2024届宁夏开元学校物理高二第一学期期中质量跟踪监视试题含解析

2024届宁夏开元学校物理高二第一学期期中质量跟踪监视试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，水平桌面上平行放置两光滑的金属导轨，导轨相距为L，一质量为m的金属杆垂直导轨放置，正以速度v1向左匀速运动，金属杆左侧有一矩形匀强磁场区域MNPQ，磁感应强度大小为B，方向竖直向上，正以速度v2（v2＜v1）向右匀速移动，定值电阻值为R，金属杆电阻为是R/2，其余电阻不计，则当金属杆刚进入磁场区域时（）A．金属棒ab两端的电势差U=BLv1B．金属棒ab的加速度大小为a=C．流过电阻R的电流大小为I=D．如只改变磁场方向，金属棒ab所受安培力的大小不变，方向改变2、2018年1月31日晚，月球位于近地点附近，“蓝月亮”刷爆微信朋友圈．月球在如图所示的近地点、远地点受地球的万有引力分别为F1、F2，则F1、F2的大小关系是()A．F1<F2 B．F1>F2C．F1=F2 D．无法确定3、在如图所示的电路中，电阻，，，电流表内阻不计，在A、B两点间加上9V的电压时，电流表的读数为(

)A．0 B．1

A C．1.5

A D．2

A4、如果加在某定值电阻两端的电压从U1为U2，通过该电阻的电流从I1变为I2，则该电阻的电功率改变量ΔP为（）A．U2I2－U1I1 B．（U2－U1）（I2－I1）C．U2（I2－I1） D．I2（U2－U1）5、关于电源电动势E，下列说法中错误的是A．电动势E的单位与电势、电势差的单位相同，都是伏特VB．干电池和铅蓄电池的电动势是不同的C．电动势E可表示为可知，电源内非静电力做功越多，电动势越大D．电动势较大，表示电源内部将其他形式能转化为电能的本领越大6、磁感应强度的单位是特斯拉(T)，与它等价的是()A．B．C．D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，一平行板电容器两极板A、B水平放置，上极板A接地，电容器通过滑动变阻器R和电键S与电动势为E的电源相连．现将电键S闭合，位于A、B两板之间的P点的带电粒子恰好处于静止状态，电源内阻可以忽略，则（

