2022年河南省焦作市马村区高考物理模拟试卷（附答案详解）

2022年河南省焦作市马村区高考物理模拟试卷

1.氢原子的能级图如图所示。根据玻尔理论，大量处于

n=4激发态的氢原子向低能级跃迁时（）

A.原子的能量增大

B.核外电子的动能增大

C.最多发出3种不同频率的光

D.由n=2跃迁到n=1释放的光子能量最小

2.2016年8月，我国在酒泉卫星发射中心用长征二号丁运

载火箭成功将世界首颗量子科学实验卫星“墨子号”

发射升空。如图所示为“墨子号”卫星在距离地球表面

500k?n高的轨道上实现两地通信的示意图。若已知地球

表面重力加速度为g，地球半径为R,引力常量为G,则下列说法正确的是（）

A.工作时:两地发射和接收信号的雷达方向一直是固定的

B.不能估算出“墨子号”卫星绕地球做匀速圆周运动的速度

C.可以估算出“墨子号”卫星所受到的万有引力大小

D.可以估算出地球的平均密度

3.一质量为m的小球被发射到空中，运动中小球受到方向水平向左、大小为产的恒力

作用。忽略空气阻力，重力加速度为g。为了使小球能重新回到发射点，发射速度

方向与水平向右方向的夹角9应该满足（）

A.sind=—B.cosd=—C.tand=—D.cot0=—

FFFF

4.如图，一理想变压器原线圈与交变电源相连，副线圈中接有阻值为3。的定值电阻

与理想电流表。当理想电压表的读数为12U时，电流表读数为24,下面说法正确的

是（）

A.变压器原、副线圈匝数比为1：2B.原线圈电流的有效值为14

C.副线圈电流的有效值为近4D.变压器的输入功率为24W

5.如图所示，两根电阻不计的平行光滑长直金属导轨水平放置，导体棒a和b垂直跨在

导轨上且与导轨接触良好，导体棒a的电阻大于b的电阻，匀强磁场方向竖直向下。

当导体棒b在大小为尸2的水平拉力作用下匀速向右运动时，导体棒a在大小为Fi的水

平拉力作用下保持静止状态。若/、/分别表示导体棒a和b与导轨两个接触点间

的电压，那么它们大小关系为（）

A.&=F2,UI>U2B.&<F2,UI<U2

C.&>F2,UI<U2D.F1=F2,UI=U2

6.如图所示，轻绳上端4固定在天花板上，下端C与中点B处分别与

质量为m和2m的小球连接。现用与水平方向始终成30。角的拉力F

将B点处小球向右上方缓慢提升，直到绳AB与竖直方向成60。角。

关于该过程中绳4B上的弹力以B和拉力尸变化情况的说法正确的

是（）

A.F一直增大B.F一直减小

C.以8先减小后增大D.以B先增大后减小

7.如图所示为电磁抽水泵模型，泵体是一个长方体，ab边长为及，左右两侧面是边长

为乙2的正方形，在泵体内加入导电剂后，液体的电阻率为P，泵体所在处于方向垂

直纸面向外的匀强磁场8.工作时，泵体的上下两表面接电压为U的电源（内阻不计）

上。若电磁泵和水面高度差为无，理想电流表示数为/,不计水在流动中和管壁之间

的阻力，重力加速度为g。在抽水泵正常工作过程中，下列说法正确的是（）

A.泵体上表面应接电源正极

B.电磁泵不加导电剂也能抽取纯水

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C.电源提供总的功率为12名

D.若t时间内抽取水的质量为m,这部分水离开电磁泵时的动能为

8.如图所示，小球4质量为m,B为:圆弧面的槽，质量为M=km(k大于1),半径为R,

其轨道末端与足够大的水平地面相切。水平地面有紧密相挨的若干个小球，质量均

为m,右边有一个固定的弹性挡板。现让小球4从B的最高点的正上方距地面高为九

处静止释放，经B末端滑出，与水平面上的小球发生碰撞。设小球间、小球与挡板

间的碰撞均为弹性正碰，所有接触面均光滑，重力加速度为g。贝4()

