在4、2------、

B两点的加速度大小分别为以、aB,电势能分别为Epr下列说

法正确的是（）

A.电子一定从A向B运动

B.若%>aB,则Q靠近M端且为负电荷

C.无论Q为正电荷还是负电荷一定有Ep4<Epp

D.B点电势可能高于4点电势

12.如图所示，细绳的一端固定于。点，另一端系一个小球，小球从某一高度摆下。绐

当小球经过最低点时，下列说法正确的是（）

A.细绳对小球拉力的大小可能为零、、一

B.小球经过最低点的速度越大，细绳对小球的拉力越小

C.小球经过最低点的速度越大，细绳对小球的拉力越大

D.细绳对小球的拉力大小与小球经过最低点的速度大小无关

13.某人在地面上用体重秤称得体重为G,之后他将体重秤移至电梯内称其体重，电梯运行的口-t图

象如图所示（取电梯向上运动的方向为正）.设方至匕时间段内体重秤的示数为&,G至七时间段内

体重秤的示数为尸2,t2至t3时间段内体重秤的示数为尸3，下列说法正确的是（）

C.F1>尸2>F3>GD.F1=尸3<尸2=G

了

14.如图所示，光滑斜面放在水平面上，斜面上用固定的竖直挡板挡住一个光滑的重

球。当整个装置沿水平面向左匀速运动的过程中，下列说法中错误是（）

A.重力不做功B.斜面对球的弹力不做功

C.斜面对球的弹力做正功D.挡板对球的弹力做负功

二、实验题（本大题共2小题，共18.0分）

15.（1）在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验中，实验室中备有下列可供选择的器

材：

4可拆变压器（铁芯、两个已知匝数的线圈）

8.条形磁铁

C直流电源

D交流电源

E.多用电表

F.开关、导线若干

上述器材在本实验中不必用到的是（填正确答案标号）

（2）某同学将原线圈接在所选电源上，在电源电压不变的情况下，先保持原线圈的匝数不变，增加副

线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压增大：然后再保持副线圈的匝数不变，增加原线圈的匝

数，观察到副线圈两端的电压_（选填“增大”、“减小”或“不变”）。

16.王川同学利用如图所示的装置验证碰撞中的动量守恒。竖直平面内的一段圆弧轨道下端与水平

桌面相切，先将小滑块4从圆弧轨道上某一点无初速度释放，测出小滑块在水平桌面上滑行的距

离图甲）；然后将左侧贴有双面胶的小滑块B放在圆弧轨道的最低点，再将小滑块4从圆弧轨

道上某一点无初速度释放，4与B碰撞后结合为一个整体，测出整体沿桌面滑动的距离冷•已知滑

块a和B的材料相同。

(1)下列选项中，属于本实验要求的是(填相应选项前的字母)

人实验中所用圆弧轨道必须是光滑的

B.实验必须保证4的质量不大于B的质量

C.实验中滑块4的释放点离水平桌面要高一些

D两次必须从圆弧轨道上同一点无初速度释放滑块4

(2)若滑块4、B的质量分别为mi、m2,与水平桌面间的动摩擦因数均为〃，重力加速度为g。则力、B

碰撞前的动量B,碰撞后的动量22=(用字母Hi1、m2.〃、g、%1>X2表示)。只

要Pi=P2,则验证了4和B碰撞过程中动量守恒。

(3)本实验(填“需要”或“不需要”)测出滑块与水平桌面间的动摩擦因数。

三、计算题(本大题共4小题，共40.0分)

17.如图所示，在光滑水平桌面上的虚线MN左侧有方向竖直向上的匀强磁场，一质量为小、电阻为

R、边长为L的正方形导体框静止在水平桌面上，且一条边框与平行.现对线框施加水平向

右的恒力，线框从静止开始运动直到离开磁场，速度传感器记录了线框在该过程中速度随时间

变化的D-t图线，图中%，%为已知量.求：

(1)线框穿出磁场过程中电流强度/和通过线框的电量q；

(2)匀强磁场的磁感应强度B；

(3)若导体框初始位置不变，施加的恒力为原来的2倍，传感器测量到线框离开磁场前已经做匀速运

动，则此情景下线框穿出磁场过程中产生电热Q.

18.如图所示，半径R=2m的四分之一粗糙圆弧轨道4B置于竖直平面内，轨道的B端切线水平，且

距水平地面高度为h=1.25小，现将一质量m=0.2kg的小滑块从4点由静止释放，滑块沿圆弧

轨道运动至B点以u=5zn/s的速度水平飞出(g取10m/s2).求：

(1)小滑块沿圆弧轨道运动过程中所受摩擦力做的功；

(2)小滑块经过B点时对圆轨道的压力大小；

(3)小滑块着地时的速度大小.

