2021届浙江省名校新高考研究联盟高考物理三模试卷附答案详解

2021届浙江省名校新高考研究联盟高考物理三模试卷

一、单选题（本大题共13小题，共39.0分）

1.运动场跑道可以简化为一个圆，圆的半径r=2（hn.那么运动员跑了一圈的过程中，运动员的位

移大小和路程分别为（）

A.位移大小为40m,路程为407n

B.位移大小为62.8m,路程为125.6m

C.位移大小为0,路程为125.6m

D.位移大小为20m,路程为125.6m

2.下列关于力学问题的说法中正确的是（）

A.研究火星探测器从地球到火星的飞行行轨迹时，可以把火星探测器看成质点

B.牛顿第一定律可以通过现实的实验得到验证

C.米、千克、牛顿都是国际单位制中的基本单位

D.马拉车加速前进说明马拉车的力大于车拉马的力

3.如图所示，甲图为质点a和b做直线运动的位移一时间（x-t）图象，乙图为质点c和d做直线运动

的速度一时间图象，由图可知（）

A.若匕时刻c、d两质点第一次相遇，则t2时刻c、d两质点第二次相遇

B.在“〜t2时间内，质点b通过的位移大于质点a通过的位移

C.在一时刻,质点c、d的加速度ac>ad

D.在h〜t2时间内，质点d的平均速度小于质点c的平均速度

4.如图所示，居、尸2为两个互相垂直的共点力，尸是它们的合力.已知F1的大小等

于3N,尸2的大小等于4N,则F的大小等于（）

A.7N

B.3.5/V

C.1/V

D.5/V

5.月球上没有空气，若宇航员在月球上将羽毛和石块从同一高度同时释放，贝女）

A.羽毛先落地B.石块先落地

C.它们同时落地D.它们不可能同时落地

6.如图为“高分一号”与北斗导航系统两颗卫星在空中某一面内运动的示意图，“北斗系统中两

颗卫星“GJ和“。3”以及“高分一号”均可认为绕地心。做匀速圆周运动，卫星“GJ和

“G3”的轨道半径均为r,某时刻两颗工作卫星分别为轨道上的48两位置，高分一号在C位置，

若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g,地球半径为R,不计卫星间的相互作用力。

则以下说法正确的是（）

卫星-G,-

“千盘V

\地球/

A.卫星“GJ和"G3”的加速度大小相等均为9g

B.卫星“GJ由位置4运动到位置B所需要的时间为罄E

C.如果调动“高分一号”卫星到达卫星“G3”所在的轨道，必须对其减速

D.高分一号是低轨道卫星，其所在高度存在稀薄气体，运行一段时间后，高度会降低，速度增

大，机械能会减小

7.关于电场强度和电势的关系，下列说法正确的是（）

A.场强处处为零的空间，电势也一定处处为零

B.场强处处相同的区域内，电势也一定处处相同

C.场强的方向总是跟等势面垂直

D.电势降低的方向一定是场强的方向

8.如图所示，电源电动势为E，内阻为r,Ri、/?2为定值电阻，L为小

灯泡，/?3为光敏电阻，当照射光强度增大时，下列说法正确的是（

A.电压表的示数减小

B.灯泡L变暗

C.6电流变化量比/?3电流变化量小

D.%电压变化量比&电压变化量大

9.小华在同一水平直线上的两位置分别沿同方向水平抛出两个小球4和B,其

运动轨迹如图所示，不计空气阻力，为使两球在空中相遇，则必须（）

A.同时抛出两小球，且抛出时4球的速度大于B球的速度

B.先抛出球4

C.与两球抛出的先后无关

D.抛出时B球的速度大于4球的速度

10.2012年9月16日，首届矮寨国际低空跳伞节在湖南吉首市矮寨大桥拉

开帷幕。来自全球17个国家的42名跳伞运动员在矮寨大桥上奉献了一

场惊险刺激的低空跳伞极限运动表演。他们从离地350米高的桥面一

跃而下，实现了自然奇观与极限运动的完美结合。如图所示，假设质

量为血的跳伞运动员，由静止开始下落，在打开伞之前受恒定阻力作用，下落的加速度为［g,