h......弹性挡板

Ibn

/z///ZzZZZZ////y/7zZ?'z^Z7ZZZ//////Z/lZZZ/ZZZZZ/7zZZZZ/zT7^ZZZZ"zZAZZZZZZ

A.整个过程中，小球4和B组成的系统动量守恒

B.经过足够长的时间后，所有小球都将静止

C.小球4第一次从B的轨道末端水平滑出时的速度大小为叵

\k+1

D.若小球4第一次返回恰好没有冲出B的上端，贝哈=(空)2

Rvk-l

9.如图1所示，用质量为小的重物通过滑轮牵引小车，使它在长木板上运动，打点计

时器在纸带上记录小车的运动情况，利用该装置可以完成“探究动能定理”的实验。

实验中，首先平衡摩擦力和其他阻力。

(1)接通电源，释放小车，打点计时器在纸带上打下一系列点，将打下的第一个点

标为。。在纸带上依次取4、B、C......若干个计数点，已知相邻计数点间的时间间

隔为7。测得4、B、C……各点到。点的距离为打、小、...如图2所示。实验

中，重物质量远小于小车质量，可认为小车所受的拉力大小为mg,从打。点到打B

点的过程中，拉力对小车做的功分=,打B点时小车的速度为o

（2）假设已经完全消除了摩擦力和其他阻力的影响，若重物质量不满足远小于小车

质量的条件，则从理论上分析，图3中正确反映/一”关系的是。

10.某同学欲将量程为300〃4的微安表头G改装成量程为0.34的电流表。可供选择的实

验器材有：

A.微安表头G（量程300/M,内阻约为几百欧姆）

B.滑动变阻器%（0〜10k。）

C滑动变阻器灯（0〜50k。）

D电阻箱（0〜9999.90）

E.电源邑（电动势约为1.5U）

E电源E2（电动势约为9V）

G.开关、导线若干

该同学先采用如图甲的电路测量G的内阻，实验步骤如下：

①按图甲连接好电路，将滑动变阻器的滑片调至图中最右端的位置；

②断开S2,闭合品，调节滑动变阻器的滑片位置，使G满偏；

③闭合S2,保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱的阻值，使G的示数为

200M-记下此时电阻箱的阻值。

回答下列问题：

⑴实验中电源应选用（填“EJ或竺2"）,滑动变阻器应选用（填

“Ri”或“/?2”）。

（2）若实验步骤③中记录的电阻箱的阻值为R,则G的内阻3与R的关系式为

Rg~------°

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(3)实验测得G的内阻Rg=5000,为将G改装成量程为0.3A的电流表，应选用阻值

为_____。的电阻与G并联。(保留一位小数)

(4)接着该同学利用改装后的电流表力，按图乙电路测量未知电阻&的阻值。某次测

量时电压表U的示数为1.20V,表头G的指针指在原电流刻度的250“4处，则

Rx=______0。(保留一位小数)

