2021年云南省曲靖市麒麟七中中考物理一模试卷

2021年云南省曲靖市麒麟七中中考物理一模试卷

1.下面数据符合或接近实际情况的是（）

A.常用智能手机供电电压220M

B.九年级物理课本的重力为3N

C.洗澡时淋浴的适宜水温是60汽

D.家用小轿车工作时发动机的效率可达90%

2.物理学是与人类的生产、生活密切相关的.下列的俗语、成语等反映了人类对自然

界的一定认识，其中从物理学的角度分析不正确的是（）

A.“破镜难圆”说明分子间存在斥力

B.“一个巴掌拍不响”说明力的作用是相互的

C.“送人玫瑰，手留余香”说明分子在不停地运动

D.”余音绕梁，三日不绝”说明声音能反射形成回声

3.关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）

A.物体吸收热量，温度一定升高

B.80T的水一定比30n的水含有的热量多

C.物体的内能增加，一定是从外界吸收了热量

D.温度相同的物体接触时不发生热传递

4.云南鲁甸县发生6.5级地震，震后党和政府及时组织人员进行了科学施救，在采取

的救护措施和用到的器材中，包含了很多物理知识，下列说法正确的是（）

A.救援人员用一种大剪刀将钢筋剪断，刀口很锋利，它可减小对钢筋的压强

B.护士用针筒抽取药液时，药液因受到针筒的吸引力作用而进入针筒

C.救援车匀速吊起废墟物体，废墟物体受到的力是平衡力

D.医生用B超检查伤员内脏是否受到损伤，是利用了次声波

5.高铁、移动支付、共享单车、网购成中国的“新四大发明”，己走进寻常百姓的生

活，以下说法正确的是（）

A.移动支付时用到的手机只能接收电磁波

B.高铁采用牵引电机作为动力，牵引电机的工作原理是电磁感应现象

C.共享单车坐垫的形状能增大与骑行者臀部的接触面积，从而减小对臀部的压力

D.用手机扫码支付时，二维码应在手机镜头二倍焦距以外

6.下列关于物理知识说法正确的是（）

A.摩擦起电不是创造了电荷，只是电子在物体之间发生了转移

B.汽油、天然气都是二次能源

C.在有些地毯的编织过程中，往往夹杂一些不锈钢丝，这是为了使地毯更耐用

D.用筷子夹菜，筷子实质是省力杠杆

7.水平面上有甲、乙两个相同的烧杯分别装有不同的液体，彳一

将两个相同的小球放入两杯中，静止在如图所示的位置Q

时，两杯液面相平。下列判断正确的是（）

A.甲、乙两烧杯底受到液体的压强相等甲乙

B.甲杯对水平面的压强等于乙杯对水平面的压强

C.甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度

D.甲杯中小球受到的浮力小于乙杯中小球受到的浮力

8.如图所示，电源电压不变，闭合开关S,将滑动变阻___||耐_

B.电压表V的示数不变，灯泡的亮度变暗

C.整个电路的总功率变大

D.电压表V的示数与电流表色的示数的比值变小

9.平静湖面的上空，一只鸟正冲向水面捕食，它在湖水中的像是像（选填“虚”

或“实”）,鸟在向下俯冲的过程中，像的大小是（选填“逐渐变大”、“逐

渐变小”或“不变”）。

10.“清风不识字，何故乱翻书”所述清风能翻书，是风使书页上表面空气流速变大，

导致书页上表面压强（选填“增大”或“减小”）；“闻其声，不见其人”主

要是通过人发出声音的（选填“音调”、“响度”或“音色”）来判断“其人”

的；“秋风瑟瑟天气凉，草木摇落露为霜"，“霜”的形成过程要（选填“吸

收”或“放出”）热量。

11.如图，是我国青年钢琴演奏家郎朗正在演奏钢琴，弹|；

钢琴时手指按压不同的琴键是为了改变声音的；!

钢琴上方放置的麦克风是为了改变声音的一

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12.3月28日，辽宁省第三批援鄂返辽医疗队队员乘坐的包机在沈阳桃仙国际机场受到

“水门礼”迎接。“过水门”仪式是由两辆消防车在飞机两侧喷射水柱，形成一个

“水门”，这项民航中高级别的礼仪寓意“接风洗尘”。从消防车喷水口喷出的水

在上升的过程中，动能,重力势能（以上两空均选填“增加”、“减

小”或“不变”）；当飞机从水门下缓缓通过时，“水门”相对于飞机是（选

填“运动”或“静止”）的。

・「口・

13.如图是小明同学探究“海水和沙滩的温度随时间

变化的规律“时画的一张示意图。根据图给的信息，或

他观察的时间是（选填“中午”或"夜晚/

“）。初温为25。5质量为1版的水明2.1x105/的三康高疹7温度低

热量后温度将升高到℃（c次=4.2x

3

10J/(kg■℃))o

14.如图所示，小刚用500N的拉力在10s内把质量为80kg的

物体匀速提升了3相，滑轮组的机械效率是,拉力

的功率是W。

15.某电能表表盘上标有“3000r/kW-h"，用该电能表和手表来测算某电灯的电功率,

发现转盘转15转用了3min,则这只电灯消耗的电能是：，灯的电功率是

__忆

16.辽宁号航空母舰满载时排水量达67500/,它满载时所受的浮力为N,当舰载

机起飞后，航空母舰所受浮力将（选填“不变”、“变小”或“变大”）.

