山西省忻州市达标名校2024届中考物理适应性模拟试题含解析

山西省忻州市达标名校2024届中考物理适应性模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单选题（本大题共10小题，共30分）1．下列关于仪器的操作和读数正确的是A．电流表的示数是1.6AB．温度计的读数是8℃C．测量物体长度时刻度尺的使用D．杠杆在水平位置时，拉力的力臂为l2．电磁炮是一种先进的动能杀伤武器，它是利用磁场对通电导体作用的原理，对金属炮弹进行加速，具有速度快、命中率高等特点．下图中与此工作原理相同的是A．B．C．D．3．滑雪运动员从山顶加速下滑的过程中，他的（）A．重力势能增加，动能增加B．重力势能减少，动能减少C．重力势能增加，动能减少D．重力势能减少，动能增加4．如图所示电路，电源电压不变，闭合开关S，两灯均发光．一段时间后，一盏灯突然熄灭，而电流表和电压表的示数都不变，出现这一现象的原因可能是（）A．灯L1断路 B．灯L2断路 C．灯L1短路 D．灯L2短路5．如图，水平地面ABOCD，以O点为界，AO段是一种材质，OD段是另一种材质．细线一端系在物体上，绕过轻质滑轮，另一端系在墙上，拉滑轮的水平力F恒为4N，物体经A点开始计时，此后各段路程及耗时见下表．以下说法正确的是（）区间ABBOOCCD距离1m1m1.5m2.5m耗时1s1s1s1sA．物体在CD区间运动的平均速度为2m/sB．物体在BO区间运动时物体受到水平向左4N縻擦力C．物体在OC区间运动过程中，拉力F做的功为3JD．物体在BO区间运动过程中，拉力F做功的功率为1W6．如图电路中，闭合开关S1、S2，电流表和电压表均有示数．若断开S2，则A．电流表示数变小，电压表示数变小B．电流表示数变小，电压表示数变大C．电流表示数变大，电压表示数变小D．电流表示数变大，电压表示数变大7．如图所示，下列简单机械中，属于省距离的是（）A． B．C． D．8．如图所示，甲乙两人静止在水平滑板车上，甲用力去推乙，下列说法不正确的是A．滑板车底部安装有转轮目的是减小摩擦B．静止时，甲对滑板车的压力就是甲的重力C．两人后退过程中，他们受到的重力均不做功D．甲用力推乙后，甲乙各自向后退，说明力的作用是相互的9．我校最近举办八年级篮球友谊联赛，如图是某学生投篮时的场景，以下说法正确的是A．该学生站在地面上不动时，他对地面的压力与地面对他的支持力是一对平衡力B．篮球离开手后，继续运动是因为篮球受到惯性的作用C．篮球飞向篮板时，篮板相对于篮球是运动的D．将篮球举过头顶不动时，人对篮球做了功10．如图所示电路，电源电压不变，小灯泡标有“6V3W“字样，闭合开关后，当滑片P移至某一位置时，小灯泡恰好正常发光，此时滑动变阻器消耗的功率为P1；当滑片P移至某一端点时，电流表示数为0.2A，电压表示数变化了1V，此时滑动变阻器消耗的功率为P2，且P1：P2＝5：1．下列判断错误的是（）A．电源电压为10VB．滑动变阻器的最大阻值为10ΩC．小灯泡正常发光时，滑动变阻器消耗的功率P1为2WD．滑动变阻器消耗的功率由P1变为P2的过程中，小灯泡消耗的功率变化了1.2W二、多选题（本大题共3小题，共12分）11．做凸透镜成像实验，当蜡烛距透镜15cm时，在光屏上成放大的像，则下列说法正确的是A．蜡烛距透镜45cm时，一定成缩小的实像B．蜡烛距透镜20cm时，一定成放大的实像C．蜡烛距透镜18cm时，可能成放大的实像D．蜡烛距透镜6cm时，一定成放大的虚像12．下列描述合理的是；A．放映幻灯片时，在屏幕上得到的是幻灯片上景物倒立等大的实像B．看电影时，银屏上的像相对胶片形成的是倒立放大的实像C．用放大镜观察物体时，物体与放大镜的距离必须小于一倍焦距D．用显微镜观察物体时，被观察物体经它的物镜形成的是倒立放大的实像13．如图所示，是我们常见的图象，这种图象如果在横纵坐标加上适当的物理量及单位，可以用来描述（）A．弹簧的伸长与弹簧所受拉力的关系B．物体的密度与质量的关系C．物体所受重力与质量的关系D．匀速直线运动中路程与时间的关系三、填空题（本大题共5小题，共10分）14．如图所示，当闭合开关时，会看到导体ab向左运动，说明了_____。（1）若转动磁体S极在上，再闭合开关，会看到导体ab向_____运动，说明了_____；（2）若磁铁的N极在上，把电池的正负极对换，再闭合开关，会看到导体ab向_____运动，说明了_____。15．向云层投撒干冰是人工增雨、缓解旱情的方法之一。投撒到云层中的干冰_________为气体，并从周围_________大量的热，使空气中的水蒸气_________为小水滴，也有一些水蒸气直接_________为小冰晶，下落而形成雨。16．古诗词中有许多描述光学现象的诗句，如“潭清疑水浅”说的是光的_______现象，“池水映明月”说的就是光的_______现象；如图所示，OA是人眼在A点观察河里B处鹅卵石的折射光线，请在图中补全人眼看见鹅卵石的光路图：若用激光笔沿AO照射，则激光_______（选填“能”或“不能”）照射到鹅卵石上．