吴忠高级中学2024届高一物理第一学期期中考试试题含解析

吴忠高级中学2024届高一物理第一学期期中考试试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、图中所示实验室常用的弹簧测力计如图甲，有挂钩的拉杆与弹簧相连，并固定在外壳一端O上，外壳上固定一个圆环，可以认为弹簧测力计的总质量主要集中在外壳（重量为G）上，弹簧和拉杆的质量忽略不计．再将该弹簧测力计以两种方式固定于地面上，如图乙、丙所示，分别用恒力F0竖直向上拉弹簧测力计，静止时弹簧测力计的读数为A．乙图读数F0-G，丙图读数F0+GB．乙图读数F0+G，丙图读数F0-GC．乙图读数F0，丙图读数F0-GD．乙图读数F0-G，丙图读数F02、一物体做初速度为零的匀加速直线运动，图甲、乙、丙、丁是以时间为横轴的该物体的运动图象．关于此物体的运动图象，下列说法正确的是（）A．甲可能是速度﹣时间图象B．乙可能是位移﹣时间图象C．丙可能是速度﹣时间图象D．丁可能是加速度﹣时间图象3、物体的加速度是“5m/s2”读作（）A．秒平方分之5米B．每秒每秒5米C．每二次方秒5米D．5米每二次方秒4、摩天大楼中一部直通高层的客运电梯，行程超过百米。考虑安全、舒适、省时等因素，电梯的加速度a是随时间t变化的。已知电梯在t=0时由静止开始上升，a-t图像如图所示。由图像可知（）A．电梯在第1秒内做匀加速运动，加速度大小为1m/s2B．电梯在第1秒末到第10秒末之间的位移大小为9mC．电梯从第11秒末到第30秒末做匀速运动，速度大小为10m/sD．第41秒末时，电梯回到原先所在的出发点5、酒后驾驶会导致许多安全隐患，这是因为驾驶员的反应时间变长．反应时间是指驾驶员从发现情况到采取制动的时间．下表中“思考距离”是指驾驶员从发现情况到采取制动的时间内汽车行驶的距离；“制动距离”是指驾驶员从发现情况到汽车停止行驶的距离(假设汽车制动时的加速度大小都相同)．速度(m/s)

