2021届安徽省高考物理三模试卷（新课标Ⅰ）附答案详解

2021届安徽省高考物理三模试卷（新课标I）

一、单选题（本大题共5小题，共30.0分）

1.如图重物G压在纸带上.用水平力尸慢慢拉动纸带，重物跟着一起运===^==f

动；若迅速拉动纸带，纸带会从重物下抽出，下列说法正确的是（）

A.慢拉时，重物和纸带间的摩擦力大

B.快拉与慢拉，重物和纸带间的摩擦力相等

C.慢拉时，纸带给重物的冲量大

D.快拉与慢拉，纸带给重物的冲量相等

2.我国计划于2020年发射“火星探测器”，若探测器绕火星的运动、地球和火星绕太阳的公转视

为匀速圆周运动，相关数据见表格，则下列判断正确的是（）

行星公转轨道半径

行星行星半径/m行星质量"g行星公转周期

/m

11

地球6.4x1066.0x1024/?电=1.5x10T地

11

火星3.4x1066.0x1023R火=2.3X10T火

A.T地＞T火

B.火星的“第一宇宙速度”小于地球的第一宇宙速度

C.火星表面的重力加速度大于地球表面的重力加速度

D.探测器绕火星运动的周期的平方与其轨道半径的立方之比与多相等

3.如图所示，质量为小的小球置于立方体的光滑盒子中，盒子的边长略

大于球的直径某同学拿着该盒子在竖直平面内做半径为R的匀速圆周

运动，已知重力加速度为g,空气阻力不计，要使在最高点时盒子与

小球之间作用力恰为0,则（）

A.在最高点小球的速度水平，小球既不超重也不失重

B.小球经过与圆心等高的位置时，处于超重状态

C.盒子在最低点时对小球弹力大小等于6mg,方向向上

D.该盒子做匀速圆周运动的周期一定等于27r口

4.如图所示，两光滑平行金属导轨间距为3直导线MN垂直跨在导轨上，且

IXX

与导轨接触良好，整个装置处于垂直于纸面向里的匀强磁场中，磁感应强

XXXX

度为B.电容器的电容为C,除电阻R外，导轨和导线的电阻均不计。现给导

线MN—初速度，使导线MN向右运动，当电路稳定后，MN以速度〃向右做匀速运动时（）

A.电容器两端的电压为零

B.电阻两端的电压为

C.电容器所带电荷量为CBW

D.为保持MN匀速运动，需对其施加的拉力大小为电包

5.如图所示，正方形区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场。比荷相等的带电粒子1和2垂直磁场边

界从a点射入，粒子1从b点射出，粒子2从c点射出。不计粒子重力及其相互间作用。下列说法

正确的是（）

:X"V'