17．如图是一种可以进行航拍的质量为1.2千克的“无人机”，下方悬挂着一个质量为0.1千克的摄像机．人们可以通过遥控器上的天线发射的________遥控“无人机”飞行．在10s内无人机匀速竖直上升了20米，在这10秒内无人机做的功为_______________J，无人机对摄像机做功的功率为_____W．匀速竖直上升过程中无人机的机械能___（选填“变大”、“变小”或“不变”）18．小明测量食用油密度步骤如下：①将天平放在水平桌面，游码归零，调节平衡螺母使指针静止时指向分度盘中央刻度线；②天平调好后，在质量为20g的空烧杯内倒入适量油，天平平衡时，右盘内的砝码和游码在标尺上的位置如图所示，烧杯和油的总质量是____g；③将烧杯内的油倒入量筒，读出量筒内油的体积为20mL．则测得油密度为____kg/m1．按此方法测得油密度____（选填“小于”、“等于”或“大于”）油真实密度.四、计算题（本大题共3小题，共29分）19．如图所示的电路，R1＝20Ω，R2＝80Ω，闭合开关电流表的示数为0.8A．求：（1）电源电压U。（2）R2在20s内消耗的电能。20．如图所示，重力不计的木棒可绕支点O无摩擦转动，木棒AB长为3m，均匀正方体甲的边长为10cm，物体乙的质量为5.6kg．当把甲乙两物体用细绳分别挂在木棒的两端点A、B上时，木棒在水平位置平衡，此时物体甲对地面的压强为3000Pa，支点O距A点1.6m．求：物体乙受到的重力；物体甲受到的支持力；物体甲的质量．21．某微电脑电热壶具有温度可调，自动抽水等优点，下表是该电热水壶的名牌，求产品EH-22额定电压220V加热功率1200W容量1.2L（1）如图所示，小电动机将质量为1.2kg的水从桶中提升了0.5m，电动机对水做的功至少是多少？（g取10N/kg）电热水壶在额定电压下工作时的电流（保留一位小数）电热水壶正常工作时，将1.2kg水从20℃加热到100℃时，加热时间为7min求电热水壶的热效率．c水=4.2×103J/（kg•℃）五、作图题（本大题共2小题，共4分）22．如图，一个质地均匀的正方体物体浸没在水中静止，请在图中画出物体所受力的示意图．23．木块在拉力F的作用下向左做匀速直线运动，请在图中面出木块所受摩擦力的示意图．六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）24．小悦同学想要探究使用杠杆时，动力的大小与哪些因素有关。她先用弹簧测力计测出三个钩码的重力，如图（a）所示，然后将它们挂在已调节平衡的杠杆A点位置上，再用测力计在杠杆B点沿竖直方向用力使杠杆保持水平平衡，如图（b）所示，接着，在保持杠杆水平平衡的情况下，改变测力计的用力方向与水平方向的夹角，如图（c）、（d）所示。比较图中a与b两图，使用_____的杠杆提升钩码时，可以_____。比较图中b，c，d三图中拉力方向和测力计示数等相关条件，可得出初步结论是：当阻力，阻力臂及动力作用点一定，且杠杆水平平衡时，_____。25．小华利用如图所示的装置探究电热与电流、电阻和通电时间的关系．烧瓶中装有一定质量的煤油，煤油中都浸泡着一段金属丝，并插有温度计．实验选择煤油而不用水的原因是_____，实验中通过比较_____来比较电阻丝产生热量的多少；如图甲所示，在室温状态下开始实验，闭合开关，调节滑片到M点位置，通电一段时间后，记录温度计示数，然后断开开关，冷却至室温．闭合开关第二次实验，把滑片移动到M点左侧某处，通电相同的时间，记录末温，发现第二次末温高于第一次，由此可以表明，通电时间与_____相同时，通过导体的电流越_____，产生的热量越多；若要探究电热与电阻的关系，可选择图乙中_____（选填“A”“B”或“C”）烧瓶中的电阻与甲图中烧瓶中的电阻_____联接入电路；知识应用：家庭电路中，有时导线长度不够，需要把两根导线连接起来使用，而连接处往往比别处更容易发热，加速老化，甚至引起火灾，原因是：通电时连接处的电阻比别处的电阻较_____（选填“大”或“小”），如果导线上这样的接头较多，会导致输送电能的效率变_____．26．探究光的反射规律的实验装置如图甲所示．序号入射角反射角130°30°245°45°360°60°（1）实验探究的问题是（______）A．光能否发生反射？B．光线是否沿直线传播？C．光是否只能在镜面上反射？D．反射光线的位置有什么规律？（2）为使光路能在纸板上呈现出来，采取的做法是（_____）A．向纸板喷烟或雾B．使光束垂直纸板射到O点C．使光束紧贴纸板射到O点D．纸板与镜面夹角为450（3）∠BON是_______角（选填“入射”或“反射”）．（4）改变入射光的方向，测得数据如表所示，得出反射角与入射角大小_______．

