2022届高考物理二轮综合练习 含答案

2022高考物理综合练习

1.质量为，”的物体用轻绳悬挂于天花板上。用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点如图所示。用7表示绳04段拉力的大小，在O点向左移动的过程中（）

A.F逐渐变大,7■逐渐变大B.F逐渐变大.7•逐渐变小

C.F逐渐变小,r逐渐变大D.F逐渐变小,r逐渐变小

2.如图所示，实线为一次实验中小车运动的YT图像，为了简化计算，用虚线作近似处理，下列表述正确的是（）

A.小车做曲线运动

B.在,，时刻由虚线计算出的加速度比实际的小

C.在。〜，，时间内，由虚线计算出的平均速度比实际的小

D.用虚线作近似处理，改变了小车的运动描述，按照虚线计算出的

3.如图所示，为了测定气垫导轨上滑块运动的加速度，在滑块上安装了宽度为d的遮光条。滑块在牵引力作用下先后通过两个光电门，配套的数字计时器记录了遮光条通过第一个光电门

的时间通过第二个光电门的时间遮光条从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间，，则可估算滑块加速度的大小为（）

4..地球的公转轨道接近圆，但彗星的运动轨道则是一个非常扁的椭圆■天文学家哈雷成功预言哈雷彗星的回归，哈雷彗星最近出现的时间是1986年，预测下次飞近地球将在2061年。

如图所示，若哈雷彗星在近日点与太阳中心的距离为个线速度大小为匕，加速度大小为q;在远日点与太阳中心的距离为线速度大小为号，加速度大小为%。则（）

心f------

X”哈雷却星

太阳/

•'....................一”

v,>匕，4：，=，”彳

A.\\<2axa2=）\\r2B,K

C.V,<V2，《：。2=42：2*D.Vj>V2，《吗二记：/

5.一小船在河中OT.V平面内运动的轨迹如图所示，下列判断正确的是（）

A.若小船在r方向上始终匀速运动，则在），方向上先加速运动后减速运动

B.若小船在y方向上始终匀速运动，则在*方向上先加速运动后减速运动

C.若小船在y方向上始终匀速运动，则在x方向上先减速运动后加速运动

D.若小船在r方向上始终匀速运动，则在），方向上也一直匀速运动

6..如图所示，带支架的平板小车沿水平面向左做直线运动，小球A用细线悬挂于支架前端，质量为，”的物块B放在小车右端，且始终相对于小车静止。5与小车平板间的动摩擦因数为

”,若观察到细线偏离竖直方向〃角，则此刻小车对物块B产生的作用力的大小和方向为（）

A.mgjl+tan?。，斜向右上方+时斜向左上方

C.mgtan。，水平向右Dmg,竖直向上

7.如图所示，将带正电荷Q的导体球C靠近不带电的导体。若沿虚线1将导体分成4B两部分，这两部分所带电荷量分别为Q,,、Qe,若沿虚线2将导体分成两部分,

这两部分所带电荷量分别为Q；和。对于上述实验，下列判断正确的是（）

A.QA<QB，2,为正电荷B.Q=Q„,Q.为负电

AC

C.e；<e；,Q；为负电荷D.Q；=。；，Q；'为正电荷

8.为探究理想变压器原、副线圈电压、电流的关系，将原线圈接到电压有效值不变的正弦交流电源上，副线圈连接相同的灯泡L、L;（电路中分别接了理想交

流电压表V、V?和理想交流电流表A,,导线电阻不计，如图所示.当开关S闭合后（）

A.A,示数变大，A,与Az示数的比值不变B.A,示数变大，A,与A2示作斤数的比值变大

C.%示数变小，V,与V,示数的比值变大D.%示数不变，V,与V。示：（

伸⑥数的比值不变

9.如图所示为多用电表欧姆挡的原理示意图，其中电流表的满偏电流为LI

300gA,内阻叫=100Q,调零电阻的最大值q=50kQ,电池电动势E=I.5V,两

表笔短接调零后，用它测量电阻凡，当电流计指针指在满刻度的1/3时，/?、的阻

A.100QB.lkCC.IOkflD.lOOkQ

10.如图（甲）所示,在倾角为8的斜面顶端。点，以初速度%水平抛出一小球，小球落到斜面上的尸点,不计空气阻力。

图<甲>E<Z>

1.求小球从0点抛出至落到P点过程中所用的时间t;