\B:c

•KX〜*•

/-

'-KXM,

A.粒子1在a点速率大于在b点的速率

B.粒子1射入磁场时的速率一定比粒子2小

C.粒子1在磁场中运动的时间比粒子2长

D.若仅减小磁感应强度，则粒子在磁场中运动时间变长

二、多选题（本大题共4小题，共22.0分）

6.下列说法中正确的是（）

A.汤姆孙发现电子，并提出原子具有核式结构

B.对于同一种金属来说，其极限频率恒定，与入射光的频率及光的强度均无关

C.黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关

D.E=me?表明物体具有的能量与其质量成正比

E.“人造太阳”的核反应方程是卷5〃+皆Ba+UKr+3Jn

7.关于功和能的说法正确的是（）

A.功是能量转化的量度B.功是矢量，能量是标量

C.功和能的单位都是焦耳D.功和能都是状态量

8.如图（甲），质量m=1kg的小物块从P点以初速度为=10m/s沿倾角为37。的粗糙斜面向上滑动,

其上滑至最高点过程的速度图象如图（乙）所示。己知斜面固定且足够长，不计空气阻力，取9=

10m/s2,s讥37。=0.6.下列说法中正确的是（）

士二

甲。乙I2

A.物块所受的重力与摩擦力之比为5：2

B.物块将停在最高点不能再下滑

C.物块将沿斜面下滑，且下滑至P点时速度大小为10m/s

D.物块将沿斜面下滑，且从静止下滑至速度大小为10m/s时用时5s

9.下列说法正确的是（）

A.空间有变化的磁场就能形成电磁波

B.在做双缝干涉实验中，保持光的频率不变，增大双缝的距离，干涉条纹间距反而减小

C.振动系统振动时的周期未必等于它的固有周期

D.太阳光经过三棱镜的两次折射，会发散成彩色光带

E.火车进站时，我们听到火车发出的声音越来越刺耳，是因为此过程中火车发出的声音频率在

不断增大

三、填空题（本大题共1小题，共5.0分）

10.分子势能是由___决定的，分子势能的改变是通过来实现的，分子力做负功，分子势

能:分子做正功，分子势能；当分子间的距离为为时，分子势能。分子势

能的大小与物体的有关。

四、实验题（本大题共2小题，共15.0分）

11.某兴趣小组为了尽量精确测量某电阻心的阻值设计了如图1所示的电路.已知各元件规格如下:

电压表V：量程。-3V,内阻约为3Ko

电流表4量程0-200爪4,内阻为4.00

滑动变阻器R：最大阻值50

定值电阻：%=2.00

电源：电动势E约为3V,内阻较小

t'v

（1）为了保护各元件安全，开光闭合前滑动变阻器的滑片应该滑至滑动变阻器的最端（选“左”

或“右”）.

（2）多次实验后，该小组在U-/坐标系下将电压表和电流的各组读数描点后用直线拟合，得到如图2

所示U-/图，则待测电阻心阻值为（保留两位有效数字）.

（3）若不考虑实验的偶然误差，则该实验的测量结果与心的真实阻值相比，测量值______（选“偏大”

或“偏小”或“相等”）.

12.①某同学用用如图实验装置探究“碰撞中的不变量”实验，为减小误差，下列做法正确的是

4用秒表记录平抛的时间

8.斜槽轨道末端的切线必须水平

C两球的质量与半径必须都相等

D入射球每次必须从轨道的同一位置由静止滚下

②通过该方法获得的数据（填“能”或者“不能”）判定碰撞是否为弹性碰撞。

五、计算题（本大题共4小题，共52.（）分）

13.物体以4m/s的初速度由。点开始做匀减速直线运动，途径4B两点，AB间距离为0.75机。已知

物体在4点时的速度大小是在B点时速度大小的2倍，物体由B点再经过0.5s运动到C点时速度恰

好为零，求：

(1)物体做匀减速直线运动的加速度大小。

(2)。点到B点的距离

14.如图所示，相距为d的两平行金属板M、N与电池组相连后，其间形成匀强电场，一带正电粒子

从M极板边缘垂直于电场方向射入，并打在N极板的正中央。不计重力，现欲把N极板远离M极

板平移，使原样射入的粒子能够射出电场，就下列两种情况求出N极板至少移动的距离。

(1)开关S闭合;

(2)把闭合的开关S打开后.

15.[物理——选修3—3]

(1)下列说法正确的是。(填正确答案标号。)

A.空调既能制热又能制冷，说明热传递不存在方向性

8.在较暗的房间里，看到透过窗户的“阳光柱”里粉尘的运动不是布朗运动

C.分子间作用力的合力表现为引力时，若分子间的距离增大，则分子力不一定减小，但分子势

能一定增大

D由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离，液面分子间只有引力，没有斥力，所

以液体表面具有收缩的趋势

E.在各种晶体中，原子(或分子、离子)都是按照一定的规则排列的，具有空间上的周期性

(2)如图所示为一定量的理想气体从状态4分别经过等压、等温、等容变化过程到状态D,气体

在4状态时温度为7\,图中参量均为已知。求:

。)气体在C状态时的温度与压强;

(H)若气体从4到。对外做功为W,则气体在B到C过程吸收的热量为多少？

16.一列沿x轴传播的简谐横波，在t=0时刻的波形如图实线所示，在"=0.2s时刻的波形如图虚

线所示。

①若波向x轴正方向传播，求该波的波速;

