2022年河北省保定市七校高考物理一模试卷（附答案详解）

2022年河北省保定市七校高考物理一模试卷

i.氟是氢的一种放射性同位素，简写为；“，瓶核发生衰变后变成另一种新原子核，僦的半

衰期为12.43年，下列关于瓶核衰变说法正确的（）

A.经过12.43年，6个僦核还剩余3个没有衰变

B.经过12.43年，质量为机的瓶核还剩余段没有衰变

C.增加气体中瓶的浓度可以缩短其半衰期

D.改变瓶核存放环境可改变其半衰期

2.某人站在一平静湖面上静止的游轮上观光，不慎掉落一质量m=10g的实心木珠（视为质

点），从木珠刚入水到木珠速度减为零的时间为木珠在空中运动时间的一半，不计空气阻力,

取重力加速度大小g=10m/s2。木珠在水中向下运动过程中受到水的平均作用力大小为（）

A.0.08/VB.0.008WC.0.3ND.0.03/V

3.如图所示，两人各自用吸管吹黄豆，甲黄豆从吸管末端P

点水平射出的同时乙黄豆从另一吸管末端M点斜向上射出，'

经过一段时间后两黄豆在N点相遇，曲线1和2分别为甲、qI

乙黄豆的运动轨迹。若M点在尸点正下方，M点与N点位于r

同一水平线上，且PM长度等于MN的长度，不计黄豆的空

气阻力，可将黄豆看成质点，则（）

A.两黄豆相遇时，甲的速度与水平方向的夹角的正切值为乙的两倍

B.甲黄豆在尸点速度与乙黄豆在最高点的速度不相等

C.两黄豆相遇时甲的速度大小为乙的两倍

D.乙黄豆相对于M点上升的最大高度为长度一半

4.设想在赤道上建造如图甲所示的“太空电梯”，字航员可通过竖直的电梯直通太空站，图

乙中7•为宇航员到地心的距离，R为地球半径，曲线A为地球引力对宇航员产生的加速度大

小与/•的关系；直线B为宇航员由于地球自转而产生的向心加速度大小与/■的关系。关于相

对地面静止在不同高度的宇航员，下列说法正确的是（）

图甲图乙

A.随着r增大，宇航员的线速度减小

B.宇航员在r=R处的线速度等于第一宇宙速度

C.图中％为地球同步卫星的轨道半径

D.随着r增大，宇航员感受到的“重力”也增大

5.如图所示为模拟远距离输电的部分测试电路。〃、6端接电压稳定的正弦交流电源，理想

变压器的原、副线圈匝数比为4且1,定值电阻&</?2,电流表、电压表均为理想电表，

其示数分别用/和U表示。当向上调节滑动变阻器/?3的滑片尸时，电流表、电压表示数变化

量分别用4和4U表示。则以下说法正确的是（）

A.R=^TB.%=与华|

z2Ali/AI

C.电阻消耗的功率Pz=UID.电源的输出功率一定增大

6.某同学研究电磁阻尼效果的实验示意图如图甲所示，虚线M右侧有垂直于水平面向下的

匀强磁场，边长为1〃?、质量为0.1kg、电阻为0.20的正方形金属线框在光滑绝缘水平面上以

大小%=2m/s的速度向右滑动并进入磁场，磁场边界MN与线框的右边框平行。从线框刚

进入磁场开始计时，线框的速度v随滑行的距离x变化的规律如图乙所示，下列说法正确的

是（）

：XXXXX

XXXX

I_____IjxXX

XX

•XXXXX

N甲

A.图乙中X。=0.5m

B.线框进入磁场的过程中,线框的加速度先不变再突然减为零

C.线框进入磁场的过程中，线框中产生的焦耳热为0.1/

D.线框进入磁场的过程中，通过线框某横截面的电荷量为邛C

7.如图所示，固定光滑斜面的倾角为37。，轻弹簧的一端固定在斜面上C点正上方的固定转

轴。处，另一端与一质量为根的滑块（视为质点）相连，弹簧原长和。点到斜面的距离均为小

将滑块从与。点等高的A点由静止释放,滑块经过。点在斜面上的垂足B点到达C点的过程

中始终未离开斜面，滑块到达C点时弹簧的弹力小于滑块受到的重力，取sin37。=0.6,