2.求小球落到尸点时重力的瞬时功率；

3.如图（乙）所示,某楼梯台阶的竖直高度均为0.15m,水平宽度均为0.30m。若某小球自楼梯的平台上以"=2的速度水平飞出,求小球第一次到达台阶的位置。（«"'°m/s：）

11.如图（甲）所示，两根平行的光滑金属导轨历MPQ,距离为L,与左侧M、P间连接的电阻R构成一个固定的水平U型导体框架，导轨电阻不计且足够长。框架置于一个方向竖直向

下、范围足够大的匀强磁场中，磁感应强度为磁场左侧边界是00'。质量为，小电阻为人长度为L的导体棒垂直放置在两导轨上，并与导轨接触良好，给导体棒一个水平向右的

初速度丫。进入磁场区域，求：

（1）导体棒进入磁场瞬间加速度的大小环；

（2）导体棒运动全过程中电阻R上产生的热量Q；

（3）推导导体棒的速度v与其位移x的关系，并在图（乙）中画出图线，标出关键坐标。

12.用伏安法测某金属丝的电阻R,（约为5。）.现有电池组（电动势3V,内阻约1C）、滑动变阻器（0-20Q,额定电流2A）、双量程电流表（0〜0.6A,内阻约0.125C;0〜3A,

内阻约0.025Q）、双量程电压表（0〜3V,内阻约3kQ；0〜15V,内阻约15kQ）、开关、导线若干。

（1）为减小测量误差，该实验中，电流表量程应选用（选填“0〜0.6A”或“0〜3A”），电压表量程应选用（选填“0〜3V”或“0〜15V”）。

（2）在图（°）中选择测量R,的电路原理图（选填“甲”或“乙”），并在图（b）中完成相应的实物连线图。

（3）如图所示，请利用实验数据绘出电阻段的U-/图线。由图线可得金属丝的阻值号=C（保留两位有效数字）。

（4）实验中，在不损坏电表的前提下，随着滑动变阻器滑片移动的距离x的变化，电池组的总功率尸也会发生变化。下列能正确反映P-x关系的是

参考答案

1.答案：A解析：由题意知，系统处于动态平衡状态，分析。点的受力情况如图所示,其中7'=G恒定不变F方向不变,7大小方向均改变，在O点向左移动的过程中0角逐渐变大，由动态矢量

三角形可知F、7•均逐渐变大，故A项正确。

2.答案：C解析：A.小车的速度均为正值，说明小车做直线运动，故A错误；

B.在,,时刻虚线的斜率比实线的大，所以在今时刻虚线反映的加速度比实际大，故B错误；C.在0~，，时间内，实线与时间轴围成的面积大于

虚线与时间轴的面积，故实线通过的位移大于虚线通过的位移，故由虚线计算出的平均速度比实际的小，故C正确；D.用虚线作近似处理，

是为了简化计算，虽然改变了小车的运动描述，但按照虚线计算出的位移与实际位移不会有很大偏差，故D错误。故选C。

大小，则物块经过第一个光电门的速度大小为：匕=；,经过第二个光电门的速度

3.答案：C解析：在极短时间内的平均速度等于瞬时速度的

大小沏％*,据加速度的公式可知一兴宁=偿-金;，故本题C选项正确。

根据。等=，加，可得。=竽，则《：/=，上心故选D.