11.如图所示，间距为d足够长的两平行金属导轨固定放置在同一水平面上，导轨左端

接一阻值为R的电阻，垂直导轨平面有磁感应强度大小为B的匀强磁场，磁场区域

左、右边界与导轨垂直且间距也为d。一导体棒在外力作用下以某一速度向右进入

磁场并做匀速运动。当导体棒离开磁场时，磁感应强度开始随时间均匀减小，其大

小由B减小到零所用时间为九整个过程回路中电动势大小保持不变，导体棒与导轨

始终垂直并接触良好，回路中除R外其余电阻不计，求：

(1)导体棒在磁场中做匀速运动的速度大小；

(2)从导体棒进入磁场到磁感应强度减小到零的过程中电阻R产生的焦耳热。

12.如图所示，足够大的水平面的右侧有一固定的竖直钢板，质量为的小球静置于4处,

力处与钢板之间放一带有竖直半圆轨道的滑块，半圆轨道与水平面相切于B点，BD

为竖直直径，0C为水平半径。现对小球施加一水平向右的推力，推力的功率恒定，

经过一段时间t撤去推力，此时小球到达B处且速率为以当滑块被锁定时小球沿半

圆轨道上滑且恰好通过。点。已知重力加速度为g,不计一切摩擦。

(1)求推力的功率P以及半圆轨道的半径R。

(2)若滑块不固定，小球从B点进入半圆轨道恰好能到达C点，与滑块分离后滑块与

钢板相碰并以原来的速率反弹，求：

①滑块的质量M以及小球与滑块分离时小球、滑块的速度/、v2；

②通过计算判断小球第二次滑上半圆轨道能否通过。点？

13.下列说法中正确的是（）

A.单晶体的物理性质都是各向同性的

B.液晶是液体和晶体的混合物

C.空气中水蒸气达到饱和状态时，相对湿度是100%

D.在毛细现象中，毛细管中的液面有的升高，有的可能降低

E.露珠呈球形是因为液体表面张力的作用

14.一圆柱形茶杯用杯盖盖紧，水平放在高温消毒柜里进行高温消毒。开始时茶杯内部

封闭气体的温度为室内温度ti=27℃,压强为外界大气压强po=76cmHg,随着柜

内温度的升高，杯子逐渐漏气，当达到最高温度七=127T时杯内封闭气体的压强

仍然为Po,消毒完成后，经足够长时间，茶杯内气体的温度降为2=27笃，已知茶

杯用杯盖盖紧后杯内气体的体积为V,假设温度达到t2后茶杯不再发生漏气。求：

（1）消毒后杯内气体的最终压强；

（2）高温消毒后杯内气体的质量与消毒前杯内气体质量之比。

15.一列机械波以5m/s的速度，沿x轴负方向传播。在口=0时，波形图如图所示，P、

Q质点的平衡位置分别为1.0m、2.0m。则质点P振动的周期7=s；t2=0.35s

时，质点Q的振动方向为y轴方向（填“正”或“负”）；分=0.45s时，质点P

的加速度大小（填“大于”、“等于”或“小于”）质点Q的加速度大小。

梯形棱镜横截面如图所示，图中4c==90°,LB=60°,

BC长为小截面内一束细光线从棱镜4B边上的F点垂直4B边

射入，在BC的中点P点恰好发生全反射，已知光在真空中传

播的速度为c。

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(1)棱镜对该光的折射率；

(2)求从CO边射出的光线折射角的正弦值以及细光束从射入棱镜到射出CD边所用的时

间t(不考虑在CD界面的反射)。

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：AB,处于激发态的氢原子向低能级跃迁时，原子能量减小，电子圆周运

动的半径减小，根据库仑力提供向心力学=处得：Ek=-mv2=㈣可知电子的动能

r2rK22r

增大，故A错误，B正确；

C、根据数学组合公式或=6可知，从n=4的激发态向低能级跃迁时最多能发出6中不

同频率的光子，故C错误；

D、根据能级跃迁公式可知：从由建=4跃迁到n=3释放的光子能量最小，故。错误；

故选：B。

氢原子由激发态向低能级跃迁时，原子能量减小，电子圆周运动的半径减小，根据库仑

力提供向心力判断核外电子的动能变化；

根据数学组合公式服判断辐射的光子的种类；

辐射光子的能量等于能级差；

解决本题的关键知道能级间跃迁时辐射或吸收的光子能量等于两能级间的能级差，能用

数学的组合公式求解光子的种类数目；

2.【答案】D

【解析】解：力、分析可以“墨子号”卫星的离地高度小于地球同步卫星的离地高度，

根据开普勒第三定律可知，“墨子号”卫星的运行周期小于同步卫星，即地球自转的周

期和“墨子号”的周期不同，转动的角速度不同，所以工作时，两地发射和接受信号的

雷达方向不是固定的，故A错误；

B、已知“墨子号”卫星的离地高度m地球半径R,地球表面的重力加速度g,根据万

有引力提供向心力可知，黑卷=机工，结合黄金代换式：GM=gR2,联立解得“墨

n+/1

子号”卫星绕地球做匀速圆周运动的速度：〃=叵，故B错误；

C、“墨子号”卫星的质量未知，无法确定受到的万有引力大小，故C错误；

D、根据地球表面的万有引力等于重力，鬻=/ng,解得地球质量：M=生，地球平

HG

M3g

均密度：故。正确。

3

故选：D。

根据卫星与地球自转周期的关系分析工作时两地发射和接受信号的雷达方向是否固定。

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根据万有引力提供向心力分析卫星绕地球做匀速圆周运动的速度。

