2024届山东省聊城市高唐一中物理高二第一学期期中综合测试模拟试题含解析

2024届山东省聊城市高唐一中物理高二第一学期期中综合测试模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、做匀加速直线运动的物体，位移与时间的关系满足，其初速度是()A．4m/s B．2m/s C．1m/s D．m/s2、如图，匀强磁场中，一单匝矩形金属线框绕与磁感线垂直的转轴匀速转动，线框中产生的交变电动势瞬时值随时间变化的规律为e＝20sinl00πtV。下列说法正确的是

A．该线框转动的频率是100HzB．该线框产生的交变电动势最大值是20VC．t＝0.005s时刻，线框平面与中性面重合D．t＝0.05s时刻，穿过线圈的磁通量最大3、下列说法中，正确的是（）A．由公式知，电场中某点的场强大小与放在该点的电荷所受电场力的大小成正比，与电荷的电荷量成反比B．由公式知，电场中某点的场强方向，就是置于该点的电荷所受电场力的方向C．由公式知，F是电荷q所受的电场力，E是电荷q产生的电场的场强D．由F=qE可知，电荷q所受的电场力大小，与电荷的电荷量成正比，与电荷所在处的场强大小成正比4、如图所示，物体在恒力F作用下沿光滑水平面前进L，力F的方向与物体运动方向夹角为α，物体的质量为m，重力加速度为g．在此过程中，下列关于力做功的说法中正确的是（）A．力F做功为FLB．力F做功为FLcosαC．重力做功为mgLD．合力对物体做功为05、如图所示，实线表示电场线，虚线表示带电粒子运动的轨迹，带电粒子只受电场力的作用，运动过程中电势能逐渐减少，它运动到b处时的运动方向与受力方向可能是()A．B．C．D．6、A、B、C三点在同一直线上，AB:BC=1:2，B点位于A、C之间，在B处固定一电荷量为Q的点电荷．当在A处放一电荷量为+q的点电荷时，它所受到的静电力为F；移去A处电荷，在C处放一电荷量为–4q的点电荷，其所受电场力为A． B． C．–F D．F二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、已知一质量为m的带电液滴，经电压U加速后，水平进入互相垂直的匀强电场E和匀强磁场B中，液滴在此空间的竖直平面内做匀速圆周运动，如图，则()A．液滴在空间可能受4个力作用B．液滴一定带负电C．液滴做圆周运动的半径D．液滴在场中运动时总能量不变8、如图所示，一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下，从静止开始由b沿直线运动到d，且bd与竖直方向所夹的锐角为45°，则下列结论正确的是()A．此液滴带负电B．液滴的加速度等于C．液滴的电势能减少D．合外力对液滴做的总功等于零9、如图所示,一电子枪发射出的电子(初速度很小,可视为零)进入加速电场加速后,垂直射入偏转电场,射出后偏转位移为Y,要使偏转位移增大,下列哪些措施是可行的(不考虑电子射出时碰到偏转电极板的情况)(

