2022年江西省吉安市永丰县中考物理一模试卷

2022年江西省吉安市永丰县中考物理一模试卷

一、填空题（共16分，每题1分）

1.（2分）放在热菜中的盐比凉菜中的盐化得更快，这说明越高，分子的无规则

运动越快。用力拉铁丝不容易拉断，这说明铁丝的分子之间存在力。

2.（2分）足球比赛中，球员射门时，守门员飞身将球扑住，说明力能改变物体的；

以飞行的足球为参照物，球门是的。

3.（2分）如图所示的电路图，当闭合开关S后，电阻Ri、R2并联，电路正常工作，则甲

表是表，乙表是表。

4.（2分）如图所示是一款“运动手环”，其主要部分是一段内置一小块磁铁的密闭空心塑

料管，管外缠绕着线圈。戴着这种手环走路时，塑料管跟着手一起运动，磁铁则在管内

反复运动，线圈中便会产生电流，液晶屏上就会显示出运动的步数，此过程利用了

的原理，将能转化为电能。

5.（2分）如图1,电源电压保持不变，闭合开关S,变阻器滑片P从a滑到b端的整个过

程中，电流表示数I与电压表示数U的关系如图2所示，由图象可知，Ri的阻值为

C;当电路中的电流为0.2A时，Ri与R2消耗的电功率之比为。

6.（2分）一台四冲程的汽油机飞轮转速为2400r/min,若在做功冲程中，每次做功460J,

这台汽油机的功率是W,若汽油机的效率为40%,每分钟消耗汽油的质量为

kg（q汽油=4.6Xl（）7/kg）。

7.（2分）小明家2月底电能表示数如图所示，3月底电能表示数为82.0kW-h,3月份他家

消耗的电能为kW-ho小明发现1分钟内，转盘转过了50转，他家接入的用

电器消耗的电功率是W。

8.（2分）分别用两个完全相同的“热得快”，同时给质量和温度相同的甲、乙两种液体加

热，它的温度随时间变化的图象如图所示，由图可知液体的温度升高得快些，

液体的比热容大。

二、选择题（共14分。第9〜12小题，每小题只有一个正确选项，每小题2分：第13、14

小题为不定项选择，每小题有一个或几个正确选项，每小题2分，全部选择正确得3分，

不定项选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分）

9.（2分）下列估测结果符合实际的是（）

A.六月份扬州的平均气温约为50℃

B.家用LED节能灯的电功率约为200W

C.中学生课桌的高度约为80mm

D.一枚1元人民币硬币的质量大约6g

10.（2分）在“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验中，小明找来了量程合适的

弹簧测力计一个、长木板两块（一块光滑，另一块粗糙）、长方体木块一块（带有挂钩）、

钩码一盒，实验过程如图所示，下列说法错误的是（）

A.测量摩擦力时，要使弹簧测力计拉着木块沿水平长木板做匀速直线运动

B.通过图甲、乙所示的实验可以得出结论：在保持压力一定时，粗糙程度越大，滑动摩

擦力越大

C.此实验中应用了一种重要的探究物理问题的方法--控制变量法

D.图甲中用不同速度拉着木块做匀速直线运动，摩擦力大小也不同

11.（2分）如图所示，质量和底面积相同的甲、乙两容器，装有质量相同的不同液体，下

列说法正确的是（）

甲7.

A.液体对烧杯底部的压强pw=p乙

B.液体对烧杯底部的压强pIfi>p

C.甲、乙两容器对桌面的压力F甲=FK

D.甲、乙两容器对桌面的压力F中〉F乙

12.（2分）如图所示，电路的电源电压恒为6V,灯泡L标有“2.5V0.5W”的字样，滑动

变阻器标有“30。1A”字样，下列说法正确的是（）

A.只闭合S3,向右移动滑动变阻器的滑片，电压表示数会变大

B.只闭合S3,移动滑动变阻器的滑片，可使灯泡正常发光

C.同时闭合S2、S3,向右移动滑动变阻器的滑片，电流表示数变小

D.同时闭合Si、S2、S3,将会造成电源短路，烧坏电流表

（多选）13.（3分）下列说法中正确的是（）

A.电路两端有电压，但可能没有电流

B.导体的电阻不为零，导体两端的电压一定不为零

C.我国家庭电路的电压为220V,频率为50Hz

D.磁体周围都分布着磁感线

（多选）14.（3分）如图所示，几个同学在只有电流表或电压表时（电源电压未知），利用

一个已知阻值的电阻Ro设计了四个测未知电阻Rx的电路，其中可行的是（）

三、计算题（共22分，第15、16小题7分，第17小题8分）

15.（7分）最近，公交公司更换了一批新型混合动力公交车，在进行新车测试时获得一些

数据：新型公交车总质量为4X10,kg,车匀速行驶时所受阻力是总重的0.5倍，公交车

在牵引力作用下在平直公路上匀速行驶，2min内行驶了1200m,（g取10N/kg）,求：

（1）该公交车受到的牵引力。

（2）公交车在2min内牵引力所做的功。

（3）公交车这段时间内做功的功率。

流表A的示数为2A。求：

（1）通过R2的电流大小;