根据万有引力定律公式分析能否求出万有引力的大小。

根据万有引力等于重力求出地球的质量，结合体积求出地球的平均密度。

此题考查了万有引力定律及其应用，解决本题的关键知道卫星做圆周运动向心力的来源,

知道线速度、周期与轨道半径的关系，已知地球表面的重力加速度和半径可以求出地球

的质量，结合地球的体积可以求出地球的平均密度。

3.【答案】C

【解析】解：为了使小球能重新回到发射点，且小球受到重力与恒定向左的作用力，那

么发射速度方向必须与小球受到的合力方向相反，

根据矢量合成法则，结合三角知识，如下图所示：

刁一

mq

则有：tan。=等,故A8O错误，C正确；

故选：Co

根据题目条件：回到出发点，则有加速度与速度共线且反向，依据矢量的合成法则，及

三角知识，即可求解。

考查运动的合成应用，掌握矢量的合成法则，并知道三角函数的内容，注意能重新回到

发射点的条件是解题的关键。

4.【答案】B

【解析】解：4、副线圈输出电压为U2=/2R=2X3P=6U

根据理想变压器的电压关系，可得色=中=黑"，故A错误；

几2OV1

根据理想变压器的电流关系有?=?,解得/】=14故故8正确。

C.副线圈电流的有效值为24故C错误；

。.变压器的输入功率为匕=UJi=12x11V=12W,故。错误。

故选：B。

根据欧姆定律得出副线圈的电压，结合原副线圈的电压比得出原副线圈的匝数比;

根据原副线圈的匝数比得出原副线圈的电流的有效值；

根据公式P=U/计算出变压器的输入功率。

本题主要考查了变压器的构造和原理，理解原副线圈两端电学物理量与匝数比的关系,

结合欧姆定律和功率的计算公式完成分析。

5.【答案】D

【解析】解：设回路中感应电流的大小为/,两金属导轨间的距离为3磁场的磁感应强

度为8。导体棒a保持静止状态，受力平衡，则&=BIL

导体棒b匀速向右运动，受力平衡，则Fz=B/L,所以&=B。

由于两根导轨电阻不计，导轨上电压不计，所以劣=&,故ABC错误，力正确。

故选：D。

导体棒a、b均处于平衡状态，根据平衡条件分析水平拉力的关系。根据欧姆定律分析电

压关系。

本题关键是分析两棒的受力情况，运用平衡条件分析拉力关系，由电路知识分析电压关

系。

6.【答案】AC

【解析】解：

以BC整体为研究对象，受重力、AB绳的拉力、拉力F,缓慢提升过程中三个力合力始

终为零。用矢量三角形画出绳的拉力方向变化过程的动态过程，如上图，可知，随

着B球的不断升高，4B绳子的拉力与水平方向的夹角越来越小，根据矢量方B及F长度的

变化可以看出：%B先减小后增大，F一直增大，故AC正确，8。错误。

故选：AC,,

将B点处小球向右上方缓慢提升过程中系统处于平衡态，三个力中重力不变，拉力方向

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不变，绳子拉力方向改变，以BC整体为研究对象用平行四边形图解的方法即可求解。