19.如图所示，一半径为R的绝缘圆形轨道竖直放置，圆形轨道的最低点与一水平轨道相连，轨道都

是光滑的，轨道所在的空间存在水平向右的匀强电场，场强为E.从水平轨道上的4点由静止释放

一质量为m的带正电的小球，为使小球刚好能在竖直面内完成圆周运动，求释放点4距圆轨道最

低点B的距离s.已知小球受的电场力等于小球重力的:.

4

20.我国自主研发的C919大型客机有望在2016年底前后实现首飞。设计

的飞机质量为巾=7.5x10”。，起飞速度为80zn/s。若飞机在某机

场试飞，加速滑行过程中牵引力恒为F=9.0X104N,受到的阻力恒为/=>=L5X104N,飞机

在达到起飞速度瞬间因故而停止起飞，立即关闭发动机且以大小为4m/s2的恒定加速度减速直

至停止。求：

(1)此次试飞过程飞机共运行的距离：

(2)此次试飞过程飞机共运行的时间；

(3)此次试飞过程发动机牵引力做的功。

参考答案及解析

1.答案：A

解析：解：4、a粒子散射实验表明了原子具有核式结构，故A正确。

8、光具有波粒二象性，光电效应证实了光具有粒子性，故B错误。

C、电子的发现表明了原子不是构成物质的最小微粒，而电子原子核的组成部分，不能够说明原子核

可以再分，故C错误。

。、在康普顿效应中，散射光子的动量减小，根据德布罗意波长公式判断光子散射后波长的变化，

康普顿效应进一步表明光子具有动量，体现光的粒子性，故。错误。

故选：Ao

a粒子散射实验表明了原子具有核式结构；光电效应实验证实了光具有粒子性；电子的发现表明了原

子不是构成物质的最小微粒；康普顿效应揭示了光具有粒子性。

本题考查了物理学史，关键要熟悉教材，知道物理实验与物理理论或学说关系。握物理学发展过程，

了解物理概念的建立，物理规律的发现及科学家们艰辛的探究过程，能让学生认识到科学发展的艰

辛历程，从而更好的学习物理，树立正确的人生观和价值观。

2.答案：C

解析：解：

取17noi的汞,则：

其中：m-nM=200.5x10-3fc5

代入数据：

„4D,200.5x10-3

6.23x1023x-x3.14x(-)3=——~—z-

313.6x103

解得：£>«4x10-10m

故C正确

故选：C

根据汞的摩尔质量和密度可以求出其摩尔体积，可将铁分子看做球体，然后根据阿伏伽德罗常数即

可正确解答

本题比较简单，明确阿伏伽德罗常数的意义即可正确解答，对于这类基础知识，不可轻视，要加强

理解.本题数量级较大，比较容易出错

3.答案：A

解析：解：4、卢瑟福提出核式结构模型，很好的解释了a粒子散射实验中的现象，故A正确；

8、衍射是波的特性，故电子穿过晶体时会产生衍射图样，这证明了电子具有波动性，故3错误；

C、普朗克引入能量子的概念，得出黑体辐射的强度按波长分布的公式，与实验符合得非常好，并由

此开创了物理学的新纪元，故C错误；

D、0射线是高速电子流，它的穿透能力比y射线弱，比a射线强，故。错误。

故选：Ao

卢瑟福利用a粒子散射实验现象，提出了核式结构模型;衍射是波的特性:普朗克引入能量子的概念，

得出黑体辐射的强度按波长分布的公式；6射线穿透能力比a射线强。

本题考查了粒子散射实验、a射线、夕射线、y射线及其特性、光的波粒二象性等知识点。这种题型

属于基础题，只要善于积累，难度不大。

4.答案：C

解析：

受迫振动的频率等于驱动力的频率，当系统的固有频率等于驱动力的频率时，系统达到共振，振幅

达最大。

本题应明确受迫振动的频率等于驱动力的频率，而当驱动力的频率等于物体的固有频率时，物体的

振动最强烈。

/麴与f阍越接近，振子的振幅越大，做受迫振动的振动频率f=/痴故错误，C正确。

故选C。

5.答案：C

解析：

我们用打气筒给篮球打气时，当压缩筒内气体时，体积减小，压强增加，当气压大于篮球内气压时，

气体就进入篮球内；

当篮球里面的气体打得很足的时候，我们很难再向篮球里打进气去，是由于篮球内的气体压强增加

了，要将气体压入，需要将气筒内的气体压缩到更小的体积，才能产生更大的气压，故难打进；

故选：C.