17.如图所示，A、B弹簧下方分别吊着软铁棒和条形磁铁，闭合开关，

将滑动变阻器的滑片逐渐向右移动时，A弹簧的长度将,8弹

簧的长度将（选填“伸长”、“缩短”或“不变”）。

18.如图所示，电路电源电压保持不变，在甲、乙两处分别

接入电压表，闭合开关S,甲、乙电压表的示数之比为

1：3,则电阻％：R2=；断开开关S,将甲、乙

两块电压表撤去，并在甲、乙两处分别接入电流表，此

时甲、乙电流表的示数之比为

19.图中被测物体的长度为cm.

|llll|llll|

56cm

20.如图所示，画出物体静止在斜面上时对斜面压力厂的示意图。

21.根据入射光线，请在图中画出对应的折射光线。

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22.小明为了探究动能的大小与哪些因素有关，他设计了如图甲、乙所示的实验。

(1)让质量相同的两个小球沿同一光滑圆形轨道分别从A处和B处开始向下运动，

然后与放在水平面上的纸盒相碰，纸盒在水平面上移动一段距离后静止，如图甲所

zjso

(2)让不同质量的两个小球沿同一光滑斜面分别从A处开始向下运动，然后与放在

水平面上的纸盒相碰,纸盒在水平面上移动一段距离后静止，如图乙所示。上述甲、

乙两组实验中：①要探究动能与物体运动速度的关系应选用图；

②乙图中让不同质量的两个小球从同一高度滚下的目的是;

③乙组实验可以得出的结论是;

④上述实验中，利用纸盒被撞后移动的距离大小来比较物体的动能大小，下列的

四个实例中与此实验方法相同有;

A.通过水流来初步认识电流

5用光线表示光传播的径迹和方向

C探究压力大小对压力作用效果的影响时，控制受力面积等因素不变

D研究电磁铁磁性强弱时，用电磁铁吸引大头针的数量来比较磁性强弱

⑤如图丙所示，让小球从A点静止释放，运动到C点时，若一切外力全部消失，

则小球会沿路线继续运动，你判断的依据是。

23.如图所示，在“探究水的沸腾“实验中:

①温度计刚插入热水时，管壁模糊，很难看清示数，原因是水蒸气遇冷发生_____

的缘故。

②实验过程中，每隔Imin记录一次温度计的示数，第4min时温度计的示数如图

乙所示，温度值为℃,直到水沸腾一段时间后停止读数，由下表可知水的

沸点为℃o由此可判断当地的气压______（选填“高于”“等于”或“低

于”）标准大气压。

时间

012345678

/min

温度/℃8890929498989898

③根据表中数据，在图丙中画出水温随时间变化的图像；

④根据你所画的图像，你认为水沸腾的特点是;

⑤为了缩短实验时间，你可以采取的方法是；（写出一条即可）

⑥某实验小组观察到水沸腾前和沸腾时水中气泡的上升情况不同，如图丁中。、b

所示。则图丁中是水在沸腾前的情况，是水在沸腾时的情况。

24.在“测量小灯泡额定功率”的实验中，器材有：电源（电压恒为3V）、开关、电压表

和电流表各一只、额定电压为2.5U的灯泡、滑动变阻器（200、14）、导线若干。

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(1)以画线代替导线，将图甲中的实物图连接完整。(要求：滑片向右移动时小灯泡

变亮)