思考距离/m

制动距离/m

正常

酒后

正常

酒后

15

7.5

15.0

22.5

30.0

20

10.0

20.0

36.7

46.7

25

12.5

25.0

54.2

66.7

分析上表可知，下列说法不正确的是()A．驾驶员正常情况下反应时间为0.5sB．驾驶员酒后反应时间比正常情况下多0.5sC．驾驶员采取制动措施后汽车的加速度大小为3.75m/s2D．若汽车以25m/s的速度行驶时，发现前方60m处有险情，酒后驾驶不能安全停车6、将一小球从足够高的塔顶以某初速度竖直向上抛出，经时间t＝2s小球的速度大小为v＝5m/s，忽略空气阻力，重力加速度g＝10m/s2。则下列说法正确的是A．初速度大小一定为15m/s，2s末小球在抛出点上方10m处B．初速度大小一定为15m/s，2s末小球在抛出点下方10m处C．初速度大小可能为25m/s，2s末小球在抛出点上方30m处D．初速度大小可能为25m/s，2s末小球在抛出点下方30m处7、A和B两质点在同一直线上运动的v－t图象如图所示，已知在第3s末两个物体在途中相遇，则下列说法正确的是()A．两物体从同一地点出发B．出发时B在A前3m处C．5s末两个物体再次相遇D．t＝0时两物体的距离比t＝5s时的大8、关于摩擦力，以下说法中正确的是A．运动物体可能受到静摩擦力作用，但静止物体不可能受到滑动摩擦力作用B．静止物体可能受到滑动摩擦力作用，但运动物体不可能受到静摩擦力作用C．正压力越大，摩擦力可能越大，也可能不变D．摩擦力的方向可能与物体的运动方向不在同一直线上9、一个物体以初速度v0水平抛出，落地时速度为v，则（）A．物体在空中运动的时间是B．物体在空中运动的时间是C．物体抛出时的竖直高度是D．物体抛出时的竖直高度是10、一质点在一直线运动,第1s内通过1m，第2s内通过2m，第3s内通过3m,第4s内通过4m，该质点的运动可能是A．变加速运动 B．匀减速运动 C．匀速运动 D．匀加速运动11、汽车做直线运动，其v－t图象如图所示，下列说法中正确的是()A．0～2s内汽车的速度方向沿正方向，且速度逐渐增大B．2～4s内的位移为4mC．第1s末与第3s末的速度方向不同D．5s时汽车又回到了初始位置12、如图所示，倾角θ＝30°的斜面体A静止在水平地面上，一根轻绳跨过斜面体顶端的小滑轮，绳两端系有质量均为m的小物块a、b，整个装置处于静止状态。现给物块b施加一个水平向右的力F，使b缓慢移动直到轻绳与竖直方向成30°角(不计绳与滑轮间的摩擦)，对此过程说法正确的是()A．b受到绳的拉力逐渐增大B．水平拉力F逐渐增大C．小物块a受到的摩擦力先增大再减小D．小物块a一定沿斜面缓慢上移二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，打点计时器使用的交流电频率为50Hz，记录小车运动的纸带如图所示，在纸带上选择0、1、2、3、4、5共6个计数点，相邻两计数点之间还有四个点未画出，纸带旁并排放着带有最小分度为毫米的刻度尺，零刻度线跟“0”计数点对齐，①计算小车通过计数点“2”的瞬时速度公式为v2=_____________（以d1、d2及相邻计数点间时间T来表示）代入得v2=______m/s．（结果保留两位有效数字）②加速度a=______m/s2（结果保留两位有效数字）14、（10分）在“研究匀变速直线运动”的实验中，小车拖着纸带运动，打点计时器打出的纸带如图所示，A、B、C、D、E5个计数点，每相邻两点间还有4个试验点（图中未画），并测量出A点与其它各计数点的间距如图所示，已知打点计时器每打两个点的时间为0.01s，求：（1）在AE这段时间内小车的平均速度v=___________m/s．（1）打下D点时小车的瞬时速度vD=___________m/s．（3）小车的加速度a=___________m/s1．三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）从距离地面80m的高层建筑的顶端自由释放一个小球，若取g＝10m/s2，则小球落地时的速度为多少？小球落地前最后1s内的位移为多少？16、（12分）晚间，甲火车以4m/s的速度匀速前进，当时乙火车误入同一轨道，且以20m/s的速度追向甲车，当乙车司机发现甲车时两车相距仅125m，乙车立即制动，已知以这种速度前进的火车制动后需经过200m才能停止．试求：（1）是否会发生撞车事故？（2）若要避免两车相撞，乙车刹车的加速度至少应为多大？（结果保留小数点后三位）17、（12分）甲车以加速度3m/s2由静止开始作匀加速直线运动，乙车落后2s在同一地点由静止开始，以加速度4m/s2作匀加速直线运动，两车的运动方向相同，求：（1）2s后甲车的速度是多少？位移是多少？（2）在乙车追上甲车之前，两车距离的最大值是多少？（3）乙车出发后经多长时间可追上甲车？此时它们离开出发点多远？

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、D【解题分析】试题分析：按乙图放置，弹簧测力计的示数为F1，弹簧挂钩的受力情况是F0=G+F按丙图放置，弹簧测力计的示数为F2，弹簧挂钩的受力情况是F0=考点：本题考查了弹簧测力计的使用以及读数点评：本题的关键是理解“弹簧的一端与连接有挂钩的拉杆相连，另一端固定在外壳上的O点”，因此解题的关键对挂钩进行分析．2、D【解题分析】A、若甲是速度—时间图象，表示速度均匀减小，物体做匀减速直线运动，故A错误；

B、初速度为零的匀加速直线运动位移与时间的关系为，图象应是抛物线，故B错误；

C、根据速度时间图象的斜率表示加速度，可知，若丙图表示速度时间图象，物体做加速度增大的变加速直线运动，故C错误；

D、若是加速度—时间图线，则加速度不变，做匀加速直线运动，故D正确。点睛：匀加速直线运动的加速度不变，速度随时间均匀增加，位移时间图线是抛物线．结合匀加速运动的规律分析。3、D【解题分析】“5m/s2”读作5米每二次方秒，D正确．4、C【解题分析】

A．由图可知，电梯在第1秒内做加速度均匀增大的加速运动，故A错误；B．a-t图像与坐标轴所围面积表示速度变化，所以电梯在第1秒末的速度为由图像可知，电梯在第1秒末到第10秒末之间做匀加速直线运动，由位移公式可得故B错误；C．a-t图像与坐标轴所围面积表示速度变化，所以电梯从第11秒末的速度为由图可知，电梯从第11秒末到第30秒末做匀速运动，速度大小为10m/s，故C正确；D．a-t图像与坐标轴所围面积表示速度变化，所以第41秒末时电梯的速度变为零，但并末回到出发点，故D错误。5、C【解题分析】