②若波向X轴负方向传播，且ti<7,求x=2m处的P质点第一次出现波谷的时刻。

-10

参考答案及解析

1.答案：c

解析：解：4、B、用水平力F慢慢拉动纸带，重物跟着一起运动，重物与纸片间是静摩擦力；若迅

速拉动纸带，纸带会从重物下抽出，重物与纸片间是滑动摩擦力；滑动摩擦力约等于最大静摩擦力；

故快拉时摩擦力大；故A8错误；

C、纸带对重物水平方向的合力等于摩擦力，根据动量定理，合力的冲量等于动量的增加量，慢

拉时动量增加量大，故慢拉时，纸带给重物的摩擦力的冲量大，由于作用时间长，支持力的冲量也

大，故慢拉时，纸带给重物的冲量大，故C正确，。错误；

故选：C

明确动量定理的应用，知道在快拉时，由于惯性，很容易将纸片抽出；慢拉时，很难将纸片抽出；

根据动量定理分析冲量大小

本题关键明确静摩擦力与滑动摩擦力的动量大小关系，同时要能够根据动量定理分析并能解释相关

现象.

2.答案：B

解析：解：4、地球和火星绕太阳做圆周运动，根据G券与得，7=叵I,火星的轨道半径

r2T27GM

大于地球的轨道半径，则火星的周期大于地球的周期，故A错误。

B、根据G得=小卷得，第一宇宙速度及=舟，由于火星质量与火星半径之比小于地球质量与地球

半径之比，则火星的“第一宇宙速度”小于地球的第一宇宙速度，故5正确。

C、根据G鬻=mg得，g=器,由于火星质量与火星半径平方之比小于地球质量与地球半径平方比，

KK

则火星表面的重力加速度小于地球表面的重力加速度，故C错误。

畤吟故。错误。

故选：B。

根据万有引力提供向心力得出周期与轨道半径的关系，结合轨道半径的大小比较周期的大小.根据

万有引力提供向心力得出第一宇宙速度的表达式，结合中心天体质量和半径的关系比较第一宇宙速

度.根据万有引力等于重力得出重力加速度的表达式，结合中心天体质量和半径的关系比较重力加

速度.根据开普勒第三定律分析周期和轨道半径的关系.

本题考查了万有引力定律的基本运用，掌握万有引力定律的两个重要理论：1、万有引力等于重力，

2、万有引力提供向心力，并能灵活运用.