本题考查平衡条件中连接体问题的处理方法，及动态过程的分析。平行四边形图解法题

目的特点是:三个力中一个力大小和方向都不变，一个力方向不变，另一个力方向改变。

7.【答案】AD

【解析】解：4、当泵体上表面接电源的正极时，电流从上向下流过泵体，这时受到的

磁场力水平向左，拉动液体，故A正确；

8、纯水中不含有导电离子，分析电磁泵的工作原理可知，不加导电剂，不能抽取不导

电的纯水，故B错误；

C、理想电流表的示数为/,则电源提供总的功率为U/,故C错误；

D、根据电阻定律，泵体内液体的电阻：R=p^=p-*=j根据能量守恒定律可知，

电源提供的总功率等于液体消耗的电功率和水的机械功率，液体消耗的电功率为/2R=

t时间内电源提供电能为Ult,若t时间内抽取水的质量为m,这部分水离开电磁泵时的

动能为。花-血9%-/2：£,故。正确。

故选：ADo

当泵体中电流向下时，安培力向左，故液体被抽出。

根据电磁泵的工作原理分析电磁泵能否抽取纯水。

根据电阻定律得到液体的电阻，根据能量守恒求解水离开电磁泵的动能。

此题考查了霍尔效应及其应用，解题的关键是明确电磁泵的工作原理，要能够结合欧姆

定律、电阻定律、安培力公式分析抽液高度的影响因素。

8.【答案】CD

【解析】解：涉及动量守恒定律，取向右为正方向。

4、由于整个过程中，小球4和B组成的系统竖直方向动量不守恒；且弹性墙不断对小球

由冲量，因此小球4和B组成的系统动量不守恒，故A错误；

8、由于系统没有摩擦，不会损耗机械能，因此经过足够长的时间后，小球4斜面B不会

停下来，而应小球4和斜面B一起向左运动，斜面8的速度大于小球4的速度，故B错误；

C、小球4第一次从8的轨道末端水平滑出时，根据水平方向动量守恒，系统机械能守恒

可知：

MV=0

mvr—2

mgh=+|Mv^

解得“】=傍，丹=禹，故C正确；

。、由于小球质量相同，发生弹性碰撞，速度互换，最终小球4以速度也向左运动，冲

上斜面B时满足水平方向动量守恒，系统机械能守恒，到达最高点时两者速度相同，则

有：

mv1+MV2=(m+M)V3

|mvl+1Mvl=|(m+M泗+mgR

整理得J=(")2,故。正确。

RKk-r

故选：CD。

由于整个过程中，小球4和B组成的系统动量不守恒；

经过足够长的时间后，小球4斜面B不会停下来；

对2、B组成的系统，根据水平动量守恒和机械能守恒列式，可求出小球第一次从B的轨

道末端水平滑出时的速度大小；

小球4第一次返回恰好没有冲出B的上端，两者速度相同，根据系统水平动量守恒和机

械能守恒列式求解九与R的比值大小。

此题考查了动量守恒定律和能量守恒定律的综合应用，对于多个物体组成的系统，在光

滑的条件下常常首先考虑能否运用机械能守恒定律，对于碰撞类型，往往首先考虑选择

动量守恒定律。

9.【答案】mgx2^A

【解析】解：(1)从打。点到打B点的过程中，拉力对小车做的功

W=mgx2

打B点时小车的速度为%=专1

(2)假设已经完全消除了摩擦力和其他阻力的影响，若重物质量不满足远小于小车质量

的条件，根据动能定理

mgx=|(M+m)v2—0

处理成W=j(M+m)v2—0

2W

V7=----

M+m

即使不满足m远小于M,卢与W依然是正比例关系，应选择图象4。

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故答案为：(DagX?；号；(2M

(1)根据做功公式得出拉力对小车做的功，结合运动学公式得出小车的瞬时速度；

(2)根据动能定理结合图像的特点即可完成分析。

本题主要考查了功与速度变化的探究实验，根据实验原理掌握正确的实验操作，结合动

能定理和图像即可完成分析。

10.【答案】E2R2\R0.54.3

【解析】解：(1)电流表G的内阻约为几百欧姆，为提高测量精度，滑动变阻器的阻值应

大些，故选/?2；为减小实验误差，电源电动势应尽可能大些，电源最好选用后2。

(2)步骤③中闭合52,保持滑动变阻器的滑片位置不变，调节电阻箱的阻值，使G的示

数为200川4,此时电阻箱的电流为100%4,则此时电阻箱的阻值应为电流计G阻值的2倍,

即6=部

(3)实验测得G的内阻用=5000,为将G改装成量程为0.3A的电流表，应r=聋代入数

据得r=0.50,电阻与G并联。

(4)改装后的电流表的内阻为r为=券代入数据解得r为=0.5/2

表头G的指针指在原电流刻度的250〃4处，此处对应的实际电流为繇x2504=0.25/1

电压表U的示数为1.20乙则氏=彳一「内代入数据解得氏=4.30

故答案为：(1)%:/?2；(3)0.5；(4)4.3o

(1)电流表G的内阻约为几百欧姆，为提高测量精度，滑动变阻器的阻值应大些；为减小