（2）电源电压的大小；

（3）电阻R2的阻值；

Ri

——

17.（8分）如图甲所示，底面积为100cm2的圆柱形容器中装满水，底部中央固定有一根体

积不计沿竖直方向的细杆，细杆的上端连接着密度为OSg/cnP的圆柱体A,容器的底部

安装有阀门，现打开阀门，控制水以50cm3/s流出，同时开始计时，水对容器底部的压

力随时间变化的规律如图乙所示，求：

（1）阀门未打开前水对容器底部的压强；

（2）圆柱体A的高度；

（3）t=52s时，细杆对物体的作用力大小。

四、实验探究题（共28分，每小题7分）

18.（7分）火锅，古称“古董羹”，因食物投入沸水时发出的“咕咚”声而得名，是中国独

创的美食之一，也是一种老少皆宜的食物。火锅中会用到大量的食用油，其密度大致在

0.91g/cm3~0.93g/cm3之间，但在火锅的加工食用过程中存在极个别不法商贩为了节约成

本，会将食客食用后的锅底进行再回收再食用，俗称“口水油”。这种油含有大量的微生

物，包括残渣细菌，甚至病毒或致癌物质，长期食用会对人们的身心健康造成严重影响。

肖肖同学对一份“口水油”样品进行了如下操作，想借此来鉴别其是否是“口水油”。

（1）把托盘天平放在水平桌面上，先将游码，再调节,

使横梁平衡；

（2）用托盘天平测得空烧杯的质量mo=42g；

（3）在烧杯中倒入适量样品，放置在了托盘天平右盘，天平横梁平衡后（如图I所示）,

则烧杯和样品油的总质量m=g；

（4）将烧杯中样品油倒入量筒中，如图2所示测出样品油的体积；

（5）算出样品油的密度p=kg/m3；

（6）通过以上实验，肖肖（填“能”或“不能”）区别食用油与“口水油”；

（7）小华分析上述实验认为：小明的实验操作测得的样品油密度偏。其原因是:

实验中测得的“口水油”样品的偏小。

图1图2

19.(7分)小明利用如图甲所示的实验装置研究冰的熔化特点。请你回答下列问题。

(1)实验前，组装实验器材的合理顺序应是；(填序号)

A.烧杯;

B.酒精灯；

C.温度计；

D.铁圈及石棉网；

E试管

(2)实验过程中每隔Imin记录一次温度计示数，其中某时刻温度计示数如图甲所示，

此时冰的温度为℃,实验中既要关注温度计的示数又要观察冰的

变化；

(3)实验中，冰不断从烧杯里的水中热量，温度升高，根据现

象可判断冰开始发生熔化；

(4)实验完成后，小明将实验数据绘制成如图乙所示的温度随时间变化关系的图像，他

根据实验过程并结合图像分析认为：酒精灯虽持续加热，冰熔化时温度却保持不变，所

以冰熔化过程是不需要吸热的。小明的这一判断是否合理？(选填“合理”

或“不合理”)，理由是。

t/min

甲乙

20.（7分）如图所示是探究水的沸腾的实验。

（1）请指出实验中错误之处：（写一个）。

（2）实验过程中主要观察水沸腾时的现象和水沸腾时的温度。如图中甲、乙所示，图

是水沸腾时的情况。

（3）如下表是本实验过程中不同时刻温度记录，则该地水的沸点为℃,可能

的原因是当地的大气压1标准大气压（选填“大于、等于"或“小于”）。

（5）水在沸腾过程中需要热，如果继续给沸腾的水加热，水的温度

（选填“升高”、“不变”或“降低”）。

图一图二

21.（7分）实验小组在“用电流表和电压表测量小灯泡正常发光时灯丝的电阻”实验中，

实验器材：两节新干电池、额定电压为2.5V的待测小灯泡、滑动变阻器、电流表、电压

表、开关和若干导线。

（1）请用笔画线代替导线将如图1所示的电路连接完整。

（2）连接好电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应置于最（选填“左”或“右”）

端。

（3）然后闭合开关，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数且接近3V,则电

路故障可能是小灯泡。

（4）排除故障后，移动滑片至电压表的示数为2.5V时，观察电流表的示数如图2所示,

则小灯泡的额定电流为A,额定功率为W；小灯泡正常发光时

灯丝的电阻约为Q（计算结果保留一位小数）。

（5）若将小灯泡换成阻值为511的定值电阻，利用本实验器材还能完成的实验是

（选填序号）.

