2023届河南省辉县市第一中学高考物理试题一轮复习高中总复习

2023届河南省辉县市第一中学高考物理试题一轮复习高中总复习

注意事项

1.考生要认真填写考场号和座位序号。

2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑

色字迹的签字笔作答。

3.考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、背越式跳高采用弧线助跑，距离长，速度快，动作舒展大方。如图所示是某运动员背越式跳高过程的分解图，由图

可估算出运动员在跃起过程中起跳的竖直速度大约为

A.2m/sB.5m/sC.8m/sD.llm/s

2、如图甲所示，单匝矩形金属线框成cd处在垂直于线框平面的匀强磁场中，线框面积S=0.3m2,线框连接一个阻

值R=3Q的电阻，其余电阻不计，线框M边位于磁场边界上。取垂直于线框平面向外为磁感应强度8的正方向，磁

感应强度8随时间，变化的图像如图乙所示。下列判断正确的是（）

A.0〜0.4s内线框中感应电流沿逆时针方向

B.0.4〜0.8s内线框有扩张的趋势

C.0〜0.8s内线框中的电流为0.1A

D.0〜0.4s内成边所受安培力保持不变

3、幼儿园小朋友搭积木时，将重为G的玩具汽车静置在薄板上，薄板发生了明显弯曲，如图所示。关于玩具汽车受

到的作用力，不考虑摩擦力的影响，下列说法正确的是（）

A.玩具汽车每个车轮受到薄板的弹力大小均鳄

B.玩具汽车每个车轮受到薄板的弹力方向均为竖直向上

C.薄板弯曲程度越大，每个车轮受到的弹力越大

D.玩具汽车受到的合力大小为G

4、如图所示，在与水平方向成，角的匀强电场中有一绝缘光滑细杆，底端固定一带正电的小球，上端有一带正电的小

环，在环由静止释放后沿杆向下运动的过程中，下列关于小环能量变化的说法中正确的是（）

A.重力势能与动能之和增加B.电势能与动能之和增加

C.机械能守恒D.动能一定增加

5、某加湿器在电子元件控制下，通过的电流如图所示，周期为1.0s,若等效工作电阻恒为100Q,则该加湿器1小时

消耗的电能约为（）

A.8.0x10-2度B.7.5x10-2度c.7.0x107度D.7.2x10-2度

6、关于做简谐运动的单摆，下列说法正确的是（）

A.单摆做稳定的受迫振动时，单摆振动的频率等于周期性驱动力的频率

B,秒摆的摆长和振幅均减为原来的四分之一，周期变为0.5s

C.已知摆球初始时刻的位置及其周期，就可知摆球在任意时刻运动速度的方向

D.单摆经过平衡位置时摆球所受的合外力为零

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图，甲是带负电物块，乙是不带电的绝缘足够长木板。甲、乙叠放在一起置于光滑的水平地板上，地板上方空间

有垂直纸面向里的匀强磁场。现用一水平恒力尸拉乙木板，使甲、乙从静止开始向左运动，甲电量始终保持不变，最

大静摩擦力等于滑动摩擦力，则在此后运动过程中（）

A.洛伦兹力对甲物块不做功

B.甲、乙间的摩擦力始终不变

C.甲物块最终做匀速直线运动

D.乙木板直做匀加速直线运动

8、如图所示，甲、乙、丙是绕地球做匀速圆周运动的3艘飞船，下列说法正确的是（）

A.丙开动发动机向后瞬时喷气后，其势能不变

B.丙开动发动机向后瞬时喷气后的一段时间内，可能沿原轨道追上同一轨道上的乙

C.甲受稀薄气体的阻力作用后，其动能增大、势能减小

D.甲受稀薄气体的阻力作用后，阻力做功大小与引力做功大小相等

9、如图所示，两块长方体滑块A和B叠放在倾角为，的斜面体C上。已知A、B质量分别为叩和山”A与C的动

摩擦因数为“，B与A的动摩擦因数为川.两滑块AB在斜面体上以相同加速度自由下滑，斜面体C在水平地面上始

终保持静止，则下列说法正确的是（）

豺

A.斜面C受到地面的静摩擦力方向水平向左

B.滑块A与斜面间的动摩擦因数川=12/

C.滑块A受到斜面对其摩擦力的大小为（nn+zm）gcosO

D.滑块B所受的摩擦力大小为“i/nigcos”