实验误差，电源电动势应尽可能大些；

(2)根据电流的数值可以判断二者电阻之间的关系；

(3)电表要改装成一个大量程的电流表需要并联一个电阻，根据并联电路电压相等，可

求并联的电阻；

(4)根据改装后电流的成比例规则可求电阻；

明确电路中电阻器的选取原则，知道电源电动势根据电路中用电器来选择，知道电表的

改装，会读改装后的电表的示数。

11.【答案】解：(1)整个过程回路中电动势大小保持不变，根据法拉第电磁感应定律可

得：

导体棒匀速运动时感应电动势大小E=Bdv

解得…=%

(2)设导体棒在磁场中的运动时间为0,则h=1=t

整个过程中R产生的焦耳热：QR=^-21=空空。

YKRRt

答：(1)导体棒在磁场中做匀速运动的速度大小为m

(2)从导体棒进入磁场到磁感应强度减小到零的过程中电阻R产生的焦耳热为誓。

【解析】(1)根据法拉第电磁感应定律求解感应电动势，再根据导体棒匀速运动时感应

电动势大小计算公式求解速度大小；

(2)求出导体棒在磁场中的运动时间，根据焦耳定律求解整个过程中R产生的焦耳热。

本题是动生电动势与感生电动势的综合应用，掌握感生电动势的计算公式以及导体切割

磁感应线产生的感应电动势的计算公式E=是关键。

12.【答案】解：(1)推理作用过程中，根据动能定理

1r

pt=2mv

解得p=生

2t

设小球到达。点时的速率为切，则

/=噌

11

-mv9£=2mgR+-mvp9

联立方程，解得

(2)若滑块不固定

①小球到达C点时与滑块共速，设此时速度大小均为外，根据系统水平方向动量守恒

mv=(M+m)vc

根据系统机械能守恒:小户=mgR+[(M+m)Vc

联立方程，解得M=|m

小球从B点进入到与滑块分离时的全过程，

mv=mv1+MV2

第14页，共18页

-mv2=-mvl+-Mv?

2212z

联立方程，解得％V2=|v,方向均水平向右

②滑块反弹后的速度为-%，假设小球第二次能到达D点，此时小球、滑块的速度分别

为必、V4,则

mv1—MV2=mv3+Mv4

32

%=一^廿一孑%

设小球第二次滑上半圆轨道至第二次到达。点的全过程中系统机械能变化量为4E,则

AE=2mgR+mvf+|M诏—1mv2

2

解得4E=m(1v4+|v4v4-套v)

由判别式4=(|v)2-4x|x^v2=卷苏<0

则/E=0无实数解，违背能量守恒定律，所以小球第二次滑上半圆轨道不能通过最高点

D点

22

答：(1)推力的功率P以及半圆轨道的半径R分别为签，~

(2)①滑块的质量M以及小球与滑块分离时小球、滑块的速度％、0分别为|小，匕=

6

V2=-v；

②通过计算判断小球不能第二次滑上半圆轨道。

【解析】(1)根据动能定理以及牛顿第二定律联立列式求解，

(2)根据动量守恒定律以及机械能守恒定律可列式求解得M,再根据小球与滑块发生弹

性碰撞列方程求解即可判断。

该题考查动量守恒定律、机械能守恒定律以及功能关系等知识点，本题过程较为复杂，

题目难度较大。

13.【答案】CDE

【解析】解：4单晶体的物理性质是各向异性，故A错误；

B.液晶兼有晶体和液体的部分性质，但不是液体和晶体的混合物，故8错误；

C相对湿度是指空气中水蒸气的实际压强与同一温度下水的饱和汽压之比，相对湿度是

100%,表明在当时的温度下，空气中的水蒸气已达到饱和状态，故C正确；

。.由于浸润与不浸润，因此毛细管中的液面有的升高，有的可能降低，故。正确；

E.液体表面张力有使液体收缩的趋势，露珠呈球形是因为液体表面张力的作用，故E正

确。

故选：CDE。

晶体都有固定的熔点，单晶体的物理性质是各向异性，多晶的物理性质是各向同性；

液晶兼有晶体和液体的部分性质；

相对湿度是指空气中水蒸气的实际压强与同一温度下水的饱和汽压之比；

由于浸润液面上升，不浸润，液面降低；

液体表面张力有使液体收缩的趋势。

本题考查了晶体、液晶、相对湿度、毛细现象等，知识点多，难度小，关键是记住基础

知识。

14.【答案】解：(1)杯内气体温度从127。(：降到27久的过程中发生等容变化，T2=(273+

127)K=400K,T3=(273+27)K=300K；

根据查理定律有黄=合

1213

解得消毒后杯内气体的最终压强为：p=57cmHg

(2)杯内气体温度从27久升到127式的过程中，假设气体做等压变化，则根据盖-吕萨克

定律有：==*其中Ti=(273+27)K=300K

12

解得：%

高温消毒后杯内气体的质量与消毒前杯内气体质量之比为：9=广

mP末0

得：

m4

答：(1)消毒后杯内气体的最终压强是57cniHg；

(2)高温消毒后杯