(2)闭合开关前，发现电流表的指针如图乙所示，则操作上出现的问题是。

(3)问题解决后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表有示数，电压表无示数。经

检查，电压表完好，则可能原因是(填写选项中的字母)。

4小灯泡短路

及连接小灯泡的导线接触不良

C.滑动变阻器接入电路的电阻过大

(4)改正不妥之处后，闭合开关，移动滑片，使电压表示数为V,小灯泡正

常发光,电流表示数如图丙所示，为A,则小灯泡的额定功率为卬。

(5)完成测量后，小华想利用该电路继续完成“探究电流与电压的关系”实验，同

组的小明说无法用该电路来完成，理由是。

(6)同组的其他同学们找来几个不同阻值的定值电阻替换小灯泡，其他部分连接不

变，探究电流与电阻的关系。接100电阻时，电流表的示数为0.24换接200的电

阻后，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向(选填“4”或"B”)端移动，

使电压表的示数为V,读出电流表的示数；继续换接余下的电阻进行实验即

可得出结论。

25.新冠肺炎肆虐，武汉封城，全国各地纷纷伸出援助之手，2020年2月8日，陆良县

捐赠的时鲜蔬菜运往武汉(如图)，一辆货车满载后总质量是6.0x103kg,在平直的

公路上匀速行驶100切,耗油20依，若货车受到的平均阻力是总重力的0.05倍，轮

胎与地面的接触总面积为0.6m2(汽油的热值是5.0xIO?J/kg)。求：

(1)货车静止时对地面的压强；

(2)货车的牵引力所做的功;

(3)货车发动机的效率。

26.体积为1000cm3的正方体木块浮在水面上,其质量为500g,

求：

(1)木块的密度；

(2)木块受到的浮力；

(3)木块浸入水中部分的体积：

(4)用多大力才能使木块全部浸入水中。

27.如图所示的电路，电源电压恒为4.5U,小灯泡L标有

“3U1.5VT'字样，滑动变阻器R的规格为“15C14"，电

流表的量程为0〜0.64电压表的量程为0〜3V，不考虑温度

对小灯泡电阻的影响。当闭合开关S,求：

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(1)小灯泡L的电阻；

(2)小灯泡L正常发光时，通电100.9电路产生的热量；

(3)在保证所有电路元件安全的前提下，滑动变阻器R接入电路的阻值范围。

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：A、智能手机供电电压3.7V,故A错误。

B、九年级物理课本的质量约300g=03kg,重力约为G=mg=0.3kgxlON/kg=3N,

故B正确。

c、洗澡时淋浴的适宜水温是4(TC,故c错误。

D、家用小轿车工作时发动机的效率约30%,达不到90%,故。错误。

故选：B。

首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进

行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符

合实际的选项即可。

2.【答案】A

【解析】解：A、破镜之所以不能重圆，是因为破镜碎片间的距离远大于分子力作用距

离，不能说明分子间存在斥力，该选项说法不正确，符合题意；

B、“一个巴掌拍不响”说明了一个物体是不会有力的作用的，物体间力的作用是相互

的，该选项说法正确，不符合题意；

C、“送人玫瑰，手留余香”，是芳香分子不停地做无规则的运动，扩散到空气中的结

果，该选项说法正确，不符合题意；

。、声音是一种波，在传播过程中遇到障碍物会发生反射现象，“余音”就是由于回声

现象产生的，该选项说法正确，不符合题意.

故选A.

(1)物质是由分子组成的，分子间存在着相互作用的引力和斥力；

(2)力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；

(3)分在在不停的做无规则运动；

(4)声音在传播过程中，遇到障碍物会反射回来形成回声.

本题考查了学生对分子运动、分子间作用力、力的作用相互性以及声音的传播的了解情

况，比较简单，是一道基础题.

3.【答案】D

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【解析】解：

A、物体吸收了热量，温度不一定升高，如晶体在熔化时，吸收热量，温度不变，故A

错误；

8、热量是过程量，不能说含有或者具有热量，故8错误；

C、物体内能增加，可能是从外界吸收了热量，也可能是有物体对它做了功，故C错误；

。、发生热传递的条件是存在温度差，温度相同的物体接触时不发生热传递，故。正确。

故选：Do

(1)内能的大小跟物质的量、温度有关。

(2)热量是过程量，就是说，热量只存在于热传递过程中，只能说吸收或放出热量，热

量传递等。

(3)改变物体内能的两种方式：做功和热传递，改变物体内能的两种方法是等效的。

(4)发生热传递的条件是存在温度差。

本题主要考查学生对影响内能因素的掌握，改变内能的两种方式以及沸腾特点的认识,

是热学的难点，是中招的热点。

4.【答案】C

【解析】解：

A、刀口很锋利，是在压力一定时，减小受力面积来增大对钢筋的压强，故A错误；

3、针筒吸药液这一现象中，药液不是吸上去的，而是被大气压压上去的，故B错误；

C、救援车匀速吊起废墟物体，废墟物体处于平衡状态，受到的力是平衡力，故C正确；

D.医生用B超检查伤员内脏是否受到损伤，是利用了超声波，故。错误.