A.探究电流与电阻的关系

B.探究电流与电压的关系

2022年江西省吉安市永丰县中考物理一模试卷

参考答案与试题解析

一、填空题（共16分，每题1分）

1.（2分）放在热菜中的盐比凉菜中的盐化得更快，这说明温度越高,分子的无规则运

动越快。用力拉铁丝不容易拉断，这说明铁丝的分子之间存在引力。

【分析】（1）扩散跟温度有关，温度越高，扩散越快。扩散表明分子不停的做无规则的

运动，温度越高，分子运动越快。

（2）分子间同时存在着斥力和引力。

【解答】解：（1）分子运动的速度与温度有关，温度越高，分子运动越快。因此放在热

菜中的盐比放在凉菜中的盐化得快；

（2）分子间有相互作用的引力和斥力，用力拉铁丝不容易拉断，就是因为分子间存在引

力的作用。

故答案为：温度；引。

【点评】（1）能辨别扩散现象。扩散和温度有关。

（2）分子间同时存在斥力和引力.

2.（2分）足球比赛中，球员射门时，守门员飞身将球扑住，说明力能改变物体的运动状

态；以飞行的足球为参照物，球门是运动的。

【分析】（D力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；

（2）被研究的物体和参照物之间如果发生位置的改变，被研究的物体是运动的，如果没

有发生位置的改变，被研究的物体是静止的。

【解答】解：（1）球员将飞来的足球顶进球门，足球在力的作用下运动方向发生改变，

说明力能改变物体的运动状态；

（2）以飞行的足球为参照物，足球和球门之间的位置不断发生改变，则球门是运动的。

故答案为：运动状态；运动。

【点评】该题考查了力的作用效果，以及参照物的选择，是一道基础题。

3.（2分）如图所示的电路图，当闭合开关S后，电阻Ri、R2并联，电路正常工作，则甲

【分析】电流先后经过各个用电器的连接方法叫做串联；如果电流在某点出现支路，通

过支路上的用电器后又在另一点汇合，再回到电源的负极，这种连接方式叫并联，根据

题目中的开关组合，分析电流的流向，从而判断电路的连接情况。

【解答】解：由图中可以看出：闭合开关S后，甲与电阻R2并联，乙与电阻R2串联，

所以甲为电压表，乙为电流表；

故答案为：电压；电流。

【点评】解决此类题目的关键是根据题目中的开关组合方式，联系串并联电路的特点进

行分析电路的连接情况。

4.（2分）如图所示是一款“运动手环”，其主要部分是一段内置一小块磁铁的密闭空心塑

料管，管外缠绕着线圈。戴着这种手环走路时，塑料管跟着手一起运动，磁铁则在管内

反复运动，线圈中便会产生电流，液晶屏上就会显示出运动的步数，此过程利用了电

磁感应的原理,将机械能转化为电能。

【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流,

这就是电磁感应；这一过程中，可将机械能转化为电能

【解答】解：根据“运动手环”的特点可知，当塑料管运动时，磁铁在管中反向运动，

切割线圈而产生电流。因此，运动手环的基本原理是电磁感应，产生电流的过程中将机

械能转化为电能。

故答案为：电磁感应；机械。

【点评】了解电磁感应现象，知道产生感应电流的条件，明确这一过程中的能量转化，

是解答本题的关键.