cos370=0.8,重力加速度大小为g。下列说法正确的是（）

A.滑块经过B点的速度小于病

B.滑块从A点运动到C点的过程中，在B点的速度最大

C.滑块从A点运动到C点的过程中，其速度一直在增大

D.弹簧的劲度系数大于竿

8.雷雨云由一大团翻腾、波动的水、冰晶和空气组成。当云团里

的冰晶在强烈气流中上下翻雷雨云底部滚时，这些被强烈气流反复

撕扯、撞击的冰晶和水滴充满了静电。其中重量较轻、带正电的地

面堆积在云层上方；较重、带负电的聚集在云层底部。地面则受云

层底部大量负电的感应带正电，当正负两种电荷的差异极大时，就会以闪电的形式把能量释

放出来，紧接着带负电荷的雨滴从雷雨云底部落到地面，下列说法中正确的是（）

A.从雷雨云底部到地面电势逐渐降低B.从雷雨云底部到地面电势逐渐升高

C.雨滴落向地面的过程中，电势能减少D.雨滴落向地面的过程中，电势能增加

9.两相同的“IT”形光滑金属框架竖直放置，框架的一部分处在垂直纸面向外的条形匀强

磁场中，如图所示。两长度相同粗细不同的铜质金属棒a、b分别从两框架上相同高度处由静

止释放，下滑过程中金属棒与框架接触良好，框架电阻不计，下列说法中正确的是（）

A.金属棒〃、〃在磁场中的运动时间相等

B.到达磁场下边界时，粗金属棒匕的速度大

C.通过磁场过程中，流过粗金属棒。的电量多

D.通过磁场过程中，粗金属棒b产生的热量多

10.如图所示，矩形区域MNPQ内有水平向右的匀强电场,半径为0.2m、1n

内壁光滑的绝缘半圆细管固定在竖直平面内，直径AB垂直于水平'分丫)，

虚线圆心。在的中点，半圆管的一半处于电场中。质量为0.1kg、”—助''

电荷量为0.01C的带正电的小球(视为质点)从半圆管的A点由静止开始-------

滑入管内，到达B点时的速度大小为2m/s,之后小球从MNPQ区域的，

右边界NP离开电场.取重力加速度大小g=10m/s2,不计空气阻力，Qp

下列说法正确的是()

A.小球在8点受到的支持力大小为2NB.匀强电场的电场强度大小为lOOV/m

C.电场区域的最小面积为镖07n2D.电场区域的最小面积为暗加2

11.“验证力的平行四边形定则”的实验如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，。为橡皮

筋与细绳的结点，。8和0C为细绳。图乙是在白纸上根据实验结果画出的力的图示。

(1)本实验采用的科学方法是。

A理想实验法

及等效替代法

C.控制变量法

(2)图乙中的F与F'两力中，方向一定沿A0方向的是o

(3)关于实验下列说法正确的是。

A.拉橡皮条的细绳短一些，实验效果较好

B.拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行

C.橡皮条弹性要好，拉结点到达某一位置0时，拉力Fi和尸2的夹角越大越好

。.在同一实验中0点位置不能变

12.现要组装一个酒精测试仪，它利用的是一种二氧化锡半导体型酒精气体传感器，此传感器

的电阻R随酒精气体浓度的变化而变化，规律如图甲所示目前国际公认的酒驾标准是

“0.2mg/mL4酒精气体浓度＜0.8mg/mL"，醉驾标准是“酒精气体浓度20.8mg/mZ/'提

供的器材有：

A.二氧化锡半导体型酒精传感器心；

B.直流电源（电动势为4%内阻不计）

C.电压表（量程为3匕内阻非常大，作为浓度表使用）

D电阻箱（最大阻值为999.9。）

£定值电阻右（阻值为500）

F.定值电阻/?2（阻值为10。）

G.单刀双掷开关一个，导线若干

（1）图乙是酒精测试仪电路图，请在图丙中完成实物连线;

