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文档简介
吴忠高级中学2024届高一物理第一学期期中考试试题注意事项1.考生要认真填写考场号和座位序号。2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上,在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答;第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3.考试结束后,考生须将试卷和答题卡放在桌面上,待监考员收回。一、选择题:(1-6题为单选题7-12为多选,每题4分,漏选得2分,错选和不选得零分)1、图中所示实验室常用的弹簧测力计如图甲,有挂钩的拉杆与弹簧相连,并固定在外壳一端O上,外壳上固定一个圆环,可以认为弹簧测力计的总质量主要集中在外壳(重量为G)上,弹簧和拉杆的质量忽略不计.再将该弹簧测力计以两种方式固定于地面上,如图乙、丙所示,分别用恒力F0竖直向上拉弹簧测力计,静止时弹簧测力计的读数为A.乙图读数F0-G,丙图读数F0+GB.乙图读数F0+G,丙图读数F0-GC.乙图读数F0,丙图读数F0-GD.乙图读数F0-G,丙图读数F02、一物体做初速度为零的匀加速直线运动,图甲、乙、丙、丁是以时间为横轴的该物体的运动图象.关于此物体的运动图象,下列说法正确的是()A.甲可能是速度﹣时间图象B.乙可能是位移﹣时间图象C.丙可能是速度﹣时间图象D.丁可能是加速度﹣时间图象3、物体的加速度是“5m/s2”读作()A.秒平方分之5米B.每秒每秒5米C.每二次方秒5米D.5米每二次方秒4、摩天大楼中一部直通高层的客运电梯,行程超过百米。考虑安全、舒适、省时等因素,电梯的加速度a是随时间t变化的。已知电梯在t=0时由静止开始上升,a-t图像如图所示。由图像可知()A.电梯在第1秒内做匀加速运动,加速度大小为1m/s2B.电梯在第1秒末到第10秒末之间的位移大小为9mC.电梯从第11秒末到第30秒末做匀速运动,速度大小为10m/sD.第41秒末时,电梯回到原先所在的出发点5、酒后驾驶会导致许多安全隐患,这是因为驾驶员的反应时间变长.反应时间是指驾驶员从发现情况到采取制动的时间.下表中“思考距离”是指驾驶员从发现情况到采取制动的时间内汽车行驶的距离;“制动距离”是指驾驶员从发现情况到汽车停止行驶的距离(假设汽车制动时的加速度大小都相同).速度(m/s)
思考距离/m
制动距离/m
正常
酒后
正常
酒后
15
7.5
15.0
22.5
30.0
20
10.0
20.0
36.7
46.7
25
12.5
25.0
54.2
66.7
分析上表可知,下列说法不正确的是()A.驾驶员正常情况下反应时间为0.5sB.驾驶员酒后反应时间比正常情况下多0.5sC.驾驶员采取制动措施后汽车的加速度大小为3.75m/s2D.若汽车以25m/s的速度行驶时,发现前方60m处有险情,酒后驾驶不能安全停车6、将一小球从足够高的塔顶以某初速度竖直向上抛出,经时间t=2s小球的速度大小为v=5m/s,忽略空气阻力,重力加速度g=10m/s2。则下列说法正确的是A.初速度大小一定为15m/s,2s末小球在抛出点上方10m处B.初速度大小一定为15m/s,2s末小球在抛出点下方10m处C.初速度大小可能为25m/s,2s末小球在抛出点上方30m处D.初速度大小可能为25m/s,2s末小球在抛出点下方30m处7、A和B两质点在同一直线上运动的v-t图象如图所示,已知在第3s末两个物体在途中相遇,则下列说法正确的是()A.两物体从同一地点出发B.出发时B在A前3m处C.5s末两个物体再次相遇D.t=0时两物体的距离比t=5s时的大8、关于摩擦力,以下说法中正确的是A.运动物体可能受到静摩擦力作用,但静止物体不可能受到滑动摩擦力作用B.静止物体可能受到滑动摩擦力作用,但运动物体不可能受到静摩擦力作用C.正压力越大,摩擦力可能越大,也可能不变D.摩擦力的方向可能与物体的运动方向不在同一直线上9、一个物体以初速度v0水平抛出,落地时速度为v,则()A.物体在空中运动的时间是B.物体在空中运动的时间是C.物体抛出时的竖直高度是D.物体抛出时的竖直高度是10、一质点在一直线运动,第1s内通过1m,第2s内通过2m,第3s内通过3m,第4s内通过4m,该质点的运动可能是A.变加速运动 B.匀减速运动 C.匀速运动 D.匀加速运动11、汽车做直线运动,其v-t图象如图所示,下列说法中正确的是()A.0~2s内汽车的速度方向沿正方向,且速度逐渐增大B.2~4s内的位移为4mC.第1s末与第3s末的速度方向不同D.5s时汽车又回到了初始位置12、如图所示,倾角θ=30°的斜面体A静止在水平地面上,一根轻绳跨过斜面体顶端的小滑轮,绳两端系有质量均为m的小物块a、b,整个装置处于静止状态。