4.答案：D解析：根据开普勒第二定律可知，彗星在近日点的速度大于在远日点的速度，即”＞冉，

5.答案：B解析：A、若小船在x方向上始终匀速运动，合力沿着y方向，根据合力方向指向运动轨迹的凹侧，合力先沿着y轴负方向后为正方向，则在y方向上先减速运动后加速运动,

故A错误;

B、若小船在y方向上始终匀速运动，合力沿着*方向，根据合力方向指向运动轨迹的凹侧，合力先沿着x轴正方向后为负方向，则在x方向上先加速运动后减速运动，故B正确;

C、同B,故C错误；D、若小船在A•方向上始终匀速运动，根据合力方向指向运动轨迹的凹侧，故在y方向合力不为0,故D错误。故选：Bo

6答.案：A解析：以4为研究对象，分析受力如图，根据牛顿第二定律得，%gtan。=%”，

得：a=gtan。，方向水平向右。再对B研究得：小车对B的摩擦力为,咫tan，方向水平向右，小车对B的支持力大小为N="?g,方向竖直向上，则小车对物块B

产生的作用力的大小为：F={N、产ngjl+tan*,方向斜向右上方。

故选A。

7答.案：D解析：根据静电感应现象可知，导体近端感应负电荷，远端感应正电荷，即©和Q；带正电，Q“和2,带负电；导体原来不带电，只是在C的电荷的作用下，导体

mAg

中的自由电子向B部分移动，使B部分多带了电子而带负电；A部分少了电子而带正电。根据电荷守恒可知，A部分转移的电子数目和B部分多余的电子数目是相同的，因

此无论从哪一条虚线切开，两部分的电荷量总是相等的，即Q=Q〃Q'A=3，故ABC错误，D正确。故选：D。

8.答案：A解析：解：A、B、开关S闭合后变压器副线圈的负载电阻减小，V?不变，由欧姆定律可得A,示数变大，因为理想变压器鸟=片，V,与V,示数的比值不变，所以A,与A?示

数的比值不变，A正确、B错误；C、D、因为理想变压器原线圈接到电压有效值不变，则副线圈电压不变，&示数不变，V,与示数的比值不变，C错误、D错误。所以A选项是正

确的。

9.答案：c解析：设欧姆表的内电阻为R总，根据闭合电路的欧定律，电流计满偏时有4=6一，当电流计指针指在满刻度的:时，有利=々,联立解得(=iog,故c正确，

ABD错误。

10.答案：解析：(1)由v='g产，工=%，—=tan,解得t=2延tan6

2xg

(2)由2=vytvy=gi,解得P=2mgv°tan0

(3)如答图所示，以。点为坐标原点建立直角坐标系，竖直向下为)，轴正方向，水平向右为工轴正方向，则所有台阶末端连线的直线方程为y=小球一定落在平抛轨迹与该直线交

点的下方台阶上。由y=y=Jg/，x=w；解得交点坐标(0.4m,0.2m),故小球首先落在第二级台阶上，y=0.3m,x=2t,求得小球第一

次到达台阶的位置为坐标(池m,-m)处。

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11.答案：(1)%=B：?。、;(2)Q=c,f、时;⑶见解析

机(R+r)2(R+r)

B2L}V

解析：(1)由%%=/(R+r),B/L=〃/解得导体棒进入磁场瞬间0

m(R+r)

(2)电阻R与电阻r串联，据。=八用，可得Q：Q,.=R：r又Q+Qr二g〃/解得。二R2

(3)由动量定理-BILM=mv-mv0q=l,I=—^―-,£=—

(R+/)Z

解得q=>BLq=mv-mv即0=v--二导体棒速度v与位移x成线性关系。

R+r00m(R+r)

其图像如答图所示

12.答案：(1)B(2)BC

mv0(R+r)

--BT-

解析：（1）为防止碰撞后入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量；为了让碰撞为对心碰撞，两球的半径应该相等，故B正确，ACD错误；

（2）A、轨道不需要光滑，只要让小球每次从同一位置由静止滑下即可保证速度相同，但为了保证小球做平抛运动，末端需要水平，故A错误；B、小球飞出后做平抛运动，每次下落

高度相同，故落地时间相同，由可知，其水平初速度与位移成正比，故只需要测出小球的水平位移即可间接实现测定小球碰撞前后的速度，故B正确；C、该实验中，由于存在偶

然误差，因此每次小球落点不一定完全重合，多次实验，取小球落点的平均位置