用打气筒给篮球打气，当压缩筒内气体时，体积减小，压强增加，当气压大于篮球内气压时，气体

就进入篮球内.

本题关键是要明确气体压强的微观意义，即气体压强与气体分子热运动的平均动能和分子的密集程

度有关；同时要明确打气筒的工作原理.

6.答案：B

解析：解：根据运动学公式得：g=华，

根据=得第一宇宙速度为：

v=®=故B正确,AC。错误.

故选：B.

根据竖直上抛运动，运用运动学公式求出星球表面的重力加速度，根据mg=m?求出星球的第一宇

宙速度.

解决本题的关键理解第一宇宙速度，知道第一宇宙速度等于贴近星球表面运行的速度.

7.答案：D

解析：解：单色光1照射两种金属时都能产生光电效应现象；单色光2照射时，只能使金属1产生光电

效应现象，根据光电效应条件，

可知单色光1的频率大于单色光2的频率，则%>1?2

单色光2照射金属时，只能使金属1产生光电效应现象，不能使金属2产生光电效应现象，

可知金属1的逸出功小于金属2的逸出功，即皿1<勿2,故。正确，ABC错误。

故选：Do

当入射光的频率大于金属的极限频率时，或入射光子的能量大于逸出功时，会发生光电效应。

本题考查了光电效应，解决本题的关键掌握光电效应的条件。

8.答案：D

解析：解：线框进入磁场。〜，的过程中，有效切割长度均匀增大，根据E=B母可知感应电动势逐渐

增大，根据闭合电路的欧姆定律可得》=詈均匀增大，根据楞次定律可知电流方向为逆时针；

在线框进入磁场9〜L的过程中磁通量先增加再减小，在:L时磁通量最大，此时两边切割长度相等，

24

感应电流为零，以后磁通量减小，所以感应电流先逆时针，再顺时针;