10、将一个小球竖直向上抛出，碰到高处的天花板后反弹，并竖直向下运动回到抛出点，若反弹的速度大小是碰撞前

速度大小的0.65倍，小球上升的时间为1s,下落的时间为1.2s,重力加速度取10m/s2,不计空气阻力和小球与天

花板的碰撞时间，则下列说法正确的是

A.小球与天花板碰撞前的速度大小为10m/s

B.小球与天花板碰撞前的速度大小为8m/s

C.抛出点到天花板的高度为15m

D.抛出点到天花板的高度为13m

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）在某次“描绘小灯泡伏安特性曲线”的实验中，所选用的实验器材有：

A

A.小灯泡“2.5V0.2A”

B.电流表0~0.6A~3A（内阻未知）

C.电压表0~3V~15V（内阻未知）

D.滑动变阻器"2A20C”

E.电源（两节旧的干电池）

F.开关一个，导线若干

（1）当开关闭合时，图中滑动变阻器的滑片应该置于（填“左”或“右”）端。

（2）实验中，当滑片P向左移动时，电路中的电流表的示数变（填“大”或“小

（3）本次实验用电池对数据处理有没有影响？（填“有”或“没有”）。

（4）依据实验结果数据作出的图像可能是图中的。

12.（12分）某研究性学习小组从一个数码设备中拆下了一个旧电池，已知该电池的电动势约为12V内阻约为2C,该

小组的同学为了测定电池的电动势和内阻，从实验室借来了如下实验器材：

A.电压表（量程为。〜3V,内阻为2kC）B.电流表（量程为0〜3A,内阻约为0.1。）

C.定值电阻4kCD.定值电阻8k。E.定值电阻1。F.定值电阻3。

G•滑动变阻器0〜20。H.滑动变阻器0〜2kQI.开关一个，导线若干

（1）该小组的同学设计了如图甲所示的实验电路，电阻品应选_____________电阻及应选____________,滑动变阻器应

选o（选填相应器材前面的字母）

（2）开关闭合以前，应将滑动变阻器的滑片调至__________（填“最左端”或“最右端”），闭合开关后，移动滑动变阻器的

滑片，可得到多组电压表和电流表的读数U和/,利用得到的实验数据作出U—/图像如图乙所示，根据图像可知该电

池的电动势E=V,内阻r=（计算结果保留三位有效数字）

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，水平传送带右端与半径为K=0.5m的竖直光滑圆弧轨道的内侧相切于。点，传送带以某一速

度顺时针匀速转动。将质量为，"=0.2kg的小物块轻轻放在传送带的左端尸点，小物块随传送带向右运动，经。点后恰

好能冲上光滑圆弧轨道的最高点N。小物块与传送带之间的动摩擦因数为〃=0.5,取g=10m/s2。

⑴求传送带的最小转动速率vo

（2）求传送带PQ之间的最小长度L

（3）若传送带尸。之间的长度为4m,传送带以（1）中的最小速率即转动，求整个过程中产生的热量。及此过程中电动机

对传送带做的功W

14.（16分）如图甲所示，质童为，"=0.3kg的小物块B（可视为质点）放在质量为M=0.1kg、长度L=0.6m的木板A

的最左端，4和8一起以vo=lm/s的速度在光滑水平面上向右运动，一段时间后4与右侧一竖直固定挡板P发生弹性

碰撞。以碰撞瞬间为计时起点，取水平向右为正方向，碰后（）.5s内8的速度v随时间，变化的图像如图乙所示。取重

力加速度g=10m/s2,求:

(1)A与B间的动摩擦因数〃；

(2)A与尸第1次碰撞到第2次碰撞的时间间隔；

(3)A与尸碰撞几次，8与A分离。

15.(12分)如图所示，四边形A8C。是一块玻璃砖的横截面示意图，NZ)=90。，OO垂直于A8,垂足为。.一束单色

光从。点射入玻璃砖，人射角为i,调节，的大小，当i=45。时，AO面和C。面都恰好没有光线射出.求：

①玻璃砖对该单色光的折射率.

②四边形A5CO中NA的大小.