在运动员下落八的过程中，下列说法正确的是（）

A.物体的重力势能减少了gmg/iB.物体的动能增加了gmgh

C.物体克服阻力所做的功为mghD.物体的机械能增加了嘤

11.如图，电路中，电源电动势为E,线圈L的电阻不计.以下判断正确的是（）「当,佟

A.闭合s稳定后，电容器两端电压为E卜产

B.闭合S稳定后，电容器的a极带正电

C.断开S后的很短时间里，电容器的a极板将带正电

D.断开s后的很短时间里，电容器的a极板将带负电

12.如图所示，一个带正电的粒子先后分别沿1、2、3、4条不同路径到

达同一带负电的导体上（导体与地绝缘），电场力对该带电粒子做功分

别为名、色、名和伍，则它们间的关系正确的是（）

A.Wr>W2>W3>W4B.Wr>W2=W3>W4

C.W1<W2=W3<W4D.W1=W2=W3=W4

13.A、B两球在光滑水平面上做相向运动，当两球相碰后，其中一球速度变为零，则可以断定（）

A.碰前4的动量等于B的动量

B.碰前力的动量大于B的动量

C.若碰后4的速度为零，则碰前4的动量大于B的动量

D.若碰后B的速度为零，则碰前A的动量大于B的动量

二、多选题（本大题共3小题，共6.0分）

14.如图所示为氢原子的能级图，已知氢原子从n=2能级跃进到n=1能级"

x------------0

时，辐射处4光，则以下判断正确的是（）；一表:

A.氢原子从n=2跃进到n=3吸收光的波长小于4光波长

B.氢原子从n=3跃进到n=2辐射的光在相同介质中的全反射临界角：136

比4光大

C.氢原子从n=3跃进到n=2辐射的光在同一种介质中的传播速度比4光大

D.只要用波长小于4光波长的光照射，都能是氢原子从n=1跃迁到n=2

15.下列说法正确的是（）

A.红色和蓝色的激光在不同介质中传播时波长可能相同

B.电磁波在真空中自由传播时，其传播方向与电场强度、磁感应强度均垂直

C.拍摄玻璃橱窗内的物品时，在镜头前加一个偏振片是为了增强玻璃表面的反射光

D.红光从真空射入水中可能发生全反射现象，传播速度一定减小

E.光的偏振现象说明光具有波动性

16.如图所示，一列简谐横波沿》轴方向传播，实线表示t=0时刻的波形图，虚线表示t=0.2s时刻

的波形图，已知波速为80zn/s.则下列说法正确的是（）

A.波沿x轴负方向传播

B.该波的周期为0.125s

C.在t=0时刻，波上质点a沿y轴正方向运动

D.从t=0时刻起，在0.075s内a质点通过的路程为20cm

E.若观察者从坐标原点0沿支轴负方向运动，则观察者单位时间内接收到波的个数比波源的频

率数小

三、实验题（本大题共3小题，共14.0分）

17.（1）关于打点计时器的使用，下列说法正确的是。

A.电磁打点计时器使用的电源是8V的直流电源

B.打点计时器只能连续工作较短时间，打点之后要立即关闭电源

C.在拉动纸带时，拉动的方向应与限位孔平行

。.无论使用电磁打点计时器还是电火花打点计时器，都应该把纸带穿过限位孔，再把套在轴上的复

写纸片压在纸带的上面

(2)打点计时器所用的电源是50Hz的交变电源，所打点中相邻点间的时间间隔为T,若纸带上共打出

N个点，这条纸带上记录的时间为t,则下列各式正确的是。

A.T=0.1s,t=NT

B.T=0.05s,t=(N—1)T

C.T=0.02s,t=(N—1)7

D.T=0.02s,t=NT

(3)使用打点计时器测量瞬时速度时得到的一条纸带如图所示(实验中打点计时器所接低压交变电源

的频率为50Hz),从4点后开始每5个点取一个计数点，依照打点的先后顺序依次编为0、1、2、

3、4、5、6,测得匕=5.18cm,x2=4.40cm,x3=3.62cm,x4=2.78cm,x5=2.00cm,x6=

1.22cm,则打点计时器打计数点3时速度大小%=m/s。(结果保留两位有效数字)