3.答案：D

解析：解：4、在最高点时盒子与小球之间恰好无作用力，说明此时恰好只有小球的重力作为向心力，

小球的加速度的方向向下，小球处于失重状态。故A错误；

8、小球做匀速圆周运动，在经过与圆心等高的位置时，加速度的方向沿水平方向，不是超重状态。

故B错误；

C、设小球的周期为T,在最高点：mg=mR^-...@

在最低点时小球受重力和支持力的作用，由尸-mg=

联立可得，F=2mg,方向向上。故C错误；

D、由①可得小球运动的周期7=2兀/,故。正确

故选：Do

小球在最高点时盒子与小球之间恰好无作用力，说明此时恰好只有小球的重力作为向心力，由此可

以求得小球的运动周期，在最低点时对物体受力分析，利用向心力的公式可以求得盒子与小球之间

的作用力大小。

物体做匀速圆周运动，小球在最高点时盒子与小球之间恰好无作用力，说明此时恰好只有小球的重

力作为向心力，这是解决这道题的关键，再根据最高点和最低点时受力的不同，根据向心力的公式

列方程求解即可。

4.答案：C

解析：解：

A、B当导线MN匀速向右运动时，导线所受的合力为零，说明导线不受安培力，电路中电流为零，

故电阻两端没有电压。此时导线MN产生的感应电动势恒定，根据闭合电路欧姆定律得知，电容器两

板间的电压为U=E=BLu.故AB错误。

C、电容器两板间的电压为（/=BA,则电容器所带电荷量Q=CU=CBQ,故C正确；

。、因匀速运动后MN所受合力为0,而此时无电流，不受安培力，则无需拉力便可做匀速运动，故

。错误。

故选：C。

当电路稳定后，以速度"向右做匀速运动时，导线产生的感应电动势恒定，对电容器不充电也放

电，电路中无电流，电容器两板间的电压等于感应电动势，即可求出电荷量。匀速时，电路中没有

电流，不受安培力，无需拉力。

本题要紧紧抓住导体棒做匀速运动这个条件进行分析，导体棒切割磁感线产生感应电动势，电路中

并没有电流，电阻上没有电压。

5.答案：C

解析：解：先确定两粒子的圆心位置，如图所示，从图中可以

看出，rx<r2,且偏转角%>&

人由于带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，所以粒子1在a点

的入射速率等于在b点的出射速率，故选项A错误；

B、由洛仑兹力提供向心力可求得半径r=等,半径大则速度大，

所以粒子2的速度大于粒子1的入射速度，故选项5错误；

C、粒子在磁场在的偏转时间t=/xT=*x^,由图可以看出粒子1的偏转角度%>/，而周

期相等，所以粒子1在磁场中的时间比粒子2的时间长，故选项C正确；

。、由上述半径公式和时间公式，减小磁感应强度B,半径变小，偏转角变大，且周期7变小，无法

确定时间的变化，另若打在下边上、当增大磁感应强度B后，时间不变，故选项。错误。

故选：Co

粒子在磁场中做圆周运动，根据题设条件作出粒子在磁场中运动的轨迹，根据轨迹分析粒子运动半

径和周期的关系，从而分析得出结论。根据粒子的偏转情况结合左手定则判断电性；粒子在磁场中

运动时洛伦兹力不做功；根据R=等判断半径的变化，从而分析出射位置：若仅减小入射速率，粒

子运动时间可能增加

粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由此根据运动特征作出粒子在磁场中运动的轨迹，

掌握粒子圆周运动的周期、半径的关系是解决本题的关键。

6.答案：BCD

解析：解：4、汤姆孙发现电子，提出原子的“枣糕”模型，瑟福的a粒子散射实验，表明原子具有

核式结构，故A错误.

8、金属的极限频率由金属本身决定，与入射光的频率和强度无关，故B正确.

C、黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关，故C正确.

D、根据E=mc2知，物体具有的能量与其质量成正比，故。正确.

E、太阳内部进行的是轻核聚变，故E错误.

故选：BCD.

卢瑟福的a粒子散射实验，表明原子具有核式结构；对于同一种金属来说，其极限频率恒定；辐射电

磁波的情况与物体的温度、物体的材料有关；由E=mc2得出物体具有能量与质量的关系；聚变是

质量较轻的原子核聚变为质量较大的原子核.

本题考查了核式结构模型、光电效应、黑体辐射、聚变等基础知识点，关键要熟悉教材，牢记这些

基础知识点，对于物理学家的贡献，不能混淆.

7.答案:AC

解析：解：4、功是能量转化的量度，做了多少功，就有多少的能量从一种形式转化为另一种形式.故

A正确；

2、物理学中把力和物体在力的方向上移动距离的乘积叫做机械功，简称功，功是标量；能量也是标

量；故B错误；

C、功和能的单位都是焦耳，故C正确；

。、功是过程量，提到功，要明确是哪一个过程中的功，而能量是状态量，故。错误；

故选：AC.

功是能量转化的量度，力做功时，能量从一种形式转化为另一种形式.它们的单位相同，都是焦耳.

该题考查功与能的区别与联系，解答的关键是明确功和能的概念，知道其联系和区别，基础问题.

8.答案：AD

解析：解：4、根据速度-时间图象的斜率表示加速度，可知，物块上滑过程的加速度大小为：％=

2

=Y=10m/so

根据牛顿第二定律得：mgsin37°+f=mar

代入数据解得：f=4N,则G：f=mg：f=5：2,故4正确；

B、在最高点，由于mgs讥37。，所以物块不能停在最高点，将要下滑，故B错误。

C、下滑过程，根据牛顿第二定律得：mgsin37°-f=ma2

2

代入数据解得：a2=2m/s»

根据速度一时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，得：0-1s内的位移x=[x10xlm=5m

从最高点滑回P点的过程，有诏=2。2口解得%=2Zm/s,故C错误。

。、物块将沿斜面下滑，且从静止下滑至速度大小为10m/s时用时t=2=£=5s,故。正确。

故选：AD.