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、B

【解析】

运动员跳高过程可以看做竖直上抛运动，当重心达到横杆时速度恰好为零，运动员重心升高高度约为：力a1.3m,根

据机械能守恒定律可知：mv2-mgh；解得：v=-J2gh-V26m/s«5m/s,故B正确，ACD错误。

2、C

【解析】

A.由图乙所示图线可知，0-0.4s内磁感应强度垂直于纸面向里，磁通量减小，由楞次定律可知，感应电流沿顺时针方

向，故A错误。

B.由图乙所示图线可知，0.4-0.8S内穿过线框的磁通量增加，由楞次定律可知，线框有收缩的趋势，故B错误。

C.由图示图线可知，0-0.8s内的感应电动势为

E=—=—S=OK1*O.3V=O.3V

X\t0.8

线框中的电流为：

,E0.3•八一

I=——=—A=0.1A

R3

故C正确。

D.在0-0.4S内感应电流/保持不变，由图乙所示图线可知，磁感应强度5大小不断减小，由尸可知，ab边所受

安培力不断减小，故D错误。

故选C。

3、C

【解析】

汽车静置在薄板上，所受合力为零，因为薄板发生了明显弯曲，每个轮子所受弹力大小相等都为几方向垂直薄板向

上，设与水平方向的夹角为〃，由平衡条件可知

4Esin6»=G

解得

「

F--G-->—G

4sin64

当薄板弯曲程度越大，0越小，sin。越小，尸越大，故ABD错误，C正确。

故选C。

4、B

【解析】

ABC.在环由静止释放后沿杆向下运动的过程中，受向下的重力、斜向上的电场力和竖直向上的库仑力，因电场力和

库仑力对环都做负功，可知环的机械能减小；而环的动能、重力势能和电势能之和守恒，则因电势能变大，则重力势

能与动能之和减小；因重力势能减小，则电势能与动能之和增加；选项AC错误，B正确；

D.环下滑过程中一定存在一个重力、电场力、库仑力以及杆的弹力的四力平衡位置，在此位置时环的速度最大，动

能最大，则环下滑时动能先增加后减小，选项D错误；

故选B。

5、C

【解析】

根据有效值的定义，有

【1八+月氏广产奴

解得：交流电的有效值

〃:助+/泌2_/FxRxOE+OSxRxO.4A

_VRT_vRxl、

电阻功率

P=『R=7OW=7.0xl0-2kW

所以加湿器1小时消耗的电能

E=P/=7.0xI0-2kw.h=7.0x10-2度

故C正确，ABD错误。

故选：C»

6、A

【解析】

A.系统做稳定的受迫振动时，系统振动的频率等于周期性驱动力的频率，与固有频率无关，故A正确;

B.根据单摆的周期公式

知摆长缩短为原来的四分之一，则周期变为原来的二分之一，即为1s,故B错误；

C.摆球在同一位置振动方向有两种，所以已知初始时刻的位置和振动周期，不知道初始时刻摆球的振动方向，不能

知道振子在任意时刻运动速度的方向，故C错误；

D.单摆运动中，摆球在最低点做圆周运动，所以摆球经过平衡位置时所受的合外力提供向心力，故D错误。

故选Ao

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、AC

【解析】

A.甲带负电，向左运动时，由左手定则可知，甲受到的洛伦兹力的方向向上，与运动方向垂直，故洛伦兹力始终对

甲不做功，A正确；

BCD.根据工务二引吕可知，随速度的增大，洛伦兹力增大，则甲对乙的压力减小，同时乙对地面的压力也减小，则

乙与地面之间的摩擦力减小。

①将两者看做一个整体，开始时甲与乙一起做加速运动，整体受到地面给的摩擦力/减小，而尸一定，根据牛顿第二

定律得

（M+m）a=F—f

可知加速度a增大，对甲研究得到，乙对甲的摩擦力

筛=s甲a

则得到/单先增大。

②当甲与乙之间的摩擦力增大到大于最大静摩擦力后，甲与乙之间开始有相对运动，摩擦力变成滑动摩擦力

f=再=M〃2g__4）

随着甲受到的洛伦兹力的增大，甲与乙之间的滑动摩擦力减小，直至摩擦力为零，然后甲在水平方向上合力为零，做

匀速直线运动，乙先做变加速直线运动，故BD错误C正确。

故选AC。

8、AC

【解析】

A.丙向后瞬时喷气后，速度增大，但位置尚未变化，其势能不变，选项A正确；。

B.综合应用牛顿第二定律、功和能的推论。丙飞船向后瞬时喷气后速度增大，之后离开原来轨道，轨道半径变大，

不可能沿原轨道追上同一轨道上的乙，选项B错误；

CD.甲受稀薄气体的阻力作用时，甲轨道半径缓慢减小，做半径减小的圆周运动，由u=J呼可知其动能增大、势

能减小、机械能减小，由动能定理可知%-%=△&,即此过程中有阻力做功大小小于引力做功大小，选项C正确，

D错误；

故选AC.