参考答案一、单选题（本大题共10小题，共30分）1、A【解题分析】

（1）利用电流表测量电流读数时，先确定使用的量程和相应的分度值，再根据指针位置读数；（2）温度计的读数时，一定先确定是零上还是零下；（3）用刻度尺测量物体长度时，刻度尺要与被测长度平行，刻度线要紧贴被测物体；（4）从支点到力的作用线的距离叫力臂。【题目详解】A、图中电流表使用的是0～3A量程，分度值为0.1A，根据指针位置可知电流表的示数为1.6A，故A正确；B、温度计的液面在“0”以上，示数为3℃，故B错；C、用刻度尺测量物体长度时，刻度尺要与被测长度平行，不能歪斜，故C错；D、从支点到力的作用线的距离叫力臂；杠杆在水平位置时，只有当竖直向下施加拉力时，拉力的力臂才为l，图中斜着拉，其力臂小于l，故D错。故选：A。【题目点拨】掌握电流表、温度计、刻度尺的使用和读数方法，以及力臂的概念是解答此题的关键。2、D【解题分析】

明确通电导体在磁场中受力的作用这一原理，主要应用于电动机．对选项中各电器的工作原理进行分析，最后做出判断．【题目详解】A、图中实验装置，无电源，研究电磁感应现象，故A错误；B、图中实验为电流的磁效应，故B错误；C、图中的实验时探究带电体的性质，故C错误；D、图中实验装置，有电源，研究通电导体在磁场中受力，故D正确．故选D．3、D【解题分析】试题分析：（1）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．解：滑雪运动员从山顶加速下滑的过程中，运动员的质量不变，速度增大，动能增大；高度减小，重力势能减小．故选D．【点评】掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素．根据影响因素能判断动能、重力势能、弹性势能的变化．4、A【解题分析】

两盏灯为并联电路．灯L2的电流不变，说明灯L2既没有短路使电流增大也没有断路使电流变为0，答案BD错．灯L1短路的话，会造成灯L2也被短路，电流将不经过灯L2从而使灯L2也熄灭，电流变为0，不符合要求，C错．所以是A灯L1断路，电压表测电源电压所以示数不变，电流表测另外一个支路电流，没有影响．5、C【解题分析】