A.在制动之前汽车做匀速运动，设正常情况下的思考距离为S，速度为v，则由S=vt可得:故A正确；B.在制动之前汽车做匀速运动，设酒后情况下的思考距离为x，速度为v，则有:则酒后比正常情况下多0.5s，故B正确；C.驾驶员采取制动措施时，有一反应时间．以速度为v=15m/s为例：若是正常情况下，制动距离减去思考距离才是汽车制动过程中的发生的位移:s'=22.5m-7.5m=15m由v2=2as'可得:故C不正确；D.由表格数据可知当汽车速度为25m/s加速行驶时，酒后驾驶后若要制动停止的距离是66.7m超过前方险情的距离．故D正确．本题选择不正确的，故答案选C．6、C【解题分析】

经时间小球的速度大小为，速度方向可能向上也可能向下；取向上为正；当小球的速度为，则由可得：此时小球在在抛出点上方当小球的速度为，则由可得：此时小球在在抛出点上方故C正确、ABD错误；故选C。7、BD【解题分析】

由速度图象的“面积”表示位移，可知两物体在3s内的位移不等，而它们在第3s末相遇，则知两物体出发点不同，故A错误；A、B两物体在3s内的位移分别为xA＝12×5×3m＝7.5m，xB＝12×3×3m＝4.5m，则出发时B在A前3m处，故B正确；3s末两个物体相遇，在3～5s内，A的位移比B的位移大Δx＝12×2×2m＝2m，即5s末两个物体没有相遇，t＝0时两物体的距离比t＝5s时的大，故C错误，D正确。所以BD8、CD【解题分析】

AB.静摩擦力存在于相对静止的两物体之间，滑动摩擦力存在于相对运动的两物体之间，则运动物体可能受到静摩擦力作用，静止物体也可能受到滑动摩擦力作用。故AB错误。C.滑动摩擦力大小一定与压力成正比，正压力越大，滑动摩擦力越大。而静摩擦力大小与压力没有直接关系，正压力越大，静摩擦力可能不变。故C正确。D.摩擦力的方向可能与物体运动方向不在同一直线上，如放在水平转盘上随转盘匀速转动的物体所受的静摩擦力指向圆心，与物体的运动方向垂直，故D正确。9、BD【解题分析】

AB．物体在竖直方向做自由落体运动，因此竖直方向速度再根据得故A错误，B正确；CD．物体在竖直方向做自由落体运动，因此竖直方向速度再根据得故C错误，D正确。故选BD。10、AD【解题分析】

A．质点第1s内通过1m，第2s内通过2m，第3s内通过3m，第4s内通过4m，可能做变加速运动，故A正确；B．因为相等时间位移增加，故不可能做匀减速运动，故B错误；C．因为相同时间内的位移不等，则该运动不是匀速运动，故C错误；D．因为相同时间内的位移之差是一恒量，则质点可能做匀加速运动，故D正确；11、AB【解题分析】

解答本题关键抓住：速度时间图象的斜率表示加速度；速度图象与坐标轴所围“面积”大小等于位移，由几何知识求出面积，即可求得位移大小．【题目详解】由图像可知0～2s内汽车的速度方向沿正方向，且速度逐渐增大，选项A正确；2～4s内做匀速运动，位移为2×2m=4m，选项B正确；第1s末与第3s末的速度均为正值，方向相同，选项C错误；5s时汽车的速度为零，但是位移不为零，此时离出发点最远，没有回到了初始位置，选项D错误；故选AB.【题目点拨】本题的解题关键是抓住两个数学意义来分析和理解图象的物理意义：速度图象的斜率等于加速度、速度图象与坐标轴所围“面积”大小等于位移．12、AB【解题分析】

b受力平衡，对b受力分析，如图所示：

设绳与竖直方向的夹角为α，b缓慢离开直到与竖直方向成30°的过程中，α变大，根据平行四边形定则可知，T逐渐增大，F逐渐增大，故AB正确；对a受力分析，如图所示：

刚开始T=mg，a处于静止状态，则f=T-mgsin300=12mg，方向向下，T增大时，f增大，摩擦力增大，由于不知道最大摩擦力的具体值，所以不能判断a是否会滑动，故BD错误。所以二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、0.210.60【解题分析】

①[1][2]．由图可以读出三个计数点1、3、5跟0点的距离分别是d1=1.20cm，d2=5.40cm，d3=12.00cm．

相邻两计数点之间还有四个点未画出，所以相邻的计数点间的时间间隔为T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得：代入数据得：②[3]．从图中可以读出x13、x35间的距离，它们的时间间隔T=0.2s，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2，得：x35-x13=△x=aT2整理：14、.0.13m∕s0.15m∕s0.1m∕s【解题分析】试题分析：（1）每相邻两点间还有4个试验点（图中未画），所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据平均速度的定义：，解得：（1）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得（3）根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小，得：．为了更加准确的求解加速度，我们对两个加速度取平均值即小车运动的加速度计算表达式为：即考点：考查了“研究匀变速直线运动”的实验点评：要提高应用匀变速直