r~S~5-432I0-(

__4.__Ja

\人软包43%2盯J

(4)电火花打点计时器使用交流U电源工作，它的工作电源的频率是50Hz,如果用它测量速度

时，实验者不知道工作电源的频率己变为60Hz,而仍按50Hz进行计算，这样算出的速度值与物体速

度的真实值相比(填“偏大”或“偏小”)。

18.一个同学在前究平抛物体的运动/实验中，只画出了如图所示的一

部分曲线，于是他在曲线上取水平距离相等的三点4、B、C,量得

△s=0.2m,又量出他们之间的竖直距离分别为4=0.1m,h2=0.2m,

g取10m/s2,利用这些数据，可求得：

(1)物体从4到B所用的时间7=s

(2)物体抛出时的初速度为m/s

(3)物体经过B点时速度为m/s

(4)物体抛出点到4点的水平距离为mo

19.图甲为某同学组装完成的简易多用电表的电路图。图中电池电动势E=1.7V,表头G的满偏电流

为100/M,内阻为90024端和B端分别与两表笔相连，1、2、3为换挡开关，其中1挡位是直流

电流挡，3挡位是直流电压2.5U挡。

(1)定值电阻力=______0，R3=______Q

(2)滑动变阻器&的作用是;

(3)某次测量时多用电表指针位置如图乙所示，若此时B端与“2”相连，则待测电阻的阻值为

n；若此时B端与“3”相连，则读数为V.

四、简答题(本大题共2小题，共20.0分)

20.如图所示，两根足够长的平行导轨水平放置在地面上且固定不动，导轨间距为L=1m,在轨道

的左、右两端各连接一个定值电阻，其中％=60、/?2=3。，一质量为m=1kg的金属棒ab垂

直于导轨放置，金属棒接入电路中的电阻为r=2。，整个装置处于足够大的匀强磁场中，磁感

应强度大小为8=17、方向垂直于轨道面向下。用大小为尸=1.5N、平行于导轨向右的恒力作

用于金属棒，使其从P位置由静止开始沿导轨方向运动，到达Q位置时刚好匀速，该过程中通过

金属棒ab的电量为q=2.5C,已知金属棒与导轨间的动摩擦因数为〃=0.1,取重力加速度为g=

10m/s2,求：

(1)金属棒ab所受的安培力的方向；

(2)金属棒ab的最大速度u的大小；

(3)从P到Q的运动过程中，电阻％上产生的焦耳热Qi。

头―-X——X—rX―%

XXXX

XX

—X—X-K

21.如图所示，光滑绝缘导轨04B由长度为L=2R的水平部分与竖直面内半径为R的四分之一圆弧

构成，空间中存在沿。4方向的匀强电场(未画出)。现将一质量为小、带电量为+q的物体(可视

为质点)从0点静止释放，已知整个运动过程中物体可以到达的最大高度为2R。求：

(1)电场强度的大小E；

(2)最高点距离。点的水平距离》;

(3)物体在最高点的速度外

五、计算题(本大题共2小题，共21.0分)

22.汽车发动机的额定功率为尸=30k勿，汽车质量m=2.0xlfPkg,汽车在平直路面上保持额定

功率不变由静止开始加速行驶，阻力恒为车重的0.1倍，(g取10m/s2)求：

(1)汽车能达到的最大速度凡是多少？

(2)当汽车的速度为％=lOm/s时，加速度为多大？

(3)若经过t=30s,汽车速度恰好达到最大，求这段时间内汽车前进的距离s。

23.如图所示，质量为m的物体(可视为质点)沿光滑水平面向左以初速

度火做匀速直线运动，到达B点时沿固定在竖直平面内、半径为R=

40cm的光滑半圆轨道运动，并恰能到达最高点C点后水平飞出，最

后落到水平面上的4点.不计空气阻力，g=l(hn/s2.求：

(1)物体的初速度%;

(2)/1.8两点间的距离x.

参考答案及解析

1.答案：C

解析：解：运动员沿跑道跑完一周，路程等于跑道的周长，即：

s=2TIR=2TTx20m=407nH=125.6m,

位移等于首末位置的距离，即x=0.故C正确，A8O错误.