9、AC

【解析】

A.把A8看成一个整体，A8对C的压力在水平方向的分力为

Nx=（/ni+mi）gcosO,sin0

方向水平向右，A8对C的摩擦力在水平方向的分力为人=I/bos。，方向水平向左。因为AB一起加速下滑，所以（阳+加）

gsinO>/,则所以斜面C有向右的运动趋势，则斜面C受到地面的静摩擦力方向水平向左。故A正确；

B.因为AB一起加速下滑，所以

(/ni+mi)gcos0<(mi+mi)gsinO

则“iVtan。，故B错误;

C.把A8看成一个整体，滑块A与斜面之间的摩擦力为

f—p\(/W1+//J1)gCOS0

故C正确；

D.滑块AB一起加速下滑，其加速度为

a=gsinO-//igcosO

3与A之间的摩擦力是静摩擦，则A3之间的摩擦力为

f=m\a=mg(sin0-7/icosO)

故D错误。

故选AC.

10、AC

【解析】

AB.由题意可知，

191,

Vt}+-gty=0.65%+]g「2

解得y=10m/s,故A正确，B错误；

CD.抛出点到天花板的高度为

故C正确，D错误。

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、左小没有C

【解析】

(1)[1]开关闭合时，应该使电表中的电流最小，故应该将滑动变阻器的滑片置于左端；

(2)[2]滑片P左移，并联部分电阻变小，故并联部分电压减小，故电流表示数变小；

(3)[3]因为电压是用电压表测出，故与电源参数无关，所以没有影响；

(4)⑷小灯泡电阻随电流增大(或温度升高)而增大，故选C.

12、DFG最右端12.51.69

【解析】

(1)[1][2][3].电压表量程为0〜3V,内阻为2k。，则要要使此电压表的量程扩大到12V左右，则需串联一个8k。

的电阻，故定值电阻选择D；电源内阻为2。左右，处做为保护电阻，则应该选择与内阻阻值相当的F即可；滑动变

阻器选择与内阻阻值差不多的G即可；

(2)[4].开关闭合以前，应将滑动变阻器的滑片调至阻值最大的最右端；

(3)[5][6].根据图像可知外电路电流为0时电压表读数为2.5V,则此时路段电压为5x2.5V=12.5V,即电源电动势为

E=12.5V,内阻

(2.5-1)x5p.

r=----------------R=1.69。

1.6口

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)5m/s(2)2.5m(3)2.5J5J

【解析】

(1)由题意知，传送带转动速率最小时，小物块到达。点已与传送带同速且小物块刚好能到达N点，在N点有

mg="嗑

小物块从。点到N点，由动能定理得

—mg・2R=gmvjj-gmv：

联立解得

v0=5m/s

⑵传送带长度最短时，小物块从P点到。点一直做匀加速运动，到。点时刚好与传送带同速，则有

VQ=2aL

/jmg=ma

联立解得

£=2.5m

(3)设小物块经过时间/加速到与传送带同速，则

%=at

小物块的位移

玉=—at2

2

传送带的位移

x=vQt

根据题意则有

Ax=x2-%)

Q=Rmg•Ax

联立解得

Q=2.5J

由能量守恒定律可知，电动机对传送带做功

1,

W^Q+-mv1

代入数据解得

W=5J

14、(1)0.1(2)0.75s(3)一共可以碰撞2次

【解析】

方法一：

解：(1)碰后A向左减速，8向右减速，由图像得:

由牛顿第二定律：

jLimg=man

求得

〃=0.1

(2)由牛顿第二定：

…侬=3m/s2

AM

A减速到0后，向右继续加速，最后与8共速

由：

求得：

乙=0.5s,v,=0.5m/s

此过程中，A向左移动的距离为：

12

4=_%/+5aAi=0-125m

之后A与5一起向右匀速运动，时间：

t2=^=0.25s

匕

所以一共用的时间:

，=4+=0.75s

(3)A第1次与挡板尸相碰，到第2次相碰的过程内,

12

^=^--^1=°.375m

X相对=》A+/=0-5m

假设第3次碰撞前，A与B不分离，A第2次与挡板尸相碰后到第3次相碰的过程内

V,-“BG=-VI+，,3=0.25s

12

%=一晒+1%3

12

“B2=卬3-万为4

求得：

X相时2=*A2+*B2=0.125m

由于:

x相对=%相对।+%