现给物块b施加一个水平向右的力F,使b缓慢移动直到轻绳与竖直方向成30°角(不计绳与滑轮间的摩擦),对此过程说法正确的是()A.b受到绳的拉力逐渐增大B.水平拉力F逐渐增大C.小物块a受到的摩擦力先增大再减小D.小物块a一定沿斜面缓慢上移二、实验题(本题共16分,答案写在题中横线上)13、(6分)“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中,打点计时器使用的交流电频率为50Hz,记录小车运动的纸带如图所示,在纸带上选择0、1、2、3、4、5共6个计数点,相邻两计数点之间还有四个点未画出,纸带旁并排放着带有最小分度为毫米的刻度尺,零刻度线跟“0”计数点对齐,①计算小车通过计数点“2”的瞬时速度公式为v2=_____________(以d1、d2及相邻计数点间时间T来表示)代入得v2=______m/s.(结果保留两位有效数字)②加速度a=______m/s2(结果保留两位有效数字)14、(10分)在“研究匀变速直线运动”的实验中,小车拖着纸带运动,打点计时器打出的纸带如图所示,A、B、C、D、E5个计数点,每相邻两点间还有4个试验点(图中未画),并测量出A点与其它各计数点的间距如图所示,已知打点计时器每打两个点的时间为0.01s,求:(1)在AE这段时间内小车的平均速度v=___________m/s.(1)打下D点时小车的瞬时速度vD=___________m/s.(3)小车的加速度a=___________m/s1.三、计算题要求解题步骤,和必要的文字说明(本题共36分)15、(12分)从距离地面80m的高层建筑的顶端自由释放一个小球,若取g=10m/s2,则小球落地时的速度为多少?小球落地前最后1s内的位移为多少?16、(12分)晚间,甲火车以4m/s的速度匀速前进,当时乙火车误入同一轨道,且以20m/s的速度追向甲车,当乙车司机发现甲车时两车相距仅125m,乙车立即制动,已知以这种速度前进的火车制动后需经过200m才能停止.试求:(1)是否会发生撞车事故?(2)若要避免两车相撞,乙车刹车的加速度至少应为多大?(结果保留小数点后三位)17、(12分)甲车以加速度3m/s2由静止开始作匀加速直线运动,乙车落后2s在同一地点由静止开始,以加速度4m/s2作匀加速直线运动,两车的运动方向相同,求:(1)2s后甲车的速度是多少?位移是多少?(2)在乙车追上甲车之前,两车距离的最大值是多少?(3)乙车出发后经多长时间可追上甲车?此时它们离开出发点多远?
参考答案一、选择题:(1-6题为单选题7-12为多选,每题4分,漏选得2分,错选和不选得零分)1、D【解题分析】试题分析:按乙图放置,弹簧测力计的示数为F1,弹簧挂钩的受力情况是F0=G+F按丙图放置,弹簧测力计的示数为F2,弹簧挂钩的受力情况是F0=考点:本题考查了弹簧测力计的使用以及读数点评:本题的关键是理解“弹簧的一端与连接有挂钩的拉杆相连,另一端固定在外壳上的O点”,因此解题的关键对挂钩进行分析.2、D【解题分析】A、若甲是速度—时间图象,表示速度均匀减小,物体做匀减速直线运动,故A错误;
B、初速度为零的匀加速直线运动位移与时间的关系为,图象应是抛物线,故B错误;
C、根据速度时间图象的斜率表示加速度,可知,若丙图表示速度时间图象,物体做加速度增大的变加速直线运动,故C错误;
D、若是加速度—时间图线,则加速度不变,做匀加速直线运动,故D正确。点睛:匀加速直线运动的加速度不变,速度随时间均匀增加,位移时间图线是抛物线.结合匀加速运动的规律分析。3、D【解题分析】“5m/s2”读作5米每二次方秒,D正确.4、C【解题分析】
A.由图可知,电梯在第1秒内做加速度均匀增大的加速运动,故A错误;B.a-t图像与坐标轴所围面积表示速度变化,所以电梯在第1秒末的速度为由图像可知,电梯在第1秒末到第10秒末之间做匀加速直线运动,由位移公式可得故B错误;C.a-t图像与坐标轴所围面积表示速度变化,所以电梯从第11秒末的速度为由图可知,电梯从第11秒末到第30秒末做匀速运动,速度大小为10m/s,故C正确;D.a-t图像与坐标轴所围面积表示速度变化,所以第41秒末时电梯的速度变为零,但并末回到出发点,故D错误。5、C【解题分析】
A.在制动之前汽车做匀速运动,设正常情况下的思考距离为S,速度为v,则由S=vt可得:故A正确;B.在制动之前汽车做匀速运动,设酒后情况下的思考距离为x,速度为v,则有:则酒后比正常情况下多0.5s,故B正确;C.驾驶员采取制动措施时,有一反应时间.以速度为v=15m/s为例:若是正常情况下,制动距离减去思考距离才是汽车制动过程中的发生的位移:s'=22.5m-7.5m=15m由v2=2as'可得:故C不正确;D.由表格数据可知当汽车速度为25m/s加速行驶时,酒后驾驶后若要制动停止的距离是66.7m超过前方险情的距离.故D正确.本题选择不正确的,故答案选C.6、C【解题分析】