（1）利用速度公式计算CD段的平均速度；（2）已知拉力大小，根据动滑轮的省力特点，计算摩擦力的大小；摩擦力的方向是与物体相对运动的方向相反；（3）知道物体移动的距离，根据动滑轮特点计算出拉力F移动的距离，根据功的计算公式W＝Fs计算拉力F做的功；（4）根据W＝Fs计算拉力所做的功，根据计算拉力的功率．【题目详解】A、由表中数据知，CD段的路程为2.5m，运动时间为1s，则CD段的平均速度为＝2.5m/s；故A错误；B、由图知，拉力作用在动滑轮的轴上，则摩擦力f＝F＝×4N＝2N；物体向右运动，摩擦力的方向向左；故B错误；C、拉力F移动的距离s1＝OC＝×1.5m＝0.75m，拉力F做的功W1＝Fs1＝4N×0.75m＝3J；故C正确；D、拉力F移动的距离s2＝BO＝×1m＝0.5m，拉力F做的功W2＝Fs2＝4N×0.5m＝2J，拉力F做功的功率＝＝2W；故D错误．故选C．【题目点拨】本题考查了速度的计算、动滑轮的特点、摩擦力大小与方向、功和功率的计算等知识，综合性较强，要细心解答，避免出错．6、A【解题分析】解：由图知，闭合开关S1、S2，灯泡L2被短路，电路中只有L1工作，电压表测量电源电压．此时电流表的示数为；若断开S2，L1和L2串联，电压表测量L1两端的电压，根据串联电路电压关系可知其示数小于电源电压，所以电压表示数变小；此时电流表示数；因，所以，电流表示数变小；故A正确为答案．点睛：开关的断开和闭合可以改变电路的连接方式．解答本题要注意：当开关S2闭合时，灯泡L2被短路，电路为只有L1的简单电路；当开关S2断开时，灯泡L1、L2串联，电压表测L1两端的电压；7、A【解题分析】

滑轮有两类：定滑轮和动滑轮，定滑轮不省力也不费距离，动滑轮省力费距离，B选项中是动滑轮，省力费距离，故B错误；D选项是定滑轮，不省力也不费距离，故D错误；斜面是省力的简单机械，省力费距离，故C错误；A选项是费力杠杆，所以费力省距离，故A正确；【题目点拨】本题考查的是简单机械的分类及各自的作用．解决本题的关键是熟练掌握每一种简单机械，知道每种机械的作用，特别是会区分杠杆的种类及各自的特点．8、B【解题分析】

A、滑板车底部安装有转轮，用滚动摩擦代替滑动摩擦，属于减小摩擦，故A正确，不符合题意；B、甲对滑板车的压力，施力物体是甲，受力物体是滑板车；甲受到的重力，施力物体是地球，受力物体是甲，两个力的施力物体和受力物体都不相同，所以这两个力不是同一个力，故B错误，符合题意；C、两人后退过程中，没有在重力方向上移动距离，因此他们受到的重力均不做功，故C正确，不符合题意；D、甲乙两人在小车上静止，甲推乙，甲对乙有一个力的作用，由于力的作用是相互的，则乙对甲施加反作用力，所以两人会向后退，故D正确，不符合题意。9、C【解题分析】

A选项用平衡力的条件判断哪一对力是平衡力．B选项弄清惯性是一种性质，而不是一种力．C选项判断物体运动的情况，看物体间是否发生了位移．D根据做功的两个必要因素判断人对物体是否做了功．【题目详解】A.人站在地面上不动时，人对地面的压力与地面对人的支持力是相互作用力，故A错误；B.篮球离开人手后，继续运动是因为篮球具有惯性，故B错误；C.篮球飞向篮板时，篮板相对于篮球发生了位置的变化，所以篮板相对于篮球是运动的，故C正确；D.将篮球举过头顶不动时，在举力的方向上没有移动距离，人对篮球没有做功，故D错误．故选C.10、D【解题分析】