故选：C.

运动员位移的大小等于首末位置的距离，路程等于运动轨迹的长度.

解决本题的关键知道路程和位移的区别，知道路程是标量，大小等于运动轨迹的长度，位移是矢量，

大小等于首末位置的距离.

2.答案：4

解析：解：力、研究火星探测器从地球到火星的飞行轨迹时，火星探测器的大小和体积可以忽略，可

以当作质点来研究，故A正确。

B、牛顿第一定律是逻辑思维的产物，不能通过现实的实验得到验证，故8错误。

C、米、千克是国际单位制中的基本单位，牛顿是国际单位制中的导出单位。故C错误。

。、马拉车的力与车拉马的力是一对作用力和反作用力，根据牛顿第三定律知它们大小相等，故。

错误。

故选：Ac

当物体的形状和大小对所研究的问题影响可以忽略时，物体可以看成质点。牛顿第一定律不能通过

现实的实验得到验证。牛顿是国际单位制中的导出单位。结合牛顿第三定律分析。

本题知识点多，难度小，关键是要记住基础知识。要掌握物体能看成质点的条件是物体的形状和大

小对所研究的问题影响可以忽略。

3.答案:D

解析：解：4、根据v-t图象与时间轴围成的面积表示位移，知在口〜t2时间内，质点c通过的位移

大于质点d通过的位移，若□时刻c、d两质点第一次相遇，则以时刻C、d两质点没有相遇，故A错误；

B、在x-t图象中，位移等于纵坐标的变化量，则知在G〜t2时间内，质点b通过的位移等于质点a通

过的位移，故B错误；

C、在17-t图象中，图象的斜率表示加速度，斜率绝对值越大加速度越大，则知在匕时刻，质点C、d

的加速度&<ad•故C错误；

。、在ti〜t2时间内，质点d通过的位移小于质点C通过的位移，则质点d的平均速度小于质点C的平均

速度，故。正确。

故选：D。

在u-t图象中，图象的斜率表示加速度，图象与时间轴围成的面积表示位移。根据位移关系分析两

质点是否相遇。

在x-t图象中，图象的交点表示两质点相遇，位移等于纵坐标的变化量。结合平均速度等于位移与

时间之比分析。

本题要求同学们能根据运动图象读出有用信息，要注意位移-时间图象和速度-时间图象的区别，能

从斜率、面积等数学角度来理解其物理意义。

4.答案:D

解析：解：尸2为两个相互垂直的共点力，&的大小等于3N,尸2的大小等于4N,

所以根据勾股定理可得，F=J邛+F/=，32+42/V=5N，

故选：D。

&、局为两个相互垂直的共点力，根据勾股定理课求得尸的大小，从而即可求解.

两力合成时，合力的大小满足阳-尸2|WFWFi+B，在此范围内所有的值均是有可能的.