(mg-ml.2)

75?精气体浓便

（2）电路中R应选用定值电阻（填匕或7?2）；

（3）为便于识别，按照下列步骤调节此测试仪：

①电路接通前，先将电阻箱调为30.00,然后开关向（填%”或“d”）端闭合，将电压

表此时指针对应的刻度线标记为mg/mL；

②逐步减小电阻箱的阻值，电压表的示数不断变大按照甲图数据将电压表上“电压”刻度线

标为“酒精浓度”

③将开关向另一端闭合，测试仪即可正常使用。

（4）某同学将调适好的酒精测试仪靠近酒精瓶口，发现电压表指针满偏，则测量的酒精浓度

（填“有”或“没有”）达到醉驾标准。

13.如图所示，小车静置于光滑水平地面上，左侧靠在障碍物旁，小车上表面由光滑圆弧轨道

8c和水平粗糙轨道CZ）组成，圆弧轨道半径R=2.75m,BC与CO相切于C点，BC所对圆

心角。=37。，CQ段长L=5m,质量m=1kg的物块（视为质点）从某一高度处的A点以血=

4m/s的速度水平抛出，恰好沿切线方向自B点进入圆弧轨道，物块滑到小车右端£＞点时恰

好与小车相对静止。物块与粗糙轨道CD间的动摩擦因数〃=0.3,取重力加速度大小g=

10m/s2,sin370=0.6,cos37。=0.8,不计空气阻力。求：

（1）4、B两点的水平距离x；

（2）小车的质量

3B

!CD

/////////A/Y)//////////////////////'^777

14.如图甲所示，在xOy平面的第一象限内(含x轴和y轴的正半轴)存在周期性变化的磁场，

规定垂直纸面向内的方向为正，磁感应强度8随时间f的变化规律如图乙所示.某质量为，小

电荷量为+q的粒子，在t=0时刻沿x轴正方向从坐标原点。射入磁场.图乙中7。为未知量.已

知B()=K詈，sin370=0.6,cos37°=0.8.求：

(1)0〜(7()时间内粒子做匀速圆周运动的角速度3；

(2)若粒子不能从y轴正半轴射出磁场，磁感应强度变化周期的最大值7°m；

(3)若粒子能沿x轴正方向通过坐标为(3d,4d)的。点，其射入磁场时速率也

15.如图所示，一定质量的理想气体从状态A变化到状态8,

再变化到状态C,最后变化到状态A,完成循环。气体在由状

态4变化到状态B的过程中，温度(选填“升高”、“降

低”或“不变”)，气体从状态C变化到状态A的过程中，外

界对气体(选填“做正功”、“做负功”或“不做功”)。

16.如图为某型号家用喷水壶的外形图和原理图，壶中气筒内壁的横截面积s=3.0x10-4m2,

活塞的最大行程为，=1.6X10-1小，正常喷水时壶内气体需达到压强p=1.3X105pa以上。

壶内装水后，将压柄连接的活塞压到气筒的最底部，此时壶内气体体积为1.2X10-363,压

强为Pi=1.0x105pa,温度为27℃。已知大气压强po=1.0x105pa«

(i)将喷水壶放到室外，室外气温为9℃,求稳定后壶内气体的压强；

(ii)在室外且温度保持不变，为了使喷水壶达到工作状态，至少需要通过压柄充气多少次？

17.一波源位于。点，波源质点沿y轴做不连续的简谐运动，振幅为10cm形成沿x轴正方

向传播的波。某时刻波刚好传到P点，平衡位置在％=0.8巾处的质点已经振动了0.2s,0、P

间各质点形成的波形如图所示，此时由波形可知()

.‘J......................