由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流．设电源电压为U，当滑片P移至某位置时，小灯泡恰好正常发光，且串联电路中电流处处相等，由P＝UI可得，此时电路中的电流为：I＝IL＝＝＝0.5A，滑动变阻器消耗的功率为：P1＝（U﹣UL）I＝（U﹣6V）×0.5A﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①当滑片P移至某一端点时，电流表示数为0.2A，电流表示数减小，说明变阻器接入的电阻变大，此时滑片在最大阻值处；变阻器接入的电阻变大，由串联分压规律可知，变阻器分得的电压变大，所以，电压表示数变化了1V即增大了1V，此时滑动变阻器两端的电压为：U滑＝U﹣6V+1V＝U﹣2V，此时滑动变阻器消耗的功率为：P2＝U滑I′＝（U﹣2V）×0.2A﹣﹣﹣﹣﹣﹣②已知P1：P2＝5：1﹣﹣﹣﹣③联立①②③解得，电源电压U＝10V，故A正确；则滑动变阻器的最大阻值为：R滑大＝＝＝＝10Ω，故B正确；（3）小灯泡正常发光时，滑动变阻器的电压为：U滑′＝U﹣6V＝10V﹣6V＝1V，电流为0.5A，此时滑动变阻器消耗的功率为：P1＝U滑′I′＝1V×0.5A＝2W，故C正确；由题意可知，小灯泡恰好正常发光，此时滑动变阻器消耗的功率为P1，则此时灯泡消耗的功率：PL＝P额＝3W，滑动变阻器消耗的功率由P1变为P2的过程中，电压表示数变化了1V即增大了1V，由串联电路的电压规律可得，灯泡两端的电压减小了1V，则此时灯泡两端的电压：UL′＝6V﹣1V＝2V，此时灯泡消耗的电功率：PL′＝UL′I′＝2V×0.2A＝0.1W，则灯泡消耗的功率变化了：△P＝PL﹣PL′＝3W﹣0.1W＝2.6W，故D错误．二、多选题（本大题共3小题，共12分）11、ACD【解题分析】

根据题中“做凸透镜成像实验，当蜡烛距透镜15cm时，在光屏上成放大的像，则下列说法正确的是”可知，本题考查凸透镜成像规律及其应用。明确物距与焦距的关系是解决此题的入手点；掌握凸透镜成像的规律是解决此题的关键。根据蜡烛距凸透镜15cm时，在光屏上成放大的像，可知2f＞15cm＞f，即15cm＞f＞7.5cm，然后根据蜡烛距凸透镜的距离跟焦距之间的大小关系，可判断凸透镜成像的性质。【题目详解】蜡烛距凸透镜15cm时，在光屏上成放大的像，可知2f＞15cm＞f，即15cm＞f＞7.5cm，A、焦距15cm＞f＞7.5cm，蜡烛距凸透镜45cm时，物距大于二倍焦距，一定成缩小的像，故A正确。B、焦距15cm＞f＞7.5cm，蜡烛距凸透镜20cm时，物距可能大于二倍焦距，也可能在二倍焦距和一倍焦距之间，所以可能成放大的实像，也可能成缩小的实像，故B错误。C、焦距15cm＞f＞7.5cm，蜡烛距凸透镜18cm时，物距可能大于二倍焦距，也可能在二倍焦距和一倍焦距之间，所以可能成放大的实像，也可能成缩小的实像，故C正确。D、焦距15cm＞f＞7.5cm，蜡烛距凸透镜6cm时，物距小于一倍焦距，一定成放大的虚像，故D正确。12、BCD【解题分析】

根据凸透镜成像的规律进行解答．【题目详解】A、放映幻灯片时，根据凸透镜成像规律可知，在屏幕上得到的是幻灯片上景物的倒立、放大的实像，故A错误；B、看电影时，电影中凸透镜的作用相当于投影仪，成的是倒立、放大的实像，故B正确；C、据凸透镜成像的规律知：用放大镜观察物体时，物体必须放在一倍焦距之内，故C正确；D.显微镜的物镜的成像原理与投影仪成像原理相同，观察物体时，被观察物体经它的物镜形成的是倒立放大的实像，故D正确；故选BCD．13、ACD【解题分析】图像表示的是按正比例关系变化，只要按照正比例关系变化的就符合题意．弹簧的伸长与弹簧所受拉力成正比；物体的密度与质量无关；物体所受重力与质量成正比；匀速直线运动中路程与时间成正比；所以与图像吻合的是ACD．点睛：图像问题是中考热点，关键是读懂图像所呈现的物理含义．三、填空题（本大题共5小题，共10分）14、通电导体在磁场中会受力的作用右通电导体在磁场中的受力作用方向与磁场方向有关左通电导体在磁场中的受力作用方向与电流方向有关【解题分析】