5.答案：C

解析：月球上没有空气，物体只受月球对它的吸引力作用，运动情况与地球上的物体做自由落体运

动相似，根据自由落体运动的规律可知，下落时间由高度决定，高度相同，则运动时间相同。

月球上没有空气，羽毛和石块只受月球对它的吸引力作用，运动情况与地球上的物体做自由落体运

动相似，又因为羽毛和石块从同一高度同时下落，故运动的时间相等，所以羽毛和石块同时落地。

故选Co

月球上没有空气，静止释放的物体运动情况与地球上自由落体运动的物体运动运动情况相似，物体

的位移、速度、加速度、时间等与物体的质量无关，这类题目根据自由落体运动的基本规律直接解

题，难度不大。

6.答案：。

解析：解：4、根据万有引力提供向心力：G*ma,得a=黑.而GM=自改.所以卫星的加速度。=

g5故A错误。

B、根据万有引力提供向心力，得3=楞=庠,卫星1由位置4运动到位置B所需的时间t=工=

S侣故B错误。

C、调动“高分一号”卫星到达卫星“G3”所在的轨道要做离心运动，即加速，故C错误

。、“高分一号”是低轨道卫星，其所在高度有稀薄气体，克服阻力做功，机械能减小，但运行速

度要增大。故。正确。

故选：D«

人根据万有引力提供向心力G等=ma,以及黄金代换式GM=9肥.求卫星的加速度大小。

B、根据万有引力提供向心力求出卫星的角速度，然后通过转过的角度求出时间。

C、高分一号”卫星速度增大，万有引力不够提供向心力，做离心运动达到高轨道。

D,“高分一号”是低轨道卫星，其所在高度有稀薄气体，要克服阻力做功，机械能减小

解决本题的关键掌握万有引力提供向心力誓=ma结合黄金代换式GM=g/?2求解。

7.答案：C

解析：解：2、电势为零，是人为选择的，电场强度为零的地方，电势不一定为零。故A错误。

8、场强处处相同的区域内，电势不一定为零，比如：匀强电场，电场强度处处相等，而沿着电

场线的方向电势降低。故B错误。

C、等势面电势处处相等，在等势面上移动电荷不做功，是因电场力的方向与运动方向相互垂直，

因此场强的方向总是跟等势面垂直。故C正确。

电势降低最快的方向一定是场强的方向，电势降低的方向不一定是场强的方向，故。错误；

故选：Co

分析：电场线的疏密表示电场强度的相对大小，电场线的方向反映电势的高低，则电场强度与电势

没有直接关系.电场强度为零，电势不一定为零.电势为零，电场强度也不一定为零.电场

强度越大的地方，电势不一定高.电势降低最快的方向一定是场强的方向，电势降低的方向不一定

是场强的方向电场强度和电势这两个概念非常抽象，借助电场线可以形象直观表示电场

这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的

方向反映电势的高低.

8.答案：C

解析：解：力、当照射光强度增大时，电阻减小，外电路总电阻减小，则干路电流增大，电压表的示

数增大，故A错误。

8、干路电流增大，通过7?2中电流减小，则知通过小灯泡的电流增大，故小灯泡功率增大，灯泡变亮，

故8错误。

C、电路中并联部分电压减小，通过/?2中电流减小，则干路电流增加量小于电阻R3电流增加量，故C

正确。

。、干路电流增大，电源内电压增大，路端电压减小，则电阻收电压增加量小于并联部分电压减小

量，即长电压变化量比R2电压变化量小，故。错误。

故选：CO

当照射光强度增大时，电阻减小，外电路总电阻减小，分析干路电流和路端电压的变化，得到电压

表示数的变化。根据干路电流和通过/?2电流的变化，分析灯泡亮度的变化。

本题是电路动态分析问题，要了解光敏电阻的特性：照射光强度增大，电阻减小，分析电路中电阻

变化，按“局部T整体T局部”的顺序进行分析。

9.答案：A

解析：解：小华在同一水平直线上的两位置分别沿同方向水平抛出两个小球a和B,两小球在竖直方

向均做自由落体运动，为使两球在空中相遇，小球在竖直方向位移y相同，空中运动时间：t=后，

相同，则同时抛出两小球；

球4在水平方向位移大于球B在水平方向位移，运动时间t相同，抛出速度：v=1,则抛出时4球的

速度大于B球的速度，故A正确，8C。错误。

故选:Ao

研究平抛运动的方法是把平抛运动分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，

竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同，根据下落的高度分析运动时间，从而确定

两球抛出的先后。

此题是对平抛运动规律的直接考查，要知道平抛运动的时间是由下落的高度决定的。

10.答案：B

解析：解：4、在运动员下落九的过程中，重力势能减少了mg/i,故4错误；

3、根据牛顿第二定律得，物体所受的合力为尸4=ma=:mg,则根据动能定理得，合力做功为

内55

则动能增加［mg机故B正确；

C、合力做功等于重力做功与阻力做功的代数和，因为重力做功为mg/i,则克服阻力做gnig/L故C错

误;

D、重力势能减少了mg九，动能增加了为gnigh,故机械能减少（mgh,故。错误。

故选：Bo

根据合力做功的大小得出动能的变化，根据重力做功的大小得出重力势能的减小量，从而得出机械

能的变化。

解决本题的关键知道合力做功与动能的变化关系，重力做功与重力势能的变化关系，以及除重力以

外其它力做功与机械能的变化关系。

11.答案：C

解析：解：

A、B：由于线圈L的直流电阻不计，闭合s稳定后，电容器被短路，两端电压为零，电容器不带电.故

AB错误.