5.（2分）如图1,电源电压保持不变，闭合开关S,变阻器滑片P从a滑到b端的整个过

程中，电流表示数I与电压表示数U的关系如图2所示，由图象可知，Ri的阻值为10

Q;当电路中的电流为0.2A时，Ri与R2消耗的电功率之比为2：1。

【分析】由电路图可知：Ri与R2串联，电压表测量电阻Ri两端的电压，电流表测量串

联电路的电流；

（1）根据图象读出电阻Ri两端电压和电流，根据欧姆定律求出定值电阻Ri的阻值；

（2）当滑片P位于b端时，电路为Ri的简单电路，电压表测电源的电压，电流表测电

路中的电流，此时电路中的电流最大，根据图象读出最大电流和电压表的示数，据此可

知电源的电压；

当电路中的电流为0.2A时，根据图象读出电阻Ri两端电压，根据串联电路的电压特点

求出R2两端电压，根据P=UI即可求出电功率之比。

【解答】解：由电路图可知：Ri与R2串联，电压表测量电阻Ri两端的电压，电流表测

量串联电路的电流；

（1）根据图象可知：电阻Ri两端电压Ui=lV时电流h=0.1A,

由1=卫可得，定值电阻Ri=yL=」K_=10Q；

RIi0.1A

（2）由电路图可知：当滑片P位于b端时，电路为Ri的简单电路，此时电路中的电流

最大，电压表测电源的电压，由图象可知，电路中的最大电流O.3A时，，电压表的示数为

3V,即电源的电压为3V,

当电路中的电流为0.2A时，根据图象读出电阻Ri两端电压Ui'=2V,

根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可知：

R2两端电压U2'=U-U/=3V-2V=1V；

Rl与R2消耗的电功率Pl：P2=IUi：IU2=Ui：U2=2V：1V=2：1。

故答案为：10;2：k

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是根据图象读出电流和电

压的对应值。

6.（2分）一台四冲程的汽油机飞轮转速为2400r/min,若在做功冲程中，每次做功460J,

这台汽油机的功率是9200W,若汽油机的效率为40%,每分钟消耗汽油的质量为

7

0.03kg（q汽油=4.6义10/kg）o

【分析】（1）2400r/min表示Imin飞轮转动2400圈，而飞轮每转两圈对外做功一次，可

求Imin做功次数；又知道每次做功460J,可求汽油机Imin做功，再利用P=2■求这台

t

汽油机的功率：

（2）知道热机效率，利用效率公式求汽油完全燃烧放出的热量，利用Q=mq求出每分

钟消耗汽油的质量。

【解答】解：（1）因为飞轮每转两圈，对外做功一次，Imin飞轮转动2400周

所以Imin做功1200次，

因为每次做功460J,

所以Imin做功：

W=460JX1200=5.52X1()5j,

这台汽油机的功率：

5

P=W=5.52X10J=Q9nnw：

t60s

（2）由n=」L=4o%可得汽油完全燃烧放出的热量:

Q放

552X1Q56

Qw=-I-=-J=1.38X10J,

40%40%

每分钟消耗汽油的质量：

m='=L38X106J“03kg。

q汽油4.6X107J/kg

故答案为：9200；0.03o

【点评】本题考查了功率公式、效率公式、燃料完全燃烧放热公式的应用，以及对内燃

机几个相关数据的理解，关键是公式及变形公式的灵活应用。

7.（2分）小明家2月底电能表示数如图所示，3月底电能表示数为82.0kW・h,3月份他家

消耗的电能为50kWh。小明发现1分钟内，转盘转过了50转，他家接入的用电器

消耗的电功率是1200W,

【分析】由图读出2月底电能表的示数，则3月份他家消耗的电能为3月底的示数与2

月底的示数之差；

根据题意得出转盘转过50转消耗的电能，再根据P=上求出他家接入的用电器消耗的电

t

功率。

【解答】解：由图可知2月底电能表示数为32.0kW・h,

则3月份他家消耗的电能为：W=82.0kW・h-32.0kW・h=50kW・h；

由题可知转盘转过了50转消耗的电能为：W'=-------也----=0.02kWh=7.2X104J,

2500r/kW-h

72X1Q4

则他家接入的用电器消耗的电功率为：p=l—=-J=1200W,

t60s

故答案为：50；1200,

【点评】本题考查了对电能表相关参数的理解以及电功率的计算，此题难度不大。

8.（2分）分别用两个完全相同的“热得快”，同时给质量和温度相同的甲、乙两种液体加

热，它的温度随时间变化的图象如图所示，由图可知甲液体的温度升高得快些，乙

液体的比热容大。

【分析】用相同的热源对液体加热，在相等时间内液体吸收的热量相等，温度变化大的

温度升高快；根据Q=cmAt判断液体比热容的大小。

【解答】解：用两个完全相同的“热得快”对液体加热，在相等时间内两种物质吸收的

热量相等，加热时间越长，物质吸收的热量越多，

由图象可知，升高相同的温度80℃-0℃=80℃,

液体甲的加热时间比液体乙的加热时间少，所以液体甲的温度升高比较快；

根据可知，质量相同的甲、乙两种液体升高相同的温度，乙需要的加热时间长，

mAt

也就是吸收的热量多，所以乙的比热容较大，甲的比热容较小。

故答案为：甲；乙。

【点评】本题考查了学生对比热容掌握及从图象中获取知识的能力，关键是会熟练应用

热量的计算公式，属于常考题目，比较简单。

二、选择题（共14分。第9〜12小题，每小题只有一个正确选项，每小题2分：第13、14

小题为不定项选择，每小题有一个或几个正确选项，每小题2分，全部选择正确得3分，

不定项选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分）

9.（2分）下列估测结果符合实际的是（）

A.六月份扬州的平均气温约为50℃

B.家用LED节能灯的电功率约为200W

C.中学生课桌的高度约为80mm

D.一枚1元人民币硬币的质量大约6g

【分析】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识,

找出符合实际的选项。

【解答】解：A、六月份扬州最高气温不到40C,所以平均气温远低于50C.故A不符

合实际；

B、一般台灯的功率约20W,家用LED灯的功率与此差不多，在20W左右。故B不符

合实际；

C、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm=800mm

左右。故C不符合实际；

D、一块橡皮的质量约6g,一枚一元硬币的质量与此差不多，在6g左右。故D符合实际。

故选：D。

【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可帮助我们更好地

学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。

10.（2分）在“探究滑动摩擦力大小与哪些因素有关”的实验中，小明找来了量程合适的

弹簧测力计一个、长木板两块（一块光滑，另一块粗糙）、长方体木块一块（带有挂钩）、

钩码一盒，实验过程如图所示，下列说法错误的是（）

甲乙丙

A.测量摩擦力时，要使弹簧测力计拉着木块沿水平长木板做匀速直线运动

B.通过图甲、乙所示的实验可以得出结论：在保持压力一定时，粗糙程度越大，滑动摩

擦力越大

C.此实验中应用了一种重要的探究物理问题的方法--控制变量法

D.图甲中用不同速度拉着木块做匀速直线运动，摩擦力大小也不同

【分析】A、根据二力平衡分析；

BCD、影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一

个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论。

【解答】解：

A、只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，拉

力大小才等于摩擦力的小。故测量摩擦力时，要使弹簧测力计拉着木块沿水平长木板做

匀速直线运动，故A正确；

B、比较甲、乙两图，压力大小相同，乙接触面粗糙，乙测力计示数大于甲的示数，可得

出在保持压力一定时，粗糙程度越大，滑动摩擦力越大，故B正确；

C、此实验中应用了一种重要的探究物理问题的方法一控制变量法，故C正确；

D、因影响滑动摩擦力大小的两个因素：压力大小和接触面的粗糙程度都不变，故图甲中

用不同速度拉着木块做匀速直线运动，摩擦力大小相同，故D错误。

故选：D。

【点评】本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运

用，体现了对过程和方法的考查。

11.（2分）如图所示，质量和底面积相同的甲、乙两容器，装有质量相同的不同液体，下

列说法正确的是（）

甲7,

A.液体对烧杯底部的压强p甲=p乙

B.液体对烧杯底部的压强pqi>pi

C.甲、乙两容器对桌面的压力F甲=Fz.

D.甲、乙两容器对桌面的压力F中>FK

【分析】（1）液体质量相同，根据图判断出两液体的体积，根据密度公式判断出两液体

的密度；

（2）根据p=pgh判断液体对杯底压强的关系；

（3）容器对桌面的压力等于容器的重力与液体的重力之和。

【解答】解：AB、因为容器底面积相同，液体同高，所以甲中液体的体积大于乙中液体

的体积，即V«p>Vz.,当质量相同时，根据p=g可知p甲<p乙；

两容器中液体的深度相同，由于prp<p乙，根据p=pgh知，液体对杯底的压强p

甲<p乙；所以A、B错误；

CD、水平桌面上，容器对桌面的压力等于容器的重力与液体的重力之和，甲、乙两

个容器质量相等，且容器中两种液体质量相等，则总质量相等，即总重力相等，故F甲

=F乙，所以C正确，D错误。

故选：C,

【点评】本题主要考查压强公式的应用，知道在水平面上，物体对水平面的压力等于物

体自身的重力是解题的关键。

12.（2分）如图所示，电路的电源电压恒为6V,灯泡L标有“2.5V0.5W”的字样，滑动

变阻器标有“30。1A”字样，下列说法正确的是（)