当闭合开关时，会看到导体ab向左运动，即说明ab受到向左的力的作用，即说明通电导体在磁场中会受力的作用；（1）若转动磁体S极在上，即只对调磁体的磁极，会观察到导体ab向右运动，即说明ab所受力的方向发生了改变，即说明：通电导体在磁场中受力的方向与磁场方向有关；（2）若磁铁的N极在上，把电池的正负极对换，即磁体的两极对调，同时改变通过导体ab中的电流方向，即等于同时改变了两个因素，所以会看到导体ab的运动方向跟原来相同即向左运动，说明通电导体在磁场中的受力作用方向与电流方向有关。15、升华，吸收，液化，凝华．【解题分析】试题分析：（1）在一定条件下，物体的三种状态--固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固．（3）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华．人工增雨时，投撒到云层中的干冰升华为气体，并从周围吸收大量的热，使空气中的水蒸气液化为小水滴，也有一些水蒸气直接凝华为小冰晶，下落而形成雨。故答案为：升华，吸收，液化，凝华．考点：升华和凝华的定义和特点；液化及液化现象．16、折射反射能【解题分析】

“潭清疑水浅”是因为光线从水中斜射入空气时，光线的传播方向发生改变所形成的现象，是光的折射现象；“池水映明月”属于平面镜成像，是光的反射现象；连接OB，过折射点做法线，根据光从水中斜射入空气中，折射角大于入射角，人逆着折射光线OA看到鹅卵石B的位置在B′处，人看到的B′点是鹅卵石的虚像，如图所示：根据光路的可逆性，若用激光笔沿AO照射，则激光能照射到鹅卵石上．17、电磁波2602变大【解题分析】

人们可以通过遥控器上的天线发射的电磁波来控制无人机的飞行高度和速度；在这10秒内无人机做的功W=Gh=mgh=(0.1kg+1.2kg)×10N/kg×20m=260J，摄像机的重力G摄=m摄g=0.1kg×10N/kg=1N无人机对摄像机的做的功W摄=G摄h=1N×20m=20J，无人机对摄像机做功的功率P==2W，匀速竖直上升过程中无人机的速度不变，高度变大，动能不变，重力势能变大，机械能包括动能和势能，机械能变大。18、190.95×101大于【解题分析】

将天平放在水平桌面，游码归零，指针静止时指向分度盘中央刻度线左侧，此时应将平衡螺母向右调节；②天平调好后，在质量为20g的空烧杯内倒入适量油，测得烧杯和油的总质量为20g+10g+5g+4g=19g，则食用油的质量：m=19g−20g=19g；将烧杯内的油倒人量筒，读出量筒内油的体积为20mL，测得油密度：ρ===0.95g/cm1=0.95；把烧杯中的油倒入量筒中，有部分油附着在烧杯壁上，所测体积偏小，由ρ=可知，测得油的密度大于油的真实密度．四、计算题（本大题共3小题，共29分）19、（1）16V（2）64J【解题分析】

由电路图可知，R1与R2并联，电流表测R1支路的电流。（1）因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I＝URU＝I1R1＝0.8A×20Ω＝16V；（2）R2在20s内消耗的电能：W2＝U2R2t＝(16V)20、(1)56N(2)30N(3)7.9kg【解题分析】

（1）物体乙受到的重力：G乙=m乙g=5.6kg×10N/kg=56N；（2）甲的底面积S=0.1m×0.1m=0.01m2，甲对地面的压力：F=pS=3000Pa×0.01m2=300N，物体甲受到的支持力和甲对地面的压力是相互作用力，所以甲受到的支持力：F支=F=300N；（3）杠杆A端受到的拉力FA=G甲-F支，根据杠杆平衡条件可得：（G甲-F支）×OA=G乙×OB，则甲物体的重力：G甲=+F支=+30N=79N，由G=mg得物体甲的质量：m==7.9kg．答：（1）物体乙受到的重力56N；（2）物体甲受到的支持力30N；（3）物体甲的质量为7.9kg．21、（1）6J；（2）5.5A；（3）80%【解题分析】

（1）电动机对水做的最少功：W=Gh=mgh=1.2kg×10N/kg×0.5m=6J；（2）由表中数据可知，额定电压U=220V，额定功率P=1200W，电热水壶在额定电压下工作时的电流：；（3）将1.2kg水从20℃加热到100℃，水吸收的热量：Q吸=c水m△t=4.2×103J/（kg•℃）×1.2kg×（100℃-20℃）=4.032×105J；电热水壶消耗的电能：W电=Pt=1200W×7×60s=5.04×105J，电热水壶的效率：．