经时间小球的速度大小为,速度方向可能向上也可能向下;取向上为正;当小球的速度为,则由可得:此时小球在在抛出点上方当小球的速度为,则由可得:此时小球在在抛出点上方故C正确、ABD错误;故选C。7、BD【解题分析】
由速度图象的“面积”表示位移,可知两物体在3s内的位移不等,而它们在第3s末相遇,则知两物体出发点不同,故A错误;A、B两物体在3s内的位移分别为xA=12×5×3m=7.5m,xB=12×3×3m=4.5m,则出发时B在A前3m处,故B正确;3s末两个物体相遇,在3~5s内,A的位移比B的位移大Δx=12×2×2m=2m,即5s末两个物体没有相遇,t=0时两物体的距离比t=5s时的大,故C错误,D正确。所以BD8、CD【解题分析】
AB.静摩擦力存在于相对静止的两物体之间,滑动摩擦力存在于相对运动的两物体之间,则运动物体可能受到静摩擦力作用,静止物体也可能受到滑动摩擦力作用。故AB错误。C.滑动摩擦力大小一定与压力成正比,正压力越大,滑动摩擦力越大。而静摩擦力大小与压力没有直接关系,正压力越大,静摩擦力可能不变。故C正确。D.摩擦力的方向可能与物体运动方向不在同一直线上,如放在水平转盘上随转盘匀速转动的物体所受的静摩擦力指向圆心,与物体的运动方向垂直,故D正确。9、BD【解题分析】
AB.物体在竖直方向做自由落体运动,因此竖直方向速度再根据得故A错误,B正确;CD.物体在竖直方向做自由落体运动,因此竖直方向速度再根据得故C错误,D正确。故选BD。10、AD【解题分析】
A.质点第1s内通过1m,第2s内通过2m,第3s内通过3m,第4s内通过4m,可能做变加速运动,故A正确;B.因为相等时间位移增加,故不可能做匀减速运动,故B错误;C.因为相同时间内的位移不等,则该运动不是匀速运动,故C错误;D.因为相同时间内的位移之差是一恒量,则质点可能做匀加速运动,故D正确;11、AB【解题分析】
解答本题关键抓住:速度时间图象的斜率表示加速度;速度图象与坐标轴所围“面积”大小等于位移,由几何知识求出面积,即可求得位移大小.【题目详解】由图像可知0~2s内汽车的速度方向沿正方向,且速度逐渐增大,选项A正确;2~4s内做匀速运动,位移为2×2m=4m,选项B正确;第1s末与第3s末的速度均为正值,方向相同,选项C错误;5s时汽车的速度为零,但是位移不为零,此时离出发点最远,没有回到了初始位置,选项D错误;故选AB.【题目点拨】本题的解题关键是抓住两个数学意义来分析和理解图象的物理意义:速度图象的斜率等于加速度、速度图象与坐标轴所围“面积”大小等于位移.12、AB【解题分析】
b受力平衡,对b受力分析,如图所示:
设绳与竖直方向的夹角为α,b缓慢离开直到与竖直方向成30°的过程中,α变大,根据平行四边形定则可知,T逐渐增大,F逐渐增大,故AB正确;对a受力分析,如图所示:
刚开始T=mg,a处于静止状态,则f=T-mgsin300=12mg,方向向下,T增大时,f增大,摩擦力增大,由于不知道最大摩擦力的具体值,所以不能判断a是否会滑动,故BD错误。所以二、实验题(本题共16分,答案写在题中横线上)13、0.210.60【解题分析】
①[1][2].由图可以读出三个计数点1、3、5跟0点的距离分别是d1=1.20cm,d2=5.40cm,d3=12.00cm.
相邻两计数点之间还有四个点未画出,所以相邻的计数点间的时间间隔为T=0.1s,根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度,得:代入数据得:②[3].从图中可以读出x13、x35间的距离,它们的时间间隔T=0.2s,根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2,得:x35-x13=△x=aT2整理:14、.0.13m∕s0.15m∕s0.1m∕s【解题分析】试题分析:(1)每相邻两点间还有4个试验点(图中未画),所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s,根据平均速度的定义:,解得:(1)根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度,得(3)根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小,得:.为了更加准确的求解加速度,我们对两个加速度取平均值即小车运动的加速度计算表达式为:即考点:考查了“研究匀变速直线运动”的实验点评:要提高应用匀变速直
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