A.只闭合S3,向右移动滑动变阻器的滑片，电压表示数会变大

B.只闭合S3,移动滑动变阻器的滑片，可使灯泡正常发光

C.同时闭合S2、S3,向右移动滑动变阻器的滑片，电流表示数变小

D.同时闭合Si、S2、S3,将会造成电源短路，烧坏电流表

【分析】（1）只闭合S3时，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压,

电流表测电路中的电流，根据滑片的移动方向可知接入电路中电阻的变化，利用串联电

路的分压特点可知变阻器两端分得的电压变化，进一步得出电压表的示数变化；

（2）只闭合S3时，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流

表测电路中的电流，根据电路图可知电压表的量程和电流表的量程，利用串联电路的分

压特点可知灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压，然后判断出电压表安全，根据串联

电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流，然后判断出电流表安全，利用欧姆定律求

出滑动变阻器接入电路中的电阻，然后判断出电路安全，从而得出移动滑动变阻器的滑

片是否可使灯泡正常发光；

（3）同时闭合S2、S3时，电路为滑动变阻器的简单电路，电压表测电源两端的电压，

电流表测电路中的电流，根据滑片移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知

电路中的电流变化；

（4）同时闭合Si、S2、S3时，定值电阻R与滑动变阻器并联，电压表测电源两端的电

压，电流表测干路中的电流，据此进行解答。

【解答】解：A、只闭合S3时，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的

电压，电流表测电路中的电流，向右移动滑动变阻器的滑片，变阻器接入电路中的电阻

变小，由串联电路的分压特点可知，变阻器两端分得的电压变小，即电压表的示数变小，

故A错误；

B、只闭合S3时，灯泡L与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表

测电路中的电流，

由电路图可知，电压表的量程为。〜15V,电流表的量程为0〜0.6A,

因串联电路中总电压等于各分电压之和，且灯泡正常发光时的电压UL=2.5V,

所以，此时滑动变阻器两端的电压：U®=U-UL=6V-2.5V=3.5V<15V,电压表安全,

因串联电路中各处的电流相等，所以，由P=UI可得，电路中的电流：1='=&_理=

UL2.5V

0.2AV0.6A,电流表安全，

滑动变阻器接入电路中的电阻：R港=!置=旦包=17.5Q<30Q,电路安全，

I0.2A

所以，移动滑动变阻器的滑片，可使灯泡正常发光，故B正确；

C、同时闭合S2、S3时，电路为滑动变阻器的简单电路，电压表测电源两端的电压，电

流表测电路中的电流，向右移动滑动变阻器的滑片，变阻器接入电路中的电阻变小，由I

=旦可知，电路中的电流变大，即电流表示数变大，故C错误；

R

D、同时闭合S］、S2、S3时，定值电阻R与滑动变阻器并联，电压表测电源两端的电压,

电流表测干路中的电流，所以，不会造成电源短路，不会烧坏电流表，故A错误。

故选:Bo

【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式

的应用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式和电表所测电路元件是关键。

（多选）13.（3分）下列说法中正确的是（）

A.电路两端有电压，但可能没有电流

B.导体的电阻不为零，导体两端的电压一定不为零

C.我国家庭电路的电压为220V,频率为50Hz

D.磁体周围都分布着磁感线

【分析】（1）电路产生电流的条件：有电源、电路闭合；

（2）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两

端的电压和通过的电流无关：

（3）我国交流电频率是50Hz,生活用电电压为220V；

（4）磁感线是不存在的，是为了研究方便假象的一些有方向的曲线；磁场是真实存在的。

【解答】解：A、电路两端有电压，电路中可能没有电流，因为只有电路闭合时，才会有

电流，故A正确；

B、电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，与导体

两端的电压无关，故B错误；

C、我国家用电器额定电压是220V,与之配套的生活用电电压也是220V,频率是50Hz.故

C正确；

D、磁感线是不存在的，是为了研究方便假想出来的一些有方向的曲线，故D错误；

故选：AC。

【点评】此题是一道综合题，考查的知识点较多，包括电路电流、家庭电路电压、交流

电、磁感线等知识点。难度不大，掌握基本规律就能正确解答。

（多选）14.（3分）如图所示，几个同学在只有电流表或电压表时（电源电压未知），利用

一个已知阻值的电阻Ro设计了四个测未知电阻Rx的电路，其中可行的是（）

【分析】串联电路的电流处处相等，串联电路总电压等于各部分电压之和，并联电路各

支路电压相等，并联电路干路电流等于各支路电流之和，用电压表和电流表，直接或间

接测量待测电阻两端的电压和通过待测电阻的电流，根据R=U计算待测电阻的阻值。

I

【解答】解：

A、由图知，两开关都闭合，两电阻并联，电流表测干路电流；再断开S2，电路为待测

电阻的简单电路，电流表测通过待测电阻的电流；

由并联电路的电流特点可知两次电流表示数之差即为通过定值电阻的电流，根据U=IR

计算定值电阻两端的电压，即电源电压，根据欧姆定律可计算待测电阻的阻值，故A可

行；

B、由图知，两个开关都闭合时，电路为待测电阻的简单电路，电压表测电源电压；再断

开S2,Rx和定值电阻串联，电压表测待测电阻两端的电压；

由串联电路的电压特点可知两次电压表示数之差即为串联时定值电阻两端的电压，根据

欧姆定律计算串联电路中的电流，串联电路各处电流相等，根据欧姆定律可计算待测电

阻的阻值，故B可行；

C、由图知，闭合S1，Rx和定值电阻串联，电流表测量串联电路的电流，设电流表示数

为h，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律可得电源电压U=h（Rx+Ro）.

再闭合S2,电路为待测电阻的简单电路，电流表测通过待测电阻的电流，设此时电流表

示数为12,根据欧姆定律可得电源电压U=l2Rx，

电源电压不变，联立解方程可得待测电阻的阻值，故c可行；

D、两开关都闭合，Rx和定值电阻并联，电压表测电源电压；断开开关S2,电路为待测

电阻的简单电路，电压表测电源电压，即待测电阻两端的电压，不能直接或间接测量通

过待测电阻的电流，不能求出Rx的阻值，故D不可行。

故选：ABCo

【点评】本题考查了测电阻阻值电路的选择问题，知道测电阻的原理、分析清楚电路结

构、应用串并联电路特点与欧姆定律即可正确解题。

三、计算题（共22分，第15、16小题7分，第17小题8分）

15.（7分）最近，公交公司更换了一批新型混合动力公交车，在进行新车测试时获得一些

数据：新型公交车总质量为4Xl^kg,车匀速行驶时所受阻力是总重的0.5倍，公交车

在牵引力作用下在平直公路上匀速行驶，2min内行驶了1200m,（g取lON/kg）,求：

（1）该公交车受到的牵引力。

（2）公交车在2min内牵引力所做的功。

（3）公交车这段时间内做功的功率。

【分析】（1）利用G=mg求出公交车的重力，根据车匀速行驶时所受阻力是总重的0.5

倍，计算出公交车匀速行驶受到的阻力，利用二力平衡条件分析出公交车的牵引力；

（2）利用W=Fs计算出牵引力做的功；

（3）利用P=?计算出公交车做功的功率。

t

【解答】解：（1）公交车的重力：

G=mg=4X103kgX10N/kg=4X104N,

因为车匀速行驶时所受阻力是总重的0.5倍，所以阻力：

f=0.5G=0.5X4X104N=2X104N,

因为公交车在牵引力作用下在平直公路上匀速行驶，所以牵引力与阻力

是一对平衡力，因此牵引力:

F=f=2Xl()4N；

(2)公交车在2min内牵引力所做的功：

W=FS=2X104NX1200m=2.4X107J；

(3)公交车这段时间内做功的功率:

W=2.4Xlo7j

P==2X1(A。

2X60s

答：(1)该公交车受到的牵引力为2X1()4N；

(2)公交车在2min内牵引力所做的功为2.4义

(3)公交车这段时间内做功的功率为2X

【点评】本题考查了二力平衡条件的应用、功和功率的计算，是一道基础题。

16.(7分)如图所示的电路中，电阻Ri=10Q,闭合开关S,电流表Ai的示数为1.2A,电

流表A的示数为2A。求：

(1)通过R2的电流大小；

(2)电源电压的大小；

(3)电阻R2的阻值;

Ri

——

【分析】由电路图可知，Ri与R2并联，电流表A测干路电流，电流表Ai测Ri支路的

电流。

(1)根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流；

(2)根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；

(3)根据欧姆定律求出电阻R2的阻值。

【解答】解：由电路图可知，Ri与R2并联，电流表A测干路电流，电流表Ai测Ri支

路的电流。

(1)因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R2的电流：12=171=2A

-1.2A=0.8A；

(2)因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由欧姆定律可得，电源的电压：U=

IiRi=1.2AX10n=12V；

(3)电阻R2的阻值：R2=」L=」？L=15C。

I20.8A

答：(1)通过R2的电流大小为0.8A；

(2)电源电压为12V；

(3)电阻R2的阻值为15。。

【点评】本题考查并联电路特点、欧姆定律、电功公式的灵活运用，属于基础题。

17.(8分)如图甲所示，底面积为lOOcn?的圆柱形容器中装满水，底部中央固定有一根体

积不计沿竖直方向的细杆，细杆的上端连接着密度为0.6g/cm3的圆柱体A,容器的底部

安装有阀门，现打开阀门，控制水以50cm3/s流出，同时开始计时，水对容器底部的压

力随时间变化的规律如图乙所示，求：

(1)阀门未打开前水对容器底部的压强；

(2)圆柱体A的高度；

(3)t=52s时，细杆对物体的作用力大小。

【分析】(1)由图乙知，当t=0,水对容器底部的压力为50N,根据p=1求阀门未打开

前水对容器底部的压强；

(2)由图乙知，分别求出在0-40s,40s-64s64s-84s三个时间段流出的水量，即

各阶段减小的水的体积，根据h=Y,可分别求出1、3阶段水下降的高度：根据压强公

S

式求出在放水前容器盛满水时的深度，可得出圆柱体A的高度；

(3)根据数学公式可得出A的底面积，从而得出A的体积；

根据从第40s到第52s流出水的体积得出水面下降的高度，从而得出A排开水的体积，

由阿基米德原理，求出此时A受到的浮力，根据G=pAgVA求出A的重力，比较重力其

受到的浮力大小主，根据力的平衡求出细杆施加的作用。

【解答】解：(1)由图乙知，当t=0,水对容器底部的压力为50N,则阀门未打开前水

对容器底部的压强为：

p=—=--------------=5000Pa；

SIOOXIQT1n2

(2)由图乙知，在0-40s,40s-64s64s-84s三个时间段，水对容器底部的压力随

时间变化的规律分别为一直线，第1阶段流出的水量：

V1=40sX50cm3/s=2000cm3；

第2阶段流出的水量：

V2=24sX50cm3/s-1200cm3；

第3阶段流出的水量：

3

V3=20sX50cm3/s=1000cm；

即各阶段减小的水的体积，如下图1所示:

G=4.8N

图1图2

根据h=Y,可分别求出1、3阶段水下降的高度分别为:

S

hi=20cm,h3=10cm,

圆柱体A的高度：

hA=50cm-20cm-10cm=20cm；

(3)因在放水前，对容器底部的压强为5000Pa,故容器盛满水时的深度:

_p^_=--------------5302005P&5---------------=0八.5cm①，故

Pg1.ox103kg/m3XlONZkg

23

在第2个阶段，有(S-SA)hA=(100cm-SA)hA=1200cm,----------------②,

由①②，故A的底面积为:

SA=40cm2,

故A的体积：

VA=SAhA=40cm2X20cm=800cm3,

从第40s到第52s流出水的体积为：

V2i=12sX50cm3/s=600cm3,

即水面下降了10cm,

A排开水的体积：

V排=h'SA=10cmX40cm2=400cm3

由阿基米德原理，此时A受到的浮力：

3363

Ff?=p，KgVj|t=1.0X10kg/mXION/kgX4OOX10_m=4N；

A的重力：

3363

G=pAgVA=0.6X10kg/mX10N/kgX800X10-m=4.8N,因重力大于其受到的浮力,

故A还受到一个细杆施加的竖直向上的力T的作用，根据力的平衡:

T=G-F浮=4.8N-4N=0.8N»