故选：Co

(1)增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积来增大压强；在受力面积一定时，

增大压力来增大压强；

(2)针筒吸取药液时，是大气压把药液压入了针筒；

(3)静止状态或匀速直线运动是平衡状态，处于平衡状态的物体受到平衡力：

(4)超声波具有很强的穿透能力，超声波在诊断、医疗和卫生工作中，也有广泛的应用。

本题考查了增大压强的方法和大气压的应用、平衡力的辨别以及超声波的应用，联系生

活实际出题，这是中考出题最常见的一种方式。

5.【答案】D

【解析】解：

A、移动支付、共享单车、网购通过电磁波进行远距离信息的传递，手机既能发出电磁

波，又能接收电磁波。故A错误；

8、牵引电机的工作原理为通电导体在磁场中受力转动。故B错误；

C、共单车坐垫的形状能增大与骑行者臀部的接触面积，这样在压力一定时，可以减小

对臀部的压强；故C错误；

。、手机摄像头是利用物距大于二倍焦距时，成倒立缩小实像的规律工作的，因此二维

码位于摄像头的二倍焦距以外，故。正确；

故选：。。

(1)移动支付、共享单车、网购是通过电磁波传递信息的。

(2)电动机的工作原理是通电导体在磁场中受力转动。

(3)减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积

一定时，通过减小压力来减小压强；

(4)摄像头相当于凸透镜，凸透镜成像时，物距u>2/,成倒立缩小的实像，应用是照

相机。

本题考查了电磁波的传播与应用、减小压强的方法、凸透镜成像的应用、直流电动机的

原理等，综合性性强，难度不大，属于基础知识考查。

6.【答案】A

【解析】解：A、摩擦起电的实质因为物体对电子的束缚能力不同，在摩擦中一个物体

得电子，带负电；另一物体失去电子，带正电；所以摩擦起电不是创造了电荷，只是电

子在物体之间发生了转移，故A正确；

氏汽油是由石油加工来的，是二次能源；天然气是在开采石油时同时开采出来的，是

一次能源；故B错误；

C、当人在地毯上走过时，脚与地毯之间相互摩擦会使地毯带上电荷，带电体会吸收灰

尘等轻小物体，如果加一些不锈钢丝可以将由于摩擦而使地毯所带的静电导入大地，使

地毯不易沾上灰尘，故C错误；

。、因为用筷子夹菜时，阻力臂大于动力臂，所以是一个费力杠杆，故。错误。

故选:Ao

(1)摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷。

(2)可以从自然界直接获取的能源叫一次能源；不能从自然界直接获取，必须通过一次

能源的消耗才能得到的能源叫二次能源。

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（3）根据动力臂和阻力臂的关系确定杠杆的种类，即动力臂大于阻力臂为省力杠杆；动