(70^0.10.20.30；40；50；60.70.80.91.01.11.2

A.波源的最初起振方向沿y轴负方向

B.波在介质中传播的速度为2.Om/s

C.质点。此时已经通过的路程为40cw

D.此波形是波源先振动0.4s后停止振动0.6s,接着再振动0.2s形成的

E.从此时开始计时,再过0.55s,质点P的位移为-10cm

18.如图所示，等边三棱镜ABC的边长为a,一平行于底边8C的光束

从AB边上距B点表勺D点射入棱镜，经折射后恰好从顶点C离开棱

镜。已知光在真空中的速度为c,求：D

(1)三棱镜的折射率n；

BC

(2)该光束在三棱镜中的传播时间to

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：A、半衰期是大量放射性原子核衰变的统计规律，对个别的原子核没有意义，故A

错误；

B、经过12.43年，即经过了一个半衰期，则质量为优的瓶核还剩余一半没有衰变，即剩余?没有

衰变，故B正确；

CD,半衰期由放射性元素的原子核本身的因素决定，跟原子所处的物理或化学状态无关，增加气

体中僦的浓度后改变笳核存放环境，其半衰期不变，故错误。

故选：B。

半衰期是放射性元素的原子核有半数发生衰变所需的时间；半衰期属于统计规律；半衰期由核内

部本身的因素决定，跟原子所处的物理或化学状态无关。

本题考查了半衰期的知识点，关键要牢记半衰期由核内部本身的因素决定，跟原子所处的物理或

化学状态无关，同时要牢记两种衰变的特点.

2.【答案】C

【解析】解：设下落时间为f,全程根据动量定理

tt

丽£+引-/1=。

解得：f—37ng=3x10x10~3kgx10m/s2—0.3N

故C正确，AB。错误。

故选：Co

全过程应用动量定理，根据全过程动量的变化量为0,列式求解。

本题考查学生对动量定理的应用，在使用过程中要注意选取全程为分析过程，同时还要注意全程

中重力都产生冲量。

3.【答案】A

【解析】解；B、设甲黄豆做平抛运动的时间为f,那么乙黄豆做斜抛运动的时间也为f,根据斜

抛运动的对称性可知：乙黄豆从M点运动至最高点的时间为右乙黄豆从M点运动至最高点的水

平位移为MN的一半，设PM=MN=L,甲黄豆在P点的速度为巧，乙黄豆到达最高点的速度为

v',在水平方向上有运动学规律，对甲黄豆：L=V1t,对乙黄豆从M点运动至最高点有：，=M/

联立解得：%=!/=，，故B错误；

AC。、对甲黄豆到达N点时，在竖直方向上：L==gt=y/2gL,

在水平方向：

甲黄豆到达N点时的速度为：。甲=J若+呢=楞，

对乙黄豆在从M点运动至最高点的过程中，由逆向思维得上升的最大高度为：h==1.