答：（1）阀门未打开前水对容器底部的压强为5000Pa；

（2）圆柱体A的高度为20cm；

（3）t=52s时，细杆对物体的作用力大小为0.8N。

【点评】本题考查压强公式、阿基米德原理、力的平衡等知识的运用，关键根据图乙找

出放水的三个对应的阶段。

四、实验探究题（共28分，每小题7分）

18.（7分）火锅，古称“古董羹”，因食物投入沸水时发出的“咕咚”声而得名，是中国独

创的美食之一，也是一种老少皆宜的食物。火锅中会用到大量的食用油，其密度大致在

0.91g/cm3-0.93g/cm3之间，但在火锅的加工食用过程中存在极个别不法商贩为了节约成

本，会将食客食用后的锅底进行再回收再食用，俗称“口水油”。这种油含有大量的微生

物，包括残渣细菌，甚至病毒或致癌物质，长期食用会对人们的身心健康造成严重影响。

肖肖同学对一份“口水油”样品进行了如下操作，想借此来鉴别其是否是“口水油

（1）把托盘天平放在水平桌面上，先将游码置于标尺左端的零刻线处，再调节平

衡螺母，使横梁平衡；

（2）用托盘天平测得空烧杯的质量mo=42g；

（3）在烧杯中倒入适量样品，放置在了托盘天平右盘，天平横梁平衡后（如图1所示），

则烧杯和样品油的总质量m=71g；

（4）将烧杯中样品油倒入量筒中，如图2所示测出样品油的体积；

（5）算出样品油的密度p=0.725X1（）3kg/n?；

（6）通过以上实验，肖肖能（填“能”或“不能”）区别食用油与“口水油”；

（7）小华分析上述实验认为：小明的实验操作测得的样品油密度偏大。其原因是：

实验中测得的“口水油”样品的体积偏小。

图1图2

【分析】（1）调节平衡前，先将天平放在水平台上，游码置于标尺左端的零刻线处，然

后调节平衡螺母；

（3）利用天平测量物体质量时，物体质量等于破码的质量和游码对应的刻度值之和；

(4)根据图2读出量筒中油的体积；

(5)根据空烧杯的质量和烧杯和样品油的总质量求出倒入量筒中样品油的质量，根据密

度公式求出样品油的密度；

(6)将算出的密度与食用油的密度比较得出结论；

(7)根据将烧杯中样品油倒入量筒中时，样品油会沾在烧杯壁上导致所测体积偏小，根

据密度公式分析所测样品油密度的偏差。

【解答】解：(1)调节平衡前，先将天平放在水平桌面上，再将游码置于标尺左端的零

刻线处，然后调节平衡螺母使横梁平衡；

(3)由图甲可知，游码标尺的分度值为0.2g,则烧杯和样品油的总质量m=50g+20g+5g

-4g=71g；

(4)由图2可知，量筒的分度值为1mL,则量筒中样品油的体积：Vin=40mL=40cm3,

(5)由题意可知，倒入量筒中样品油的质量：mjfl=m-mo=71g-42g=29g,

则样品油的密度为：

33

p=m>fi=29g=0725g/cm3=0725*iokg/m；

V油40cm3

(6)食用油的密度大致在0.91g/cn?〜0.93g/cm3之间，测量的样品油的密度不在此范围，

所以能区别食用油与“口水油”：

(7)将烧杯中样品油倒入量筒中时，样品油会沾在烧杯壁上导致所测体积偏小，由p=

期可知，测得的样品油密度偏大。

V

故答案为:(1)置于标尺左端的零刻线处；平衡螺母;(3)71；(5)0.725X103；(6)能；

(7)大；体积。

【点评】本题测定油的密度，考查天平和量筒的使用、密度公式的应用和误差分析，是

常考题，难度不大。

19.(7分)小明利用如图甲所示的实验装置研究冰的熔化特点。请你回答下列问题。

(1)实验前，组装实验器材的合理顺序应是BDAEC:(填序号)

A.烧杯；

B.酒精灯;

C.温度计；

D.铁圈及石棉网；

E试管

(2)实验过程中每隔Imin记录一次温度计示数，其中某时刻温度计示数如图甲所示，

此时冰的温度为-12℃,实验中既要关注温度计的示数又要观察冰的状态变

化；

（3）实验中，冰不断从烧杯里的水中吸收热量,温度升高，根据出现液态水现

象可判断冰开始发生熔化；

（4）实验完成后，小明将实验数据绘制成如图乙所示的温度随时间变化关系的图像，他

根据实验过程并结合图像分析认为：酒精灯虽持续加热，冰熔化时温度却保持不变，所

以冰熔化过程是不需要吸热的。小明的这一判断是否合理？不合理（选填“合理”

或“不合理”），理由是因为烧杯中的水温高于试管中冰的温度，所以冰会从水中吸

热。

甲乙

【分析】（1）实验器材装配要根据酒精灯来确定铁圈及石棉网的高度；温度计测量液体

温度时，玻璃泡要浸没在液体中