力臂小于阻力臂为费力杠杆；动力臂等于阻力臂为等臂杠杆。

此题考查摩擦起电现象和实质，一次能源和二次能源的特点，以及杠杆省力情况的判断,

综合题，难度不大。

7.【答案】C

【解析】解：

由图可知，小球在甲、乙两杯中分别处于漂浮和悬浮状态。

根据浮沉条件：物体漂浮时P液＞P物,物体悬浮时P液=P物所以P液尹＞P球,P液乙=P球,

由此可得：P液甲＞P液乙，故C正确；

已知两杯中液面相平，P彼尹〉P枝乙，由p=pg/l可知，烧杯底受到液体的压强：P液尹〉

，液乙,故A错误；

由G=/ng=pUg可知，甲杯内液体的重力较大，所以甲杯对桌面的压力较大；又根据

P=5可知，甲杯对桌面的压强较大，故8错误；

因为物体漂浮或悬浮时，受到的浮力和自身的重力相等，所以同一只小球在两杯中受到

的浮力相等，都等于小球的重力，故。错误。

故选：C。

根据物体的浮沉条件判断两者所受浮力关系和液体密度关系，再根据p=pgh^p=（判

断杯底和水平面的压强关系。

本题考查了物体浮沉条件和压强公式的应用，一定要掌握物体浮沉情况与密度的关系，

同时要搞清不同状态下（漂浮、悬浮）物体所受重力与浮力的大小关系。

8.【答案】A

【解析】解：由电路图可知，灯泡L与变阻器R并联，电流表41测R支路的电流，电

流表必测干路电流，电压表测电源两端的电压。

因电源电压不变，

所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，

因并联电路中各支路独立工作、互不影响，

所以，滑片移动时，通过灯泡入的电流不变，灯泡的亮暗不变，故8错误；

将滑动变阻器的滑片P从中点向右滑动时，接入电路中的电阻变大，

由/=9可知，通过R的电流变小，即电流表&的示数变小，故A正确；

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，干路电流变小，即电流表&的示数变小，

则电压表丫的示数与电流表4的示数的比值变大，故O错误；

由「=口可知，整个电路的总功率变小，故C错误。

故选：4。

由电路图可知，灯泡L与变阻器R并联，电流表必测R支路的电流，电流表人2测干路

电流，电压表测电源两端的电压。根据电源电压可知滑片移动时电压表V的示数变化,

根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过灯泡L的电流和亮暗的

变化，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R的电流变

化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，然后得出电压表丫的示数与电流表

4的示数的比值变化，利用P=U/可知整个电路的总功率变化。

本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连

接方式和电表所测的电路元件是关键。

9.【答案】虚不变

【解析】解：一只鸟正冲向水面捕食，水面上出现的小鸟的倒影就是小鸟在水面上成的

虚像，在小鸟向下俯冲靠近水面的过程中，小鸟与水面的距离变小，但小鸟在水中所成

的像始终不改变，与小鸟大小相等。

故答案为：虚；不变。

根据平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，上下

(或左右)相反，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等。

此题主要考查学生对平面镜成像特点的理和掌握，紧扣平面镜成像原理和成像特点去分

析即可比较容易地做出解答，学生容易被“鸟向下俯冲”迷惑，误认为像变大。

10.【答案】减小音色放出

【解析】解：

(1)根据流体压强和流速的关系可知，风吹过书本的上表面时，使书本上表面空气流速

大，而导致书上表面压强减小，而书页下表面的压强不变，在上下压强差的作用下，导

致书页受到向上的压力大于向下的压力，书页会向上翻，故有“清风不识字、何故乱翻

书”之说。

(2)不同人声音的音色不同，区别出熟悉的人谁在说话，是因为音色不同的原因；

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(3)霜是固态的，是空气中的水蒸气遇冷直接形成的小冰晶，属于凝华现象，凝华要放

出热量。

故答案为：减小；音色；放出。

(1)流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大。

(2)声音的三大特性包括音调、响度和音色，音色是声音的品质与特色，可用来辨别不

同的声音。

(3)物质由气态直接变成固态的现象叫凝华，凝华要放出热量。

此题涉及到流速和流体压强的问题，音色,还考查我们对于生活中物态变化的分析能力,

是一道综合性较强的题目。

11.【答案】音调响度

【解析】解：弹钢琴时手指按压不同的琴键是为了改变琴弦的长度，改变琴弦的振动频

率，从而改变音调；麦克风可以使声音变得更大、更响亮，所以是改变了声音的响度。

故答案为：音调；响度。

音调是指声音的高低，它和物体振动频率有关；响度大小与振幅有关。

本题考查了声音的产生及其特征，属于基础知识的考查，考查学生对所学的知识的理解

和应用，是中招的热点。

12.【答案】减小增加运动

【解析】解：(1)从消防车喷水口喷出的水质量一定，在上升的过程中，速度减小，动

能减小；高度变大，重力势能增加；

(2)“水门”相对于飞机位置发生了变化，所以选择飞机为参照物，“水门”是运动的。

故答案为：减小；增加；运动。

(1)动能与物体的质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能与物体

的质量和高度有关，质量越大，高度越高，重力势能越大。

(2)物体的运动和静止是相对的，关键是参照物的选择，物体与参照物的位置发生改变，

物体相对参照物就是运动的；物体与参照物的位置不变，物体相当于参照物是静止的。

本题考查了影响动能和重力势能变化的因素、运动和静止的相对性等知识，理解相关的

知识点是关键，难度不大。

13.【答案】夜晚75

【解析】解：因为沙滩多沙石，又水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，

吸收相同的热量，水的温度升高的少，故沙滩气温高一些；夜晚，放出相同的热量，水

的温度降低的少，故沙滩气温低一些。

水的质量m=1kg,

因为Q"=cm(t-to),

t=-+t=-------+25℃=75℃

c水?n04.2xl03广//(fc:^*℃)xlk^O

故本题答案为：夜晚；75o

要解答本题需掌握：水的比热容大，在吸收和放出相同热量，温度变化小。知道水的初

温、水的质量、水的比热容，利用吸热公式Q级=cm(t-%)求水吸收2.1x/热量后

的温度。

本题考查了学生对物质特性比热容、吸热公式的掌握和运用，属于基础题目。

14.【答案】80%100

【解析】解：(1)质量为80奴的物体受到的重力为:

G=mg—80kgxION/kg=800/V,

拉力做的有用功为：

W有用=Gh=BOONx3m=24007,

由图知，n=2,拉力端移动距离s=2八=2x3?n=6m,

拉力做的总功为:

W=Fs=500NX6m=30007,

滑轮组的机械效率为:

广^=瑞'100%=80%;

(2)拉力端移动的速度：v=2"物=2x0.1m/s=0.2m/s,

拉力的功率为:

WFs

P=千若=Fu=SOONx0.2m/s=100lVo

故答案为：80%；100。

(1)利用G=求物体受到的重力，再利用VV=Gh求做的有用功；由图知绳子的有效

段数，根据s=»得出拉力端移动的距离，利用勿=Fs求拉力做的总功，根据4=记江

100%求出滑轮组的机械效率;

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(2)拉力端移动速度等于物体升高速度的2倍，利用P=Fu求拉力的功率。

本题考查了使用滑轮组时重力公式、功的公式、功率公式、机械效率公式的应用。

15.【答案】O.OOSkW-h100

【解析】解：

由a3000r/kW-hn可知每消耗MW•九的电能,电能表转3000转，电能表转了15转,

消耗电能：

WZ=15x—kW-h=0.005/clV-h,

3000

灯的功率：

故答案为：0.005；100o

3000r〃lV-/i说明每消耗1k勿一的电能，电能表转3000转，可求当电能表的转数为15

转时消耗的电能，又知道工作时间，根据公式P=?可求用电器的功率。

本题考查消耗电能和功率的计算，理解好电能表相关参数的意义是关键，解题过程中要

注意单位的换算。

16.【答案】6.75X108；变小

【解析】解：(1)该舰满载时所受浮力：

F浮=G排=m排g=67500x103kgxION/kg=6.75x108N.

(2)航母漂浮，尸浮=G,

当舰载飞机起飞后，但自重G减小，

则航母所受浮力变小.

故答案为：6.75X108；变小.

(1)知道航母满载排水量(排开水的质量)，利用阿基米德原理求该舰满载时所受浮力；

(2)航母上的舰载机飞离后，航母自重减小，因航母仍漂浮，根据漂浮的条件判断所受

浮力的变化.

本题考查了学生对阿基米德原理、物体的浮沉条件的掌握和运用，关键是知道满载时排

水量的意义.