3gt2=\L,所以乙黄豆相对于M点上升的最大高度为PM长度的a

乙黄豆在M点的竖直方向分速度为：诏y=2g勺则：%,=再

由运动的合成与分解得乙黄豆在N点的速度为：口4=52+域,=便,所以两黄豆相遇时甲

的速度大小不是乙的两倍；

两黄豆相遇时甲的速度与水平方向的夹角正切值为：tana=*=嗜=2,

也因

回

乙的速度与水平方向的夹角正切值为：tan/?=^=^=a=l,所以两黄豆相遇时甲的速度与

vV1磔

水平方向的夹角不是乙的两倍，甲的速度与水平方向的夹角的正切值为乙的两倍；故A正确，CD

错误。

故选：Ao

甲黄豆做平抛运动，分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动，乙黄豆做

斜上抛运动，以最高点为界可以看成两部分的平抛运动，利用时间相等和水平位移关系合理选用

运动学公式去求解。

本题考查的是平抛运动与斜抛运动，并结合几何关系进行深度考查，具有一定的难度，重点在于

抓住这两类运动时间相等及斜抛运动的对称性。

4.【答案】C

【解析】解：A、字航员的线速度u=地球自转角速度不变.随着r增大线速度丫增大，故A

错误；

8、宇航员在地面上并非卫星，除了受到万有引力还受到地面的支持力，故速度远小于第一宇宙速

度，故B错误；

C、当r=r0时，引力加速度正好等于宇航员做圆周运动的向心加速度，即万有引力提供做圆周运

动的向心力，所以宇航员相当于卫星，此时宇航员的角速度跟地球的自转角速度一致，可以看作

是地球的同步卫星，故C正确；

。、由等=m苓r=mg’得，随着「增大，感受到的重力mg'越来越小，故力错误。

故选：C。

太空天梯与地球的自转角速度相同，根据17=丁3判断线速度变化情况；引力加速度正好等于宇航

员做圆周运动的向心加速度，即万有引力提供做圆周运动的向心力；根据重力和万有引力关系判

断。

本题考查随地球自转物体和近地卫星的区别，根据万有引力提供向心力来解决问题的方向。

5.【答案】D

【解析】解：AB、根据变压器的原理可得"=9=匕?=丛=3则有力=皿2,h=¥，在

原线圈电路中有Uo=//1+U1，即％=今&+卬2,整理可得%=/2,则有愕|=务

故A8错误；

C、副线图消耗的功率为P?=UI,故C错误；

。、当向上调节滑动变阻器/?3的滑片P时。副线圈的总电阻减小，所以回路中的电流增大，电源

的电压不变。所以电源的输出功率一定增大，故。正确；

故选：Do

根据变压器的匝数比和电压之比，结合欧姆定律分析出心和Rz与电压、电流之间的关系；

根据功率的计算公式得出电阻消耗的功率；

根据电阻的变化结合出电路其他物理量的变化，从而得出电源输出功率的变化。

本题主要考查了变压器的构造和原理，利用原副线圈的匝数比得出两点的电压和电流之比，同时

结合电路结构分析出输出功率的变化。

6.【答案】D

【解析】解：A、线框中的磁通量变化时，线框中会产生感应电流，线框会受到力的作用，从而速

度发生改变，当线框完全进入磁场时，磁通量不变，不产生感应电流，线框的速度就不变，所以

图乙中的％o=1m,故A错误；

B、线框进入磁场过程中，安培力为尸=8/Z,=华，由图乙可知，速度减小，则安培力减小，

由牛顿第二定律可知，线框的加速度减小，由此线框做加速度减小的减速运动，故8错误；

C、根据能量守恒可得，减少的动能全部转化为焦耳热，则有：Q=；m诏-；小/，代入数据可

得：Q=0.15/,故C错误；

D、线框进入磁场过程中，取水平向右为正，根据动量定理可得：-BiLt=mv-mVo,

即：BLlt=mv—mv,其中ft=x,解得：v=v—BLx

RDu0umR0

结合图像乙可知，当％=l?n时，v—lm/s,代入解得：B=

通过线框截面的电量为：q=7t=《t=^=芈，代入数据解得：q=4C,故。正确。

KKKZ

故选:Do

线框中的磁通量变化时，线框中会产生感应电流，当线框完全进入磁场时，磁通量不变，不产生

感应电流，根据速度的变化情况确定X。的大小；根据安培力的计算公式结合牛顿第二定律分析加