C、D：断开s的瞬间，线圈中电流将要减小，产生自感电动势，根据楞次定律判断可知，线圈产生

左正右负的自感电动势，相当于电源，电容器充电，a极板将带正电.故C正确，。错误.

故选：C.

由于线圈L的直流电阻不计，s闭合电路稳定后，电容器被短路，两端电压为零，不带电.当断开S的

瞬间，线圈中电流要减小，产生自感电动势根据楞次定律电容器a板所带电的电性.

本题考查自感线圈的双重作用的理解：当电流稳定不变时，自感线圈是电阻不计的导线；当电流变

化时，相当于一个电源.

12.答案:D

解析：解：带正电的粒子，第一次沿直线1移动该电荷，电场力做功为加I；

第二次沿路径2移动该电荷，电场力做功也；

第三次沿曲线3移动该电荷，电场力做功为卬3，

第四次沿曲线4移动该电荷，电场力做功为必，

带负电的导体上表面是个等势体，在四个过程，始末两点的位置电势相同，电场力的功的值只跟始

末两点的位置的电势差有关，而和所经过的路径的形状完全无关。

所以％=w2=W3=W4

故选：Do

电荷在静电场中从一点移到另一点时，电场力的功的值只跟始末两点的位置电势差有关，而和所经

过的路径的形状完全无关.

静电场力和重力都是保守力，静电场和重力场是保守场.保守力做功只与位置有关，与路径无关.

13.答案：C

解析：解：力、碰后一球速度变为零，另一球速度不为零，则系统总动量不为零，由动量守恒定律可

知，碰前系统总动量不为零，则碰前两球的动量不相等，故A错误：

8、由于不知道碰后哪个球静止，无法判断碰前两球的动量大小关系，故8错误；

C、两球相向运动，若碰后4的速度为零，则碰后B球速度反向，系统动量方向与碰前4的动量方向相

同，则碰前4的动量大于B的动量，故C正确；

。、两球相向运动，若碰后B的速度为零，则碰后4球速度反向，系统动量方向与碰前8的动量方向

相同，则碰前B的动量大于4的动量，故。错误；

故选：Co

两球在光滑的水平面上碰撞，碰撞过程中系统所受合外力为零，系统动量守恒，由动量守恒定律分

析答题.

本题考查了两球碰撞前动量大小关系，应用动量守恒定律即可正确解题，本题难度不大.

14.答案：BC

解析：解：4、根据Em-En=hY,知氢原子从n=2的能级跃迁到n=3的能级的能级差小于从n=2

的能级跃迁到n=Z的能级时的能级差，再由2=；,则有从n=2跃进到n=3吸收光的波长大于4光

波长，故A错误。

B、氢原子从n=2能级跃进到n=1能级差大于氢原子从n=3跃进到n=2的能级差，因此从n=3跃

进到n=2辐射的光的频率较低，折射率较小，依据sinC=3那么在相同介质中的全反射临界角比

n

4光大。故B正确。

C、氢原子从n=2能级跃进到n=1能级差大于氢原子从n=3跃进到n=2的能级差，因此从n=3跃

进到n=2辐射的光的频率较低，折射率较小，依据。=今则有光在同一种介质中的传播速度比4光

大。故C正确。

。、要使氢原子从n=l跃迁到n=2,则光子能量必须是两能级的差值，即为△?=13.6—3.4=

10.2W.故。错误。

故选：BCo

能级间跃迁辐射光子的能量等于能级之差，根据能极差的大小比较光子能量，从而比较出光子的频

率.频率大，折射率大，根据。=：比较在介质中的速度大小，并由sinC=,即可判定临界角的大

小，从而即可一一求解.

考查能级间跃迁辐射光子的能量等于能级之差，掌握公式〃=:与S讥C=；的应用，解决本题的突破

口是比较出光子和光子力的频率大小，从而得知折射率、在介质中速度等大小关系.