17.【答案】伸长缩短

【解析】解：开关闭合，通电螺线管具有磁性，将软铁棒4吸引，闭合开关，将滑动变

阻器的滑片逐渐向右移动时，电路中的电流变大，电磁铁磁性增强，故

A弹簧的长度将伸长；

开关闭合，根据右手定则判断通电螺线管的上端为S极，同名磁极相互排斥，弹簧长度

会缩短；动变阻器滑片向右移动时，电路中的电流变大，电磁铁磁性增强，条形磁铁8

的排斥力增大，所以弹簧测力计的示数将变小，弹簧长度会缩短。

故答案为：伸长；缩短。

本题抓住影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小，线圈的匝数。滑动变阻器滑片移动，

如何引起电流的变化，如何影响电磁铁的磁性强弱，根据右手定则判断通电螺线管的极

性。

本题考查了影响电磁铁磁性强弱的因素和根据右手定则判断通电螺线管的极性，难易程

度适中。

18.【答案】1：31：3

【解析】解：（1）由图可知，在甲、乙两处分别接入电压表，闭合开关，则心与/?2串联，

甲测&的电压Ui，乙测&的电压。2，

根据串联电路的分压规律可得：?=中=；=1：3；

（2）断开开关S,将甲、乙两块电压表撤去，并在甲、乙两处分别接入电流表，结合电路

图可知，则比与&并联，电流表甲测/?2的电流（即/伊=%）,电流表乙测％的电流（即L=

根据并联电路的分流规律可得：r=r=r=1：3。

故答案为：1：3；1：3。

在甲、乙两处分别接入电压表，分析电路连接，根据串联电路的特点解题；

断开开关，在甲、乙两处分别接入电流表，分析电路连接，根据并联电路的特点解题。

本题考查串并联电路电流电压规律，要掌握串联分压、并联分流的特点。

19.【答案】2.90

【解析】解：由图知：刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是

0.1cm=1mm,即此刻度尺的分度值为1〃""；物体左侧与2.0cm刻度线对齐，读作2.00cm,

右侧与4.9cm刻度线对齐，读作4.90cm,所以物体的长度为：L=4.90cm-2.00cm=

2.90cmo

第18页，共26页

故答案为：2.90o

刻度尺读数时，首先看起始端有没有从0开始，若没有从0开始，把起始端对应的刻度

值当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去起始端对应的刻度值，即为物体长度，注意

刻度尺要估读到分度值的下一位。

初中物理学习了很多测量工具的使用，但没有特殊说明，只有刻度尺的读数要有估读值,

其它只要读到准确值即可。

20.【答案】解：压力的作用点在斜面上，从作用点起，垂直斜面画线段，在线段的末

端画上箭头表示力的方向，如下图所示：

【解析】斜面受到的压力的作用点在斜面上，从作用点起沿力的方向画线段，在线段的

末端画出箭头表示力的方向，最后标出力的符号。

画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。

按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。

21.【答案】解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线反向延长通过焦点，由

此作出折射光线如图所示：

【解析】先确定所给的折射光线的特点，然后根据凹透镜的光学特点作图。

凹透镜的特殊光线有三条：过光心的光线其传播方向不变，平行于主光轴的光线经凹透

镜折射后折射光线反向延长通过焦点，指向另一侧焦点的光线经凹透镜折射后折射光线

平行于主光轴。

22.【答案】甲控制小车刚到达水平面时的速度相同物体的动能大小与物体的质量有

关DCb物体不受外力时将保持原来的运动状态不变

【解析】解：①要探究动能与物体运动速度的关系，即需控制小球的质量，改变小球

的运动速度，即改变小球在斜面上的高度，故应该是甲图；

②乙图中让不同质量的两个小球从同一高度滚下的目的是为了控制小球刚到达水平面

时的速度相同；

③甲图实验能表面小球的动能与小球的运动速度有关，乙图实验能表明小球的动能与

小球的质量有关，故甲、乙两组实验可以得出的结论是：物体的动能大小与物体的质量

和速度有关；

④在该题中，利用纸盒被撞后移动的距离大小来比较物体的动能大小是采用了转换法,

故

A、通过水流来初步认识电流，采用了类比法，故A错误；

3、用光线表示光传播的径迹和方向，采用了模型法，故3错误；

C、探究压力大小对压力作用效果的影响时，控制受力面积等因素不变，采用的是控制

变量法，故C错误；

。、研究电磁铁磁性强弱时，用电磁铁吸引大头针的数量来比较磁性强弱，采用的是转

换法。

故选D。

⑤据牛顿第一运动定律知，让小球从4点静止释放，运动到C点时，若一切外力全部

消失，则小球的运动状态不会改变，即沿CA路线永远做匀速直线运动。

故答案为：①甲；②控制小车刚到达水平面时的速度相同；③物体的动能大小与物体

的质量有关；④。；⑤Cb；物体不受外力时将保持原来的运动状态不变。

(1)动能的大小与物体的质量和物体运动的速度有关，故想探究动能的影响因素，必须

用控制变量的思维来考虑，即想探究动能大小与物体运动速度的关系，即需控制小球的

质量，改变小球运动到斜面底端的速度(通过改变小球在斜面上的不同的高度来实现)；

若想探究动能大小与物体的质量是否有关，即需控制小球在斜面上的高度(即小球到斜

面底端的速度)，改变小球的质量来进行试验；

(2)在物理学中，我们经常把一些不易观察的物理量转化为便于观察的物理量，这就是

我们所说的转换法，即在该实验中，动能的大小不易观察，于是我们将小球的动能的大

小转换为小球推动木块移动的距离来观察，即小球推动木块距离越远，小球所具有的动

能就越大；在物理学中经常用的转换法。

(3)据牛顿第一运动定律知，一切物体在没有受到任何外力时，总保持静止状态和匀速

直线运动状态，故据此分析即可解决该题。

明确本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转

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换法。

23.【答案】液化9698低于吸热，温度保持不变减少水的质量ba

【解析1解：①倒入热水时.，水蒸气在温度较低的温度计表面液化成小水珠，沾在温

度计壁上，造成很难看清示数；

②零刻度在温度计的下方，液柱远离零刻度，是零上，每一个大格代表10。&每一个

小格代表2。&示数是96冤；

由表格数据知，水在第5min开始，水不断吸收热量，温度保持98冤不变，所以此时水

的沸点是98汽；

一个标准大气压下，水的沸点是100℃,此时沸点98冤低于100K,所以气压低于一个标

准大气压；

③根据表中数据进行描点，然后将各点用平滑的曲线连接起来。如下图所示：

丙

④由图像可知，水在沸腾过程中，水沸腾的特点是吸热，温度保持不变；

⑤缩短沸腾前的加热时间，可以采用的方法有：减少水的质量，盖纸盖、装初温较高

的水等；

⑥b图气泡在上升过程中，体积逐渐减小，是沸腾前的现象；。图气泡在上升过程中体

积逐渐增大，是沸腾时的图像。

故答案为：①水蒸气在温度较低的温度计表面液化成小水珠；②96；98；低于；③见

解答；④吸热，温度保持不变；⑤减少水的质量；⑥b；a.

