电工学复习(土木)

解ui＞5V，VD导通，uo=5Vui＜5V，VD截止，uo=uiuo

的波形如图示。1.〔习题1.14〕在图1-33〔a〕所示的各电路中，E=5V。二极管的正向压降可忽略不计。试分析并画出输出电压uo的波形。

uiVD5VuoRuot05VuiVD5VuoRuot05V1.〔习题1.14〕在图1-33〔b〕所示的各电路中，E=5V。二极管的正向压降可忽略不计。试分析并画出输出电压uo的波形。uiVD5VuoR（b）uot05Vui＞5V，VD截止，uo=5Vui＜5V，VD导通，uo=uiuo

的波形如图示。

uiVD5VuoR

uot05V2.求图7几种情况下输出端电位UF及各元件中通过的电流。〔1〕UA=+9V，UB=0；〔2〕UA=+6V，UB=+5.8V；〔3〕UA=UB=5V。设二极管的正向电阻为零，反向电阻为无穷大。1k1kVDAVDB9kUFUAUB1k1kVDA9kUFUAUB+－+－VDB解关键在定性分析二极管的工作状态IAIBI〔1〕UA=+9V，UB=0；VDA导通，VDB截止〔2〕UA=+6V，UB=+5.8V；解关键在定性分析二极管的工作状态1k1kVDA9kUFUAUB+－+－VDBIAIBIVDA导通，VDB导通，由弥尔曼定理有〔3〕UA=UB=5V解定性分析二极管的工作状态1k1kVDA9kUFUAUB+－+－VDBIAIBIVDA导通，VDB导通，由弥尔曼定理有5〔习题1.11〕化简图1-28中各含源二端网络。+－4V－+－+1V－5Aab2V1A2A+－+1V－ab2V1A2A+1V－ab1A2A+1V－ab1V1Aab3

1

1Aab2V3

4

1V1Aab3

1Aab2V4

ab2V4

－4V+ab4

－2V+ab1V3

+3V－ab3

＋4V－6.〔3.14〕在图3-23所示电路中，V,求。解各电压、电流如下图，下分别求各电压电流。图3-23题3.14图2Ω－j2Ωj2Ω2Ω一、复数计算法6.〔3.14〕在图3-23所示电路中，V,求。解各电压、电流如下图，下分别求各电压电流。图3-23题3.14图2Ω－j2Ωj2Ω2Ω二、相量图法7.电路如下图，线电压380V，接有对称星形联接的白炽灯负载，总功率为180W。此外C相还接有额定电压为220V，功率为40W,功率因数cosφ=0.5的日光灯一支。试求电流设解NABC日光灯白炽灯RCRBRAZC〔1〕先计算对称三相负载电流负载Y连接时线电流等于相电流，于是有根据对称三相电路的特点，可求得三相线电流7.电路如下图，线电压380V，接有对称星形联接的白炽灯负载，总功率为180W。此外C相还接有额定电压为220V，功率为40W,功率因数cos=0.5的日光灯一支。试求电流设NABC日光灯白炽灯RCRBRAZC〔2〕计算单相负载电流IC28、在图示电路中，，，Z1=0.1+j0.5，Z2=0.1+j0.5，Z3=5+j5，求。解用结点电压法求解由弥尔曼定理有+－Z1Z3Z2+－9.〔4.5〕图4-25所示的放大电路中，UCC=24V，RC=3.3kΩ，RE=1.5kΩ，RB1=10kΩ，RB2=33kΩ，RL=5.1kΩ，RS=1kΩ，β=66。〔1〕试求静态值IB、IC、UCE；〔2〕画出微变等效电路；〔3〕计算电压放大倍数Au和Aus；〔4〕计算放大电路的输入电阻ri和电阻输出电阻ro。V图4-25题4.5图C1uS+UCCRCRB2RSRLC2RB1RE+uo－+－CE解〔1〕试求静态值IB、IC、UCEUCE电路直流通道+UCCRCRB2RB1REVBIC条件：UCC=24V，RC=3.3kΩ，RE=1.5kΩ，RB1=10kΩ，RB2=33kΩ，RL=5.1kΩ，RS=1kΩ，β=66。由电路图可得电压方程

V图4-25题4.5图C1uS+UCCRCRB2RSRLC2RB1RE+uo－+－CE〔2〕画出微变等效电路V图4-25题4.5图C1uS+UCCRCRB2RSRLC2RB1RE+uo－+－CE+－RSRCRLRB2rbeRB1微变等效电路〔3〕计算电压放大倍数Au和Aus；〔4〕计算放大电路的输入电阻ri和电阻输出电阻ro。10.〔例5-5〕电路如图5-25所示，求电路的输出电压与输入电压的关系。u01ui1+∞+－u02+∞+－ui2R1R2R2A2A1u01u02R4u0R4+∞+－R3R3A3根据“虚短”的概念可知，运放A1的反相输入端电压为ui1。运放A2的反相输入电位为ui2。根据“虚断”的概念可知，R1和R2上的电流相等。在运放电阻R1接在运放A1和运放A2的反相输入端之间，因而电阻R1两端电位差应为，根据电路可以得出例5-5解法一解利用虚短虚断法直接列方程求解。u01ui1+∞+－u02+∞+－ui2R1R2R2A2A1u01u02R4u0R4+∞+－R3R3A3进而可以得出输出电压为假设用表示差模信号即，那么例5-5解法二利用电路的对称特点简化分析求解。u01ui1+∞+－u02+∞+－ui2R1R2R2A2A1u01u02R4u0R4+∞+－R3R3A3由图可知，由A1、A2组成的局部电路为双端输入双端输出的差动电路，即ui1=-ui2。于是可知在R1的中心点必为地电位。所以u01ui1+∞+－u02+∞+－ui2R2R2A2A1R1例5-5解法二举例设ui1=2V，ui2=－2V。Ri1=200Ω，R2=900Ωu01ui1+∞+－u02+∞+－ui2R1=200R2=900R2=900A2A12