根据速度时间图象的斜率求出物块上滑时的加速度，对物体进行受力分析，根据牛顿第二定律即可

求出摩擦力，再求解重力与摩擦力之比。根据重力沿斜面向下的分力与最大静摩擦力的关系判断物

块能否停在最高点。根据速度-时间图象与坐标轴围成的面积表示位移求物块上滑最大位移，再根

据牛顿第二定律求得下滑的加速度，由速度公式求解运动时间。

本题是速度-时间图象，要理解速度图象的物理意义，抓住斜率表示加速度，面积表示位移，运用

牛顿第二定律和运动学公式分段研究。

9.答案：BCD

解析：解：力、如果是均匀变化的磁场就不会形成电磁波，故4错误；

B、由干涉条纹间距d=4；,可知；I不变，增大双缝的距离，干涉条纹间距减小，故B正确；

C、受迫振动的振动周期等于驱动力的周期，与它的固有周期无关，故C正确；

。、太阳光为复合光，复合光中各单色光的折射率不同，所以经过三棱镜后会发散从而形成彩色光

带，故O正确；

瓜根据多普勒效应，当火车进站时，两者间距变小，则观察者接收到的波源频率大于波源发出的频

率，从而出现观察者听到声音越来越刺耳，但火车发出的声音频率未必发生改变，故E错误。

故选：BCD.

均匀变化的磁场不会形成电磁波，涉条纹间距d=4；,受迫振动的振动周期等于驱动力的周期；火

车向火车站驶来，站台上的人听到火车的声音越来越刺耳，是因为人听到的声音频率逐渐变大。

熟练掌握电磁波产生的原理，干涉条纹间距，受迫振动，多普勒效应及光的色散现象。

10.答案：分子间的相对位置分子力做功增加减小最小体积

解析：解：分子的势能：由分子间的相对位置决定的势能称分子势能。分子势能的变化与分子力做

功密切相关。

r>r0时，分子间作用力表现为引力，当增大r时，分子力做负功，分子势能增大，当减小r时，分子

力做正功，分子势能减小；

r<r。时，分子间作用力表现为斥力，当减小r时，分子力做负功，分子势能增大，当增大r时，分子

力做正功，分子势能减小。

当r=时，分子势能具有最小值。

从宏观上看，分子势能与物体的体积有关。

对于气体，分子间的作用力趋近于零，分子势能和体积无关。

故答案为：分子间的相对位置、分子力做功、增加、减小、最小、体积。

分子的势能：由分子间的相对位置决定的势能称分子势能。分子势能的变化与分子力做功密切相关。

r>r0时，分子间作用力表现为引力，当增大r时，分子力做负功，分子势能增大；

时，分子间作用力表现为斥力，当减小r时，分子力做负功，分子势能增大。

当r=r°时，分子势能具有最小值。从宏观上看，分子势能与物体的体积有关。对于气体，分子间的

作用力趋近于零，分子势能和体积无关。

分子间的势能及分子力虽然属于微观世界的关系，但是我们所学过的功能关系均可，使难度不大。

11.答案：左；530；偏小

解析：解：(1)为保护电流表，开关闭合前应将滑片置于变阻器的最左端；

(2)由电路图根据欧姆定律应有：?=/+?

解得：u=(&+7)取./

根据函数斜率概念应有：如曹曲=k=E急与，

代入数据解得：Rx=53/2；

(3)若考虑电压表内阻影响应有：彳一+£=/+E，

xKy1

U.,IR

与不考虑电压表内阻影响时有：~=1+77A

%测1

UU

比较可得厂>短，所以勺测〈勺真，即测量值偏小；

故答案为：⑴左;(2)53。；(3)偏小

本题(1)的关键是明确实验前应将滑片置于输出电压或电流最小的一端；题(2)根据欧姆定律写出有

关图象的纵轴与横轴物理量的表达式，再根据斜率截距的概念即可求解；题(3)分析误差时，只需将

电表的内阻考虑之内，写出待测电阻的真实值，然后再与不考虑内阻影响时的测量值比较即可.

应明确：①实验前应将变阻器的滑片置于输出电压或电流最小的一端以保护电表；②涉及到根据图

象求解的题目，应根据需要的物理规律写出有关纵轴与横轴物理量的函数表达式，再根据斜率和截

距的概念即可求解.