）A．B板电势为-EB．改变滑动变阻器的滑片位置，带电粒子仍处于静止状态C．将B板向上移动，P点电势将不变D．将B板向左平移，带电粒子电势能将不变8、在方向如图所示的匀强电场(场强为E)和匀强磁场(磁感应强度为B)共存的场区中，一电子沿垂直电场线和磁感线的方向以速度v0射入场区，设电子射出场区时的速度为v，不计重力的影响，则()A．若，电子沿轨迹Ⅱ运动，射出场区时，速度B．若，电子沿轨迹Ⅰ运动，射出场区时，速度C．若，电子沿轨迹Ⅱ运动，射出场区时，速度D．若，电子沿轨迹Ⅰ运动，射出场区时，速度9、物理关系式不仅反映了物理量之间的数值关系，也确定了单位间的关系．如关系式U=IR既反映了电压、电流和电阻之间的大小关系，也确定了V(伏)与A(安)和Ω(欧)的乘积是等效的．现有物理量单位：m(米)、s(秒)、N(牛)、J(焦)、W(瓦)、C(库)、F(法)、A(安)和Ω(欧)，由它们组合成的单位与电荷量单位“C（库）”一致的是A． B． C． D．10、如图所示，离地H高处有一个质量为m的物体，给物体施加一个水平方向的作用力F，已知F随时间的变化规律为：以向左为正，、k均为大于零的常数，物体与竖直绝缘墙壁间的动摩擦因数为，且时，物体从墙上静止释放，若物体所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，当物体下滑后脱离墙面，此时速度大小为，最终落在地面上。则下列关于物体的说法，正确的是A．当物体沿墙壁下滑时，物体先加速再做匀速直线运动B．物体与墙壁脱离的时刻为C．物体从脱离墙壁到落地之前的运动轨迹是一条直线D．物体克服摩擦力所做的功为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）（1）在“测定金属的电阻率”的实验中，需要用刻度尺测出被测金属丝的长度L，用螺旋测微器测出金属丝的直径d，用电流表和电压表测出金属丝的电阻R．①请写出测金属丝电阻率的表达式：ρ=__________(用上述测量的字母表示)②若实验中测量金属丝的长度时如图所示，则金属丝长度的测量值为L=_______cm（2）某同学想通过“测绘小灯泡的伏安特性曲线”的方法来测量一小灯泡的额定功率．所用器材如下：a.待测小灯泡一只：额定电压为2.5V，电阻约为几欧b.电压表一只：量程为3V，内阻约为3kΩc.电流表一只：量程为0.6A，内阻约为0.1Ωd.滑动变阻器一只，干电池两节，开关一个，导线若干①在图甲中补全测量小灯泡额定功率的电路图__________,②图甲中开关S闭合之前,滑动变阻器的滑片应置于______(选填“A端”、“B端”或“AB正中间”)；③若该同学测量过程中发现电压表损坏,他找来一块万用表代替电压表测量灯泡的电压,则万用表的______(选填“红”、“黑”)表笔应该与灯泡的左端相连．④该同学通过实验作出了小灯泡的伏安特性曲线,如图乙所示,则小灯泡的额定功率为______W；若将小灯泡直接与电动势E=3.0V,内阻r=7.5Ω的电源相连,小灯泡的功率为______W．(结果均保留两位有效数字)12．（12分）某同学在“练习使用多用电表”实验中，实验步骤及相关操作如下：（1）该同学在使用多用电表前，发现多用电表的指针不在零刻度上，如图甲所示．那么在使用前，他应调节甲图中表盘上的哪一个部件？答：_______；（填“A”或“B）（2）该同学按正确操作步骤测量发光二极管的正反向电阻，测量结果如图乙所示．此时多用电表选择开关置于欧姆档“×10”档位，二极管导通．由此可知，与多用电表红表笔接触的是发光二极管的________极（填“正”或“负”）；（3）测得的二极管的正向电阻值约为_______Ω．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如面所示，宽度为的平行金属导轨与水平面之间的夹角为，金属棒ab重直导轨水平放置，处于静止状态。已知金属棒质量，电阻为，金属棒与导轨间的动摩擦因数为0.5。整个装置处于竖直向上的匀强磁场中，磁场的磁感应强度为B=2T，导轨所接电源的电动势为E=10V，内阻。若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，滑动变阻器的阻值符合要求，其他电阻不计，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求(1)金属棒所受安培力的最大值；(2)滑动变阻器接入电路中阻值的最大值。14．（16分）如图所示，在水平放置的两个平行金属板之间的匀强电场沿竖直方向，电场中A、B两点之间的连线与竖直方向的夹角为60°.把带电荷量为q＝－1.5×10－8C的点电荷由A点移到B点，克服电场力做了4.2×10－5J的功.求：(1)若已知A点电势φA＝800V，|AB|＝1cm，B点的电势；(2)求电场强度的大小和方向.15．（12分）用一根长为L的丝线吊着一质量为m、带电荷量为q的小球，小球静止在水平向右的匀强电场中，如图所示，丝线与竖直方向成37°角。现突然将该电场方向变为向下但大小不变，不考虑因电场的改变而带来的其他影响（重力加速度为g），求：（1）匀强电场的电场强度的大小？（2）电场方向变为向下小球经过最低点时的瞬时速度多大？（3）电场方向变为向下小球经过最低点时丝线对小球的拉力多大？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】

由E=BLv求出感应电动势，应用欧姆定律求出电路电流与金属棒两端电压，由安培力公式求出金属棒的加速度，根据右手定则判断感应电流方向，应用左手定则判断安培力方向．【题目详解】金属棒刚进入磁场时感应电动势：E=BL（v1+v2），通过电阻R的电流：，金属棒ab两端电势差：U=IR=，故A错误，C正确；金属棒受到的安培力：F=BIL，对金属棒，由牛顿第二定律得：BIL=ma，解得：，故B错误；如只改变磁场方向，由右手定则可知，感应电流方向反向，由左手定则可知安培力方向不变，故D错误；故选C．【题目点拨】对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，根据牛顿第二定律