①物质由气态变为液态的过程是液化；

②温度计的读数：首先确定零上还是零下，确定每一个大格和每一个小格各代表的示

数，从小数字读向大数字；

液体沸腾时不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；

沸点的高低和气压有关，气压升高，沸点升高，气压降低，沸点降低；

③要作水的沸腾图像，首先根据表中数据进行描点，然后将各点用平滑的曲线连接起

来；

④水在沸腾过程中吸热温度保持不变；

⑤要缩短完成实验的时间，也就是缩短沸腾前的加热时间，可以采用的方法有：盖纸

盖、装的水少一些、装初温较高的水；

⑥掌握水沸腾前和沸腾时的现象区别：沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐减小；沸腾

时气泡在上升过程中体积逐渐增大。

本题通过水的沸腾实验考查了液化、温度计的读数、沸点等基础知识，用数学描点法描

绘时间和温度的图像，体现了学科间的整合。

24.【答案】使用前没有将电流表的指针调零A2.50.280.7灯泡电阻受温度影响，

无法保证电阻不变A2

【解析】解：(1)因滑片向右移动时小灯泡变亮，即电流变大，电阻变小，故变阻器右

下接线柱连入电路中，因为小灯泡的额定电压为2.5IZ,所以电压表选用0-3V的量程与

灯泡并联，如下所示：

(2)闭合开关前，发现电流表的指针如图乙所示，其原因是：没有将电流表的指针调零；

(3)正确连接好电路，闭合开关，电流表有示数，则电路为通路，发现小灯泡不亮，电

压表无示数，经检查，电压表完好，则故障可能是小灯泡短路；

(4)当小灯泡两端的电压为额定电压2.5V时，小灯泡正常发光；

由图丙知电流表的量程为0-0.64分度值为0.024示数为0.284

则小灯泡的额定功率为:P=UI=2.5Vx0.284=0.7W；

(5)探究电流与电压的关系时，需要控制电阻不变，而小灯泡的电阻随温度的升高而变

大，；

由欧姆定律，电压表与电流表示数的比值变大，即灯的电阻，灯的电阻变大原因是灯丝

电阻随着温度的升高而增大，无法保证电阻不变；

(6)接10。电阻时，电流表的示数为0.24由欧姆定律/=3电阻的电压为：

第22页，共26页

Uv=/出=0.2Ax10/2=2匕

根据串联分压原理可知，将定值电阻由10。改接成200的电阻，电阻增大，其分得的电

压增大；

探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电

路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入

电路中的电阻，所以滑片应向8端移动，使电压表的示数为2匕读出电流表的示数。

故答案为：(1)如上所示；(2)使用前没有将电流表的指针调零；(3)4(4)2.5；0.28；0.7；

(5)灯泡电阻受温度影响，无法保证电阻不变；(6)4；2。

(1)根据滑片向右移动时小灯泡变亮确定变阻器左下接线柱连入电路中与灯串联，电压

表与灯泡并联，根据小灯泡的规格判断出电压表的量程；

(2)电流表使用前要调零；

(3)正确连接好电路，闭合开关，电流表有示数，则电路为通路，根据小灯泡不亮，电

压表无示数、电压表完好，分析故障可能是小灯泡短路；

(4)当小灯泡两端的电压为额定电压时，小灯泡正常发光；

根据图丙小灯泡的电流随其两端电压变化的图像知灯在额定电压的电流，根据P=U/求

出小灯泡的额定功率；

(5)探究电流与电压的关系时，需要控制电阻不变，而小灯泡的电阻随温度的升高而变

大；

(6)接100电阻时已知电流表的示数，由欧姆定律得出电阻的电压；

根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电

阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定

滑片移动的方向。

本题测量小灯泡额定功率，考查电路连接、电流表使用、功率计算、欧姆定律的运用、

影响电阻大小的因素及控制变量法的应用。

25.【答案】解：(1)货车满载后受到的总重力：

G=mg=6.0x103kgxION/kg=6.0x104N,

货车满载时对地面的压力：

F压=G=6.0x104JV,

货车满载时对地面的压强:

1x105Pa;

0.6m2

(2)货车受到的平均阻力:

f=0.05G=0.05x6.0x104/V=3x103/V

货车匀速行驶，受力平衡，故牵引力：

F=/=3X103/V；

货车牵引力做的功：

W=Fs=3x103Nx100x103m=3x108/；

(3)货车消耗的汽油完全燃烧释放的热量：

Q放=m'q=20kgx5.0x107J/kg=1xIO9/,

货车发动机的效率：

77=着x100%=x100%=30%。

Q放1AiUJ

答：(1)货车满载时对地面的压强为1x105Pa；

(2)货车的牵引力所做的功为3x108/；

(3)货车发动机的效率为30%。

【解析1(1)知道满载后总质量，根据G=mg求出货车满载后受到的总重力，货车满载

时对地面的压力等于总重力，受力面积为轮胎与地面的接触总面积，利用p=9求出货

车满载时对地面的压强；

(2)利用f=0.05G求出货车受到的平均阻力，然后根据力的平衡得出货车的牵引力，再

利用卬=为计算牵引力做的功；

(3)利用Q成=mq求出货车消耗的汽油完全燃烧释放的热量，根据〃=