速度的变化情况；根据能量守恒求解产生的焦耳热；根据动量定理求解磁感应强度，根据电荷量

的计算公式求解通过线框截面的电量。

对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，根据牛顿第二定律或平衡条件列出方

程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方

程求解。

7.【答案】C

【解析】解：4滑块从A到B点，根据题意可知弹簧和重力都做正功，假如只有重力做功，根据

动能定理

1

mgdcos37°=-2mv2

解得：v=J'gd

所以滑块经过B点的速度大于胸，故A错误；

BC.从A到C的过程中，重力沿斜面向下分量不变，弹簧的弹力开始时沿斜面向下分量逐渐减小，

即合外力不断减小，而过B点后弹簧的弹力沿斜面向上的分量逐渐增大，合外力逐渐减小，所以

加速度是一直减小，但是加速度和速度方向始终一致，所以做加速度减小的加速运动，故B错误，

C正确；

。.根据几何关系可得

5

Loc=4d

根据胡克定律

F=k•Ax

根据题息可得

5

k(ad—d)<mg

解得：k〈警

故。错误。

故选：Co

从A到C的过程中，重力沿斜面向下分量不变，弹簧的弹力开始时沿斜面向下分量逐渐减小，而

过8点后弹簧的弹力沿斜面向上的分量逐渐增大，所以加速度是一直减小，加速度和速度方向始

终一致，滑块做加速度减小的加速运动。根据动能定理分析滑块经过B点时速度；根据胡克定律

和几何关系分析弹簧劲度系数。

本题解题关键是分析清楚滑块的运动，注意B点不是速度最大的点，滑块速度最大时，合外力为

零。

8.【答案】BC

【解析】解：48、由于地面带正电，雷雨云底部带负电，电场线起于正电荷终止于负电荷，因此

电场线方向为向上，沿着电场线电势降低，因此从雷雨云底部到地面电势逐渐升高，故A错误，

8正确；

CD.雨滴带负电，因此其电场力向下，雨滴落向地面过程。电场力做正功，电势能减少，故C正

确，£)错误。

故选：BCo

由题意可知，地面带正电，雷雨云底部带负电，则可知电场线方向向上，根据沿电场线的方向电

势降落可确定电势的变化；根据雨滴受电场力的方向确定电场力做功情况，从而确定其电势能的

变化情况。

本题考查电场力做功的性质，要注意明确电场线的性质，知道沿电场线的方向电势是降落的。

9.【答案】ACD

p2r2

【解析】解：A3、两金属棒刚进入磁场时，速度相同，安培力为：F=BlL=y

根据电阻定律可得：R=P(

导体棒的质量为：m=p'LS

根据牛顿第二定律可得：mg-F=ma

整理得：a=g-乌

pp

故两棒在后续的运动过程中，运动状态相同，在磁场中运动时间相同，到达磁场下边界时，两棒

的速度一样大，故A正确，B错误；

C、根据电荷量的计算公式可得：q=7戊=《a=萼=萼，两棒运动过程中，磁通量改变量相

KKK

同，但粗棒的电阻更小，故流过粗金属棒人的电量多，故c正确；

2

。、根据。=9-£=。-匕可知两棒的加速度相同，粗棒的质量大，则粗棒受到的安培力更大,

克服安培力做功等于产生的热量，故粗金属棒b产生的热量

多，故。正确。

故选：ACD.

根据牛顿第二定律结合电阻定律求解加速度的表达式，根据加速度大小分析运动情况；根据电荷

量的计算公式求解电荷量：根据牛顿第二定律分析安培力的大小，结合功能关系分析产生的热量。

本题主要是考查电磁感应现象，关键是弄清楚导体棒的运动情况和受力情况，根据平衡条件、牛

顿第二定律列方程进行求解。

10.【答案】BD

【解析】解：4在B点，根据牛顿第二定律：FN-mg=^-

解得：?可=mg+乎=(0.1x10+^~)N=3N

故A错误；

B.A到B的过程中，根据动能定理：mgx2R-qER=^mvl

解得：E=100V/m

故B正确：

CD.小球从B点飞出后，水平方向左匀变速运动qE=ma

解得：a=—=°,°^1OO7n/s2=10m/s2

m0.1''

水平速度减速到o

02—vj=2(-a)%

vl22„

解得:%=或=颉7n=°n.