在L〜|L的过程中，有效切割长度逐渐减小，感应电流逐渐减小到零，根据楞次定律可知电流方向

为顺时针。

所以ABC错误、。正确。

故选：Do

根据进入磁场中有效切割长度的变化，求出感应电流的变化，根据楞次定律判断感应电流的方向变

化。

解决本题先根据法拉第电磁感应定律判断感应电动势的变化，再根据闭合电路的欧姆定律判断感应

电流的变化，再根据楞次定律确定感应电流方向变化。关键确定有效切割的长度的变化情况。

9.答案：D

解析：解：当开关断开时，则灯泡中的原来的电流人立即消失，但是L由于自感要阻碍自身电流的减

小，L中的电流由左逐渐减小，由于L与灯泡组成回路，心中的电流要经过灯泡，所以灯泡中的电流突

然变为6且电流为反方向，然后逐渐减小到0,由于规定通过灯泡的电流向右为正，所以此时流过灯

泡的电流方向为负，符合题意的为D选项，故。正确，ABC错误。

故选：D。

迅速断开开关S时，灯泡中原来的电流突然消失，线圈中电流逐渐减小，且要与灯泡组成回路，由此

判断即可。

本题以i-t图象为载体考查了断电自感现象，自感现象是特殊的电磁感应现象，法拉第电磁感应定

律和楞次定律同样适用。

10.答案：D

解析：

将粒子的运动沿着4、y和初速度方向进行正交分解，要使粒子打在第三象限，经过区间时电场力

向下，经过XX'区间时电场力向外，再进一步确定各个极板的极性。

本题关键是将带电粒子的运动沿着x、y和初速度方向进行正交分解，然后根据各个分运动相互独立，

互不影响的特点进行分析讨论。

将粒子的运动沿着X、y和初速度方向进行正交分解，沿初速度方向不受外力，做匀速直线运动，打

在第三象限，故经过yy'区间时电场力向下，即y接负极，打在第三象限，故经过xx'区间时电场力外，

即x接负极，故。正确、ABC错误。

故选D。

11.答案：C

解析：解：4、由运动轨迹只能得到电子受力指向凹的一侧，不能得到运动走向，故A错误；

B、由电场场源为点电荷，%>aB可得：点电荷Q靠近M端；又有电子受力指向凹的一侧可得：MN上

电场线方向向右，故点电荷Q为正电荷，故8错误；

C、电子受力指向凹的一侧可得：根据电子只受电场力作用；电场力做正功，电势能减小；电场力做

负功，电势能增大可得：EpA<EpB,故C正确；

。、电子受力指向凹的一侧可得：MN上电场线方向向右；根据沿着电场线电势降低可得：B点电势

可能低于4点电势，故。错误；

故选：C。

根据运动轨迹得到电场力方向，从而得到电场力做功及场强方向，即可由电场力做功得到电势能变

化，由场强方向得到电势变化；根据加速度得到场源，即可根据场强方向得到场源电性。

沿着电场线电势降低，但是电势能和电荷电性相关，故我们一般根据电场力做功情况来判断电势能

变化，以避免电性不同，电势能变化趋势不同的问题。

12.答案：C

解析：解：4、小球在最低点时，由重力和绳子的拉力的合力提供向心力，方向指向圆心，所以细绳

对小球拉力的方向竖直向上，不能等于0,故A错误；

BCD、在最低点，根据向心力公式得：

F=mg+my>0.速度越大，拉力越大，故C正确，错误。

故选：Co

小球在最低点时，由重力和绳子的拉力的合力提供向心力，根据向心力公式列式即可求解。

本题的关键是知道小球在最低点时，由重力和绳子的拉力的合力提供向心力，知道向心力方向指向

圆心，难度不大，属于基础题。

13.答案：B

解析：

根据图示图象判断出电梯的运动状态，然后判断出人是出于失重状态还是出于超重状态，再判断体

重秤的示数大小关系，然后答题。

本题考查了根据图象处理问题的能力，解决超重和失重的题目，重点是能根据图象判断出加速度的

方向，同时明确超重和失重的基本性质。

由图示图象可知：

曲至ti时间内电梯向下做加速运动，电梯处于失重状态，&<G；

〃至t2时间内电梯向下做匀速直线运动，电梯处于平衡状态，F2=G；

t2至口时间内电梯向下做减速运动，电梯处于超重状态，F3>G；

综上分析可知：F1<F2=G<F3,故AC。错误，B正确。

故选B。

14.答案：B

解析：解：4、根据功的公式可知，重力与运动方向相互垂直，故重力不做功，故A正确；

BC、斜面对球的弹力与运动方向夹角为锐角，故斜面对球的弹力心做正功，故B错误，C正确；

C、挡板对球的弹力向右，与运动方向相反，挡板对球的弹力做负功，故。正确。

因选错误的，故选：

小球做匀速直线运动，受力平衡，根据平衡条件求解出各个力；然后根据力和运动位移之间的夹角

分析各力做功情况。

本题考查功的判断问题；判断力是否做功，要看力的方向与位移方向是否垂直，若垂直则不做功，

若不垂直，则做功。

15.答案：(1)BC；(2)减小。

解析：

(1)在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验中，所需要的器材有：可拆变压器(铁芯、

两个已知匝数的线圈)，多用电表(测电压)，导线、开关，交流电源。

(2)根据变压比等于匝数比进行分析即可。

本题关键要理解变压器的工作原理，同时要结合变压器的变压比公式列式分析。

(1)4、变压器线圈两端的电压与匝数的关系：学=乎；所以需要知道原副线圈的匝数，需要可拆变

n2

压器。

从变压器的原理是互感现象的应用，是原线圈磁场的变化引起副线圈感应电流的变化，所以不需要

外界的磁场，条形磁铁用不到。

CD,变压器的原理是互感现象的应用，是原线圈磁场的变化引起副线圈感应电流的变化，如果原线

圈中通的是直流电源，则副线圈中不会有感应电流产生，故需要用到低压交流电源。

E、需要用到多用电表测量原副线圈的电压。

尸、还需要用到开关、导线若干。

故答案为：BC.