)A．增大偏转电压U B．增大加速电压U0C．减小偏转极板间距离 D．将发射电子改成发射负离子10、如图的电路中，电动机M与电炉L串联后两端接上恒定电压U，电动机M的线圈电阻与电炉的电阻相同，电动机正常工作，下列判断正确的是（ ）A．流过电动机的电流小于流过电炉的电流B．电动机的发热功率小于电炉的发热功率C．电动机两端电压大于电炉两端电压D．电动机的总功率大于电炉的总功率三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）（1）某同学在用如图甲的装置做“探究感应电流的产生条件”实验，他将电流表、线圈A和B、蓄电池、开关用导线连接成如甲图所示的实验电路，当他接通、断开开关时，电流表的指针都没有偏转，其原因可能是_____A.开关应接在蓄电池所在的回路B．电流表的正、负极接反C．线圈B的接头3、4接反D．蓄电池的正、负极接反之后该同学又用如图乙的装置做“研究感应电流的方向”实验，为判断线圈绕向，他将灵敏电流计G与线圈L连接，若己知线圈由a端开始绕至b端．当电流从电流计G左端流入时，指针向左偏转．他将磁铁N极向下从线圈上方竖直插入L时，发现指针向左偏转．由此可以判断：俯视线圈，线圈其绕向为___方向（填“顺时针”或“逆时针”）（2）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中时，所用小灯泡规格为“”．实验电路如图甲所示，某次实验中电流表和电压表的示数分别如图所示，其读数分别为____A、_____V．实验结束之后，某同学描绘了如图乙该小灯泡的伏安特性曲线，P为图线上一点，为图线在P点的切线，为横轴U的垂线，为纵轴I的垂线，切线与横轴的夹角为，射线与横轴的夹角为，关于该图象，下列说法正确的是____A．对应P点，小灯泡的功率可用图中矩形所围的面积表示B．对应P点，小灯泡的功率可用特性曲线与横轴围成的面积表示C．对应P点，小灯泡的电阻大小为D．对应P点，小灯泡的电阻大小为E.对应P点，小灯泡的电阻大小为F.对应P点，小灯泡的电阻大小为12．（12分）（1）在做“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，使小车停在靠近打点计时器处，让小车在钩码牵引下运动时是：A．先通电B．先放手?__________（填“A”或“B”）（2）在实验得到纸带上确定七个计数点A、B、C、D、E、F、G，如图所示，每两个相邻的计数点之间还有一个点未画出来，测得CD间的距离为x3=5.20cm，DE间的距离为x4=5.99cm，FG间的距离为x6=7.62cm①根据x3和x4计算D点的瞬时速度vD=_________m/s（计算结果保留三位有效数字）②对于匀变速直线运动的判别式△x=aT2可推广到不相邻的两段相等时间内的位移差：,（n,m表示不为0的自然数，如1,2,3……，n>m）试用此推广式，利用已知的x3和x6，粗略求小车的加速度a=__________m/s2(计算结果保留三位有效数字)③某同学用两种方法处理数据求小车加速度方法A：运用△x=aT2，由，，…，，求平均值方法B：运用，由，，，求平均值.方法A求得加速度的最终表达式为=___________________；方法B求得加速度的最终表达式为=____________________．为使每段位移都用到，减小偶然误差，选择___________方法（填“A”或“B”）更合理．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）平行板电容器间存在匀强电场，板间距离为10cm，板间电压为100V，B板接地（即电势为0）。（1）两板间的电场强度是多少？（2）电场中有M、N两点，M点离A板2cm，N点离B板1cm。求M、N两点的电势；（3）若将一电量为2×10-6C的电荷从M点移到N点电场力做多少功？14．（16分）如图所示，为用一直流电动机提升重物的装置，重物的质量，恒定电压，不计摩擦，当电动机以恒定速率向上提升重物时，电路中的电流强度，求电动机线圈的电阻15．（12分）如图所示，一个电子以的速度沿与电场垂直的方向从A点飞进匀强电场，并且从另一端B点沿与场强方向成150°角方向飞出，电子从A到B运动的时间为.电子的质量为，电子重力不计．则：(1)A、B两点间的电势差为多少？(2)匀强电场的电场强度为多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解题分析】

由,对比位移与时间的关系得，初速度v0=4m/s故选A。2、D【解题分析】

A．电动势瞬时值随时间变化的规律为e＝20sinl00πtV，，所以周期所以该线框转动的频率是50Hz，故A错误；B．该线框产生的交变电动势最大值是20V，故B错误；C．t=0.005s时刻，e＝20V，感应电动势最大，线框平面与中性面垂直，故C错误；D．t=0.05s时刻，e=0，穿过线圈的磁通量变化率为0，此时磁通量最大，故D正确。3、D【解题分析】

A.

E=F/q是电场强度的定义式，运用比值法定义，E与F、q无关，故不能说：E与F成正比，与q成反比．故A错误；B.规定电场中某点的场强方向，就是置于该点的正电荷所受电场力的方向，而与置于该点的负电荷所受电场力的方向相反，故B错误；C.由公式E=F/q知，F是电荷q所受的电场力，E不是电荷q产生的电场的场强，故C错误；D.由E=F/q得：F=qE，可知F与E成正比，与q成正比．故D正确．故选D4、B【解题分析】

对物体进行受力分析，受重力、支持力、拉力F，由做功公式可求得拉力及合力所做的功．【题目详解】A、根据题意及功的公式可得：力F对物体所做的功：W=FLosα，故A错误，B正确；C、重力在竖直方向，位移在水平方向，故重力不做功，故C错误；D、物体受到重力、支持力、拉力F，其中重力和支持力都不做功，只有拉力做功，所以合力对物体做的功等于拉力做的功，即为FLosα，故D错误．故选B【题目点拨】功的计算中要注意功等于力与在力的方向上发生的位移，求合力做的功时可以先求出各个力做的功，再求其代数和，也可以先求出合力，再求合力做功．5、D【解题分析】试题分析：根据曲线运动力与轨迹的关系，力需指向轨迹弯曲的内侧，所以A错误；带电粒子只受电场力作用，故力与电场线共线，所以C错误；由题意知，运动过程中粒子的电势能逐渐较小，故电场力做正功，即力与速度方向的夹角应为锐角，故B错误，D正确．考点：本题考查带电粒子的运动．6、D【解题分析】