所以电场区域水平方向宽度至少为=x+R

水平方向，带电粒子向左减速的时间：口=e=珠s=0.2s

向右加速：与=2渥t2=再=后段=导

22

小球竖直方向上做自由落体运动：y=gg(t]+t2)=|x10x(0.2+y)m=三箸m

电场竖直方向宽度至少为：yr=y+R=(3+：虎+o2)m=/券zn

电场区域的面积至少为：S==0.4x(4+；、2)瓶2=8或：27n2

故C错误，。正确。

故选：BD。

在B点，球受受重力和支持力，合力提供向心力，根据牛顿第二定律列式分析即可；对从A到B

过程，根据动能定理列式求解电场强度；小球在电场区域受向右的电场力和向下的重力，竖直方

向的分运动时自由落体运动，水平方向的分运动时匀变速直线运动。

本题关键明确粒子的运动，然后结合动能定理、牛顿第二定律、正交分解法、运动学公式列式求

解，不难.

11.【答案】BF'BD

【解析】解：(1)本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同，采用的科学方法是等

效替代法，故8正确，ACD错误。

故选：B

(2)实验中尸是由平行四边形得出的，而F'是通过实验方法得出的，其方向一定与橡皮筋的方向相

同，方向一定沿A。方向的是户。

(3)4、在实验中要减小拉力方向的误差，应让标记同一细绳方向的两点尽量远些，故细绳应该长

一些，故4错误；

从作图时，我们是在白纸中作图，做出的是水平力的图示，若拉力倾斜，则作出图的方向与实际

力的方向有有较大差别，故应使各力尽量与木板面平行，故B正确；

C、拉力Fi和尸2的夹角适当大一些，不是越大越好，故C正确；

。、根据等效替代原则，同一实验中。点位置不能变。故。错误。

故选：BD。

故答案为：(1)B(2)〃(3)BD

(1)本实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则，因此采用“等效法”，

注意该实验方法的应用。

(2)在实验中尸和尸分别由平行四边形定则及实验得出，明确理论值和实验值的区别即可正确解答，

(3)根据实验原理与实验操作分析判断。

本题考查了验证力的平行四边形定则实验，在解决设计性实验时，一定先要通过分析题意找出实

验的原理，通过原理即可分析实验中的方法及误差分析。

12.【答案】R2C0.2有

【解析】解：(1)根据原理图连接实物连续如图所示

(2)在乙图中，根据闭合电路欧姆定律，电压表的读数为%=喜・/?