(2)根据m=件知保持副线圈的匝数不变，增加原线圈的匝数，观察到副线圈两端的电压减小；

n2

故答案为：⑴BC；(2)减小。

16.答案：(1)CD；(2)niij2〃gxi；(m1+m2')y/2ngx2;(3)不需要

解析：

(1)实验要控制4到达水平面时的速度相等，为了使4到达水平面时的速度相等，4释放点的高度应相

同，只要释放点高度相同，不论圆弧轨道释放光滑，4到达水平面时的速度都相等。

(2)应用动能定理求出碰撞前后的速度，然后应用动量的计算公式求出碰撞前后的动量。

(3)根据动量守恒定律求出实验需要验证的表达式，然后分析判断实验是否需要测出动摩擦因数。

本题考查了验证动量守恒定律实验，考查了实验注意事项与实验数据处理，认真审题、理解实验原

理是解题的前提与关键，应用动能定理、动量的计算公式与动量守恒定律即可解题。

(1)4只要使4从同一位置由静止释放，不论圆弧轨道是否光滑，4到达水平面时的速度都相等，实验

中所用圆弧轨道不必是光滑的，故A错误；

B.A,B碰撞后粘在一起，2、8发生完全非弹性碰撞，实验不需要控制4的质量不大于B的质量，故B

错误；

C.为减小实验误差,物体在水平面上滑行的距离应大些，实验中滑块4的释放点离水平桌面要高一些，

故C正确；

。.为保证4到达水平面时的速度相等，两次必须从圆弧轨道上同一点无初速度释放滑块4故。正确；

故选8。

(2)4在水平面运动过程，由动能定理得：一/wiigxi=0-：mi说

解得：巧=林gx、，

A、B在水平面运动过程，由动能定理得：-“Oi+巾2)"2=0-|(巾1+加2)域

解得：v2=，

A、B碰撞前的动量：P]=mi%=m】J24gxi，

m

碰撞后的动量：P2=(mx+m2)v2=(,i+7H2)j2〃gx2

(3)如果碰撞过程系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：=(m1+m2)v2»

即：nt]J211gxi—(mr+mDyfZ林gx?，整理得：miy[x[=(m1+m2)Vx7，

实验不需要测量动摩擦因数4。

故答案为：(1)CD；(2)61J2〃g；(口+^12)/2〃。%2；(3)不需要。

17.答案：解：(1)由u-t图象知，导体框在力F作用下产生的加速度a=看

根据牛顿第二定律有：F=ma=m^

因为导体框匀速穿出磁场，故拉力F的功率等于导体框的热功率，故有：F%=/2R

可得导体框穿出磁场时的电流：/=

导体框穿出磁场过程中通过导体框的电荷量：Q=/"德.户底

(2)因为导体框匀速出磁场，故可得拉力尸与安培力平衡即：F=m

可得磁感应强度B

(3)拉力为F时，加速距离为%。，由题意满足：Fx0=^mv^

匀速离开磁场过程中有：尸-吟生=0

当拉力为2F时，在加速通过距离勺的过程中有：2Fxo=：m谥

离开磁场前达到匀速运动有：2F-史/=0

所以可得=2%

所以根据能量守恒定律可知，在以2尸拉力穿过磁场过程中有：2FL=Q+加谚-纲谥

联列解得：。二受叱一小诏

c0

答：(1)线框穿出磁场过程中电流强度/为德和通过线框的电量q为提；

(2)匀强磁场的磁感应强度B为，居;

(3)若导体框初始位置不变，施加的恒力为原来的2倍，传感器测量到线框离开磁场前已经做匀速运

动，则此情景下线框穿出磁场过程中产生电热Q为手叱一6诏。

00

解析：本题是导体在导轨上滑动类型，要从力和能量两个角度分析答题，关键要掌握法拉第定律、

欧姆定律、能量守恒等等基本规律，并能正确运用。

(1)根据图象求得力F作用时的加速度，由牛顿第二定律求得尸的大小，再根据匀速出磁场的过

程中拉力的功率与导体框的热功率相等求得穿出磁场过程中的电流大小，再根据Q=〃求得电荷量;

(2)因为导体框匀速出磁场，故根据拉力与安培力相等求得磁感应强度的大小即可；

(3)当以拉力F作用时，在加速劭至速度为％导体框开始出磁场，当以2F加速物时速度达到次导体框

开始出磁场，当通过L的过程中，拉力F做的功一部分用来增大导体框的动能，一部分克服安培力做

功(即为放出的热量)，再根据匀速出磁场求得以2尸出磁场时的速度，由能量守恒定律求解。

18.答案：解：(1)设小滑块沿圆弧轨道运动过程中所受摩擦力做的功为必，应用动能定理研究4点

到B点有：

1,

mgR+必=2mv

解得叼=—1.5/。

(2)对B点进行受力分析，设轨道对滑块的支持力为N,由牛顿第二定律有：

V2

N—mg=m—

解得N=4.5/V

由牛顿第三定律知滑块对B的压力为4.5N,方向竖直向下。

(3)滑块过B点后作平抛运动，设着地时竖直速度为内,

根据平抛运动规律有：

竖直方向末速度为=J2gh=5m/s

所以v=+药=sV2m/s

答：(1)小滑块沿圆弧轨道运动过程中所受摩擦力做的功为-1.5/；

(2)小滑块经过