15.答案：ABE

解析：解：4、光速与介质有关，红色和蓝色的激光的频率不同，在同种介质中的波长是不同的，而

在不同介质中传播时波长可能相同，故A正确；

8、根据电磁波的特点可知，电磁波是横波，在真空中自由传播时，其传播方向与电场强度、磁感应

强度均垂直，故B正确；

C、反射光属于偏振光，拍摄玻璃橱窗内的物品时，在镜头前加一个偏振片能减弱橱窗玻璃表面的反

射光，提高拍摄的效果，故C错误；

。、根据发生全反射的条件可知，光从真空射入水中一定不可能发生全反射现象，故。错误：

E、偏振是横波特有的现象，光的偏振现象说明光具有波动性，故E正确。

故选：ABE.

光在传播过程中频率不变，波速越大，波长越长；根据电磁波的特点分析；在镜头前加一个偏振片

可以减弱橱窗玻璃表面的反射光；根据发生全反射的条件分析；偏振是横波特有的现象。

该题考查对光的本性的理解，都是一些记忆性的知识点的内容，在平时的学习过程中多加积累就可

以做好这一类的题目。

16.答案：ADE

解析：解：AB＞由图知波长A=12m,C=0.2s时间内波传播的距离为％="=80x0.2m=16m=

由波形平移法知该波沿x轴负方向传播，设该波的周期为7。

有：t=0.2s=(1+§7,得：T=0.15s,故A正确，8错误。

C、由于波沿x轴负方向传播，所以在t=0s时刻，质点a沿y轴负方向运动，故C错误。

D、从t=0s时刻起，在0.075s=T内a质点通过的路程是24=20cm,故。正确。

E、若观察者从坐标原点。沿x轴负方向运动，远离波源，产生多普勒效应，观察者单位时间内接收

到波的个数不一定大于波源的实际频率，故E正确。

故选：ADE.

由t=0.2s内的波形变化可确定波的传播时间与周期的关系，得到周期的通项式，由于波的传播方向

未知，所以要分析波向右和向左传播两种方向研究.根据时间与周期的关系分析质点a通过的路程.根

据观察者与波源之间距离的变化分析观察者单位时间内接收到波的个数.

本题关键是明确时间t=o.2s与r的关系，利用波形的平移法判断波的传播方向.根据时间与周期的

关系，分析质点的运动状态.要理解波的双向性和周期性.

17.答案：BCC0.32220偏小

解析：解：

(1)4电磁打点计时器使用的是4V〜6U的交流电源，故A错误：

B.打点计时器不能长时间工作，只能连续工作较短时间，打点之后要立即关闭电源，故B正确；

C.使用打点计时器时，为了减小摩擦力，拉动纸带的方向应与限位孔平行，故C正确；

D使用电磁式打点计时器时，纸带必须穿过限位孔，并注意把纸带压在复写纸的下面；而电火花式

要用墨盘，不需要用复写纸，故。错误。

故选8C。

(2)打点计时器打点的时间间隔7=3=0.02s,纸带上共打出N个点，则总的时间间隔是(N-1)个,

所以时间t=(N-l)7,故选C；

(3)根据匀变速直线运动中中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上计数点

3时的瞬时速度大小，则有%=用*="号警Q^/s=0.32m/s；

(4)电火花打点计时器使用交流220U电源工作，打点周期与交流电的周期相同，即7="=0.02s,

当电源频率变为60Hz时，实际打点周期将变小，而进行计算时，仍然用时间间隔为0.02s来计算，因

此测出的速度数值将比物体的真实数值偏小。

故答案为：(l)BC(2)C(3)0.32(4)220偏小

打点计时器不能长时间工作，只能连续工作较短时间；打点计时器的打点周期与交流电的周期相同。

注意使用电磁式打点计时器时，纸带必须穿过限位孔，并注意把纸带压在复写纸的下面；而电火花

式打点计时器要用墨盘，不需要用复写纸。

18.答案：0.122.50.1

解析：解：(1)在竖直方向上根据△九=972,有：7=若=/号焉詈=0.1s

故答案为：O.lSo

(2)根据水平方向的匀速运动特点可有：x=vot,将T=0.1s代入得：v0=2m/So

故答案为：2m/s。

(3)根据匀变速直线运动某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，所以经过B点时的竖直分

速度为：

所以经过B点的速度为:

故答案为：2.5m/s。

(4)根据马,=gt可知，从开始到B点时间为:

=0.15s

因此从开始到4点是时间为：At=t-T=0.05s

因此物体抛出点到4点的水平距离为：x=几△t=0.1m。

故答案为：0.1m。

(1)根据竖直方向运动特点4h=gt2,求出物体运动时间；

(2)然后利用水平方向小球匀速运动的特点，根据x=即可求出物体的初速度；

(3)匀变速直线运动某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，即4c在竖直方向上的平均速度

等于8点的竖直分速度，然后根据运动的合成可以求出物体经过B点时的速度大小；

(4)根据B点竖直方向的速度大小，求出从抛出到B点的时间，从而求出从抛出到4点的时间，然后求

出物体抛出点到4点的水平距离。

解决本题的关键掌握平抛运动的处理方法，以及匀变速直线运动的两个推论：1、在连续相等时间内

的位移之差是一恒量。2、某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度。

19.答案：1002410欧姆调零12001.45

解析：解：(1)根据图示电路图，由欧姆定律可知：％=然=-10°心

/QXXVAWAv

电流表内阻为：&=鸡=1。。"1。六9。。=go。，

电阻为：/?3=，一心=7^^—90=24100。

(2)由图甲所示电路图可知，开关接2时电表测电阻，此时多用电表为欧姆表，滑动变阻器/?2是欧姆

调零电阻；

(4)若B端与“2”相连，此时测电阻，欧姆表内阻为：R=^=-^^=1700(1,由图示可知，欧

姆表挡位是x100,电阻测量值为：12X100=1200/2；

若8端与“3”相连，此时测电压，电压表量程为2.5V,由图示表盘可知，其分度值为0.05V,所示

为：1.45K；

故答案为：(1)100；24答；(2)欧姆调零;(3)1200；1.45,

(1)根据图示电路图应用串并联电路特点与欧姆定律求出电阻阻值。

(2)使用欧姆表测电阻选择挡位后要进行欧姆调零，两表笔短接、调节欧姆调零旋钮使指针指在欧姆

零刻度线处。

(3)欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数，根据电压表量程确定其分度值，然后根据指针位置

读出其示数

本题考查了多用电表读数以及内部原理，要注意明确串并联电路的规律应用，同时掌握读数原则，

对多用电表读数时，要先确定电表测的是什么量，然后根据选择开关位置确定电表分度值，最后根

据指针位置读数；读数时视线要与电表刻度线垂直。

20.答案：解：(1)由右手定则和左手定则可知，金属棒ab所受的安培力的方向水平向左；

(2)外电路的电阻R=粽=20,

当金属棒的速度最大时，其加速度为零，据平衡条件得：F=〃mg+B〃=〃mg+B普L,

联立以上方程，得v=2m/s；

(3)从P到Q的运动过程中，电荷量q=♦△t=言.△t=1T2t=冷，解得:％=*=10m,

根据功能关系可得"x=+［加卢+Q，解得：Q=3J

由串并连电路特点，Q=/2(R+r)t,Qi=1位通,且由并联电路特点可知人=%

则Qi=§=0.5;

O

答:(1)金属棒ab所受的安培力的方向水平向左；

(2)金属棒ab的最大速度"的大小为2,m/s；

(3)从P到Q的运动过程中，电阻％上产生的焦耳热Qi为0.5/。

解析：(1)根据右手定则判定电流方向，根据左手定则判断安培力方向；

(2)当加速度减小为零时，棒的速度达到最大，写出平衡式，结合感应电动势、欧姆定律、安培力的

式子，就能求出最大速度；

(3)根据电荷量公式q=7Ft=黑求解位移，根据功能关系求解回路的焦耳热，根据串并联电路特

点求解电阻&的焦耳热；

本题考查了电磁感应与电路、力学相结合的综合问题，本题解题的关键是明确金属棒的受力情况和

能量转化情况，知道速度最大的条件是加速度为零。能熟练推导安培力与速度的关系。

21.答案：解：(1)物体离开8点仍在竖直方向上做上抛运动，从B点上抛的最大高度为R,设物体在B

点的速度为%,则有诏=2gR,

从。点到B点，由动能定理得：3qER-mgR