根据同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引，分析可知电荷量为−4q的点电荷在C处所受的电场力方向与F方向相同．设AB=r，则有BC=2r.则有：故电荷量为−4q的点电荷在C处所受电场力为：，故D正确，ABC错误故选D二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解题分析】

AB．液滴在竖直平面内做匀速圆周运动，故重力等于电场力，即洛伦兹力提供向心力，所以mg=qE由于电场力的方向与场强的方向相反，故液滴带负电，液滴在空间受到三个力作用，故A错误，B正确；C．洛伦兹力提供向心力，即解得：在加速电场中根据动能定理联立解得：故C正确；D．因电场力与重力相平衡，由洛伦兹力提供向心力，而洛伦兹力总是垂直速度的方向，所以不做功，则在场中运动时总能量不变，故D正确。8、ABC【解题分析】试题分析：根据带电液滴作直线运动可知带电液滴所受重力与电场力的合力一定沿运动方向，利用假设法可以判定出带电液滴所带电荷的性质，从而求出电场力的大小与合外力的大小再根据牛顿第二定律计算出物体的加速度；根据合外力的方向与速度的方向相同可知合外力做正功，根据电场力做功的情况可以判定电势能变化情况．若液滴带正电，其受力情况如图所示，液滴不可能沿bd运动，故只能带负电荷，故A正确；对液滴进行受力分析，其受力情况如图所示，故物体所受合力，故物体的加速度，B正确；由于电场力所做的功，故电场力对液滴做正功，故液滴的电势能减小，C正确；由于液滴从静止开始做加速运动，故合力的方向与运动的方向相同，故合外力对物体做正功，D错误．9、AC【解题分析】经加速电场后的速度为v，则mv2=eU1，所以电子进入偏转电场时速度的大小为，；电子进入偏转电场后的偏转的位移．

可见，要增大y，可行的方法有：增大偏转电压U，减小加速电压U1．或减小偏转电场极板间距离d，与粒子的电性和质量无关．故AC正确，BD错误．故选AC．点睛：本题是带电粒子在电场中先加速后偏转问题，带电粒子通过组合场的类型，根据类平抛运动的规律得到的结论即可讨论．10、CD【解题分析】

电动机M与电炉L串联，电流相等，根据焦耳定律分析放出的热量关系．电炉L是纯电阻电路，电动机是非纯电阻电路，根据欧姆定律分析L的电压与电流的关系，判断电动机两端电压的关系．根据能量守恒定律分析消耗的功率关系。【题目详解】A项：电动机与电炉串联，所以两者电流相等，故A错误；B项：电动机M与电炉L串联，电流相等，电阻相等，根据焦耳定律P=I2R可知，电动机的发热功率等于电炉的发热功率，故B错误；C项：设电动机M线圈电阻与电炉L的电阻均为R，电路中电流为I，根据欧姆定律得：电炉两端的电压UL=IR，电动机是非纯电阻电路，其电压UM＞IR，则有UM＞UL，所以电炉两端电压小于电动机两端电压，故C正确；D项：电动机消耗的功率PM=UMI，电炉消耗的功率PL=ULI，UM＞UL，则PM＞UL，即电动机的总功率大于电炉的总功率，故D正确。故应选：CD。【题目点拨】本题中电炉是纯电阻电路，电动机是非纯电阻电路，两个电路焦耳定律都适用，但欧姆定律只适用于电炉，不适用于电动机。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A顺时针0.262.10ADF【解题分析】

(1)[1]由电路图可知，电键接在电流表所在电路，电键连接错误，闭合与断开电键时，通过螺线管A的电流不变，穿过螺线管B的磁通量不变，没有感应电流产生，电流表指针不偏转，故A正确BCD错误．[2]将磁铁N极向下从线圈上方竖直插入L时，穿过L的磁场向下，磁通量增大，由楞次定律可知，感应电流的磁场方向与原磁场方向相反，感应电流磁场应该向上，电流表指针向左偏转，电流从电流表左端流入，由安培定则可知，俯视线圈，线圈绕向为顺时针；(2)[3][4]电流表量程为0.6A，最小分度为0.02A；故其读数为0.26A；电压表量程为3V，则最小分度为0.1V，故其读数为2.10V；[5]AB.因P=UI，所以图象中矩形PQOM所围的面积为对应P点小灯泡的实际功率．故A正确，B错误．CDEF.对应P点，根据电阻的定义得到，小灯泡的电阻故CE错误，DF正确．12、A1.405.04B【解题分析】

（1）应先接通电