因为电压表的量程为3匕所以外<3P

根据图甲有：10/2<RX<70/2

解得RW30。，故选

(3)电路接通前，先将电阻箱调为30.00,然后开关向a端闭合，将电压表此时指针对应的刻度线

标记为0.2zng/mL；

(4)电压表读数为2匕所以1/=3•/?=2忆解得：Rx=10H,通过图甲可知，此时酒精气体

浓度为0.8mg/7nL,达到醉驾标准。

故答案为：(1)如图所示；(2)/?2；(3)c,0.2(4)有。

(1)根据原理图连接实物图；

(2)根据电路特点和实验原理选择合适的定值电阻；

(3)根据实验原理掌握正确的实验操作，结合欧姆定律得出电阻并分析出此时的酒精浓度；

(4)根据欧姆定律计算出电阻的大小并分析是否达到了醉驾标准。

本题主要考查了伏安法测电阻的实验，根据欧姆定律结合图表得出不同阻值对应下的酒精浓度，

结合醉驾标准即可完成分析。

13.【答案】解：(1)物块从A点到8点做平抛运动，物块沿B点的切线方向进入圆弧轨道，物块

在8点的速度方向与水平方向的夹角为0=37。，则tan。=a=更，物块的水平位移：x=vt

%劭Q

代入数据解得：x=1.2m

(2)物块在B点的速度大小vB=一号玄=^-m/s=5m/s

物块由8—C过程，由动能定理得：mgR(l-cos0)=

代入数据解得：uc=6m/s

物块在小车上CD段滑动过程中，系统动量守恒，取水平向右为正方向，

由动量守恒定律得：mvc=(M+m)v

由能量守恒定律得：|mvc=+m)v2+^mgL

代入数据解得：M=5kg

答：(1)4、8两点的水平距离x是1.2m；

(2)小车的质量M是弘g。

【解析】(1)物块抛出后做平抛运动，应用平抛运动规律求解。

(2)应用动能定理求出物块到达C点时的速度，物块到达C点后物块与小车组成的系统动量守恒，

应用动量守恒定律与能量守恒定律求解。

本题物块运动过程比较复杂，分析清楚物块的运动情况是解题的前提，把握各个过程的物理规律

是关键。对于平抛运动，要熟练运用运动的分解法研究。物块在小车滑行过程，往往根据动量守

恒定律和能量守恒定律相结合进行解答。

14.【答案】解：(1)根据洛伦兹力提供向心力可得：

2

3Boqa)r=ma)r

解得：3=3K7T;

(2)要使得粒子不从y轴射出，则轨迹如图1所示

在前(7。内的运动半径为：-

在后内的运动半径为：

5q/B。

由几何关系可知：sinO=3

联立解得：6=37°

粒子做圆周运动的周期

27r

T=—

0)

则在。~，o运时间内有：邛踪落7=|小，

解得磁感应强度变化周期的最大值：券；

"L216K

(3)使粒子经过。点且平行x轴射出，在7。时刻达到。点的轨迹如图2所示,

根据周期性，在71”时刻达到。点可满足题意，由几何关系可得:

几(2rlsin530+2r2sin53°)=5d

又有：3rl=2r2

根据洛伦兹力提供向心力可得：qv-3B0=若

联立解得：》=萼巴5=1、2、3……)。

答：(1)0〜|70时间内粒子做匀速圆周运动的角速度3为3/OT;

(2)磁感应强度变化周期的最大值Tm为黑；

Z1OA

(3)射入磁场时速度的大小v为名詈(n=1、2、3……)。

【解析】(1)根据洛伦兹力提供向心力列式可求粒子做匀速圆周运动的角速度3；

(2)作出粒子恰好不从y轴射出的轨迹图，根据半径公式和几何关系求出轨迹对应圆心角，在根据

粒子运动时间求磁感应强度变化周期的最大值7；

(3)作出粒子经过。点且平行x轴射出轨迹图，根据几何关系求轨迹半径，再根据洛伦兹力提供向

心力列式求入射速度。

解决该题的关键是正确作出粒子的运动轨迹，能根据几何知识求解粒子做圆周运动的半径，要注

意圆周运动的周期性以及多解性。

15.【答案】升高做正功

【解析】解：从A到B的过程中，根据华=C可知pV的乘积增大，故温度7升高；气体从状态C

变化到状态A的过程中气体的体积减小，外界对气体做正功

故答案为：升高；做正功

由牛=C得：pV=CT,故PY之积越大表示温度越高，根据气体体积的变化，判断出外界对气体

做功情况。

从p-U图像上找出各物理量之间的关系，分析气体的变化过程，根据一定质量的理想气体状态方

程进行分析，是我们解决此类问题的突破口

5

16.【答案】解：(i)由气体发生等容变化，初态：P1=1.0x10pa,A=(273+27)K=300K

末态：P2=?，彩=(273+9)K=282K

根据查理定律可得：得=今，

11T2

5

解得Pz=0.94X10pa

(")将原有气体转化为工作压强P2彩=p-^V

-33s5

其中彩=1.2x10m,p2=0.94x10pa,p=1.3x10po

解得4V=0.87x10-37n

设打入n次的外界气体转换为工作压强nP。％=