12.答案：BD能

解析：解：①4、小球离开斜槽轨道后做平抛运动，小球做平抛运动的时间相等，小球做平抛运动

的水平位移与初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球初速度，实验不需要用秒表记录平抛

的时间，故A错误；

B、小球离开斜槽轨道后做平抛运动，斜槽轨道末端的切线必须水平，故B正确；

C、为防止两球碰撞后入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量，为使两球发生对心碰撞，两

球半径必须都相等，故C错误；

。、为保证小球做平抛运动的初速度相等，入射球每次必须从轨道的同一位置由静止滚下，故。正

确。

故选:BD.

②设入射球的质量为Tn〉被碰球的质量为Tn2,碰撞前入射球速度为几,碰撞后入射球速度为打,

被碰球速度为外，

设碰撞前入射球的做平抛运动的水平位移是出，碰撞后入射球的水平位移是石，被碰球的水平位移

是%2，

两球发生弹性碰撞，碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得：

m^Vo=+m2v2

由机械能守恒定律得：

111

5ml诏=+-7n2V2

小球离开斜槽轨道后做平抛运动，小球抛出点的高度相等，小球做平抛运动的时间t相等，

则：m1vot=m.rvrt+m2v2t

|mi诏户=：7nl说d询［2,

则叫通—m1x1+mx2

myXQ=+m2%2;

s4口mA-m八、27nl…、

解得：与=高不2"°(1口2=；#o(2)

(2)-(1)得：Xo+%1=x2'测出小球做平抛运动的水平位移，

在误差允许范围内，如果和+/=g，可以判断碰撞为弹性碰撞，如果沏+匕力亚,可以判断碰

撞为非弹性碰撞；

故答案为：①BD：②能。

①小球离开斜槽轨道后做平抛运动，斜槽轨道末端切线必须水平，为使两球发生对心弹性碰撞，两

球半径相等，为防止碰撞后入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量，根据实验原理与实验

注意事项分析答题。

②两球发生弹性碰撞，碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，应用动量守恒定律与机械能守恒定律

求出实验需要验证的表达式，然后分析答题。

本题考查了验证动量守恒定律实验，理解题意是解题的前提与关键，根据实验原理与实验注意事项

应用动量守恒定律与机械能守恒定律即可解题。

13.答案：解：(1),根据运动学公式可以得到有B到C阶段：0-%=砒江

2

有A到B阶段：vj-(2ve)=2asAB

联立可以得到：a=-2m/s,大小为2m/s2；

V

(2)把a代入0-vB=atpc可以得到:B=lw/s

则SOB=均也==3.75m

UD2a2x(-2)

答：(1)物体做匀减速直线运动的加速度大小为2m/s2。

(2)。点到B点的距离为3.75m

解析：(1)根据运动学公式，从4TB根据速度时间公式，8到C根据速度位移公式列式，联立方程组

解得加速度；

(2)由(1)求出加速度，求出B点速度，从。到B根据速度位移关系式求出。到B的位移；

本题考查运动学公式的应用，要注意正确选择过程，分析已知量，再选择合适的运动学公式求解即

可。

14.答案：解：(1)S闭合时，两极板间电压U不变，设极板长度为3有

,["(行.,

d=诉+%1=2m(d+z)%/

得江=工

解得：%!=d

(2)断开S后，两极板间场强E不变，

于是d=嗔,d+X2=空与

22

2mv0"2mv0

d1

得zn赤=z

解得：x2=3d

答：(1)开关S闭合时，N极板至少要移动d的距离；

(2)把闭合的开关S打开后，N极板至少要移动3d的距离。

解析：本题考查带电粒子在电场中的偏转，结合牛顿第二定律与运动学规律进行分析处理是关键。

(1)以一定速度垂直进入偏转电场，由于速度与电场力垂直，所以粒子做类平抛运动。这样类平抛运

动可将看成沿初速度方向的匀速直线与垂直于初速度方向匀加速直线运动。根据运动学公式解题。

（2）带电粒子在电场中偏转时做匀加速曲线运动.应用处理类平抛运动的方法处理粒子运动，关键在于

分析临界条件，同时注意当电荷量不变时，只改变两板间的距离，则E不变。

15.答案：（DBCE；

（2）解：（i）气体在状态C时的温度与在状态B时的温度相同，则气体从4到B过程，

Z菖，求得斗殳

超商■,骑

济

由B到C的过程：翼：求得羁=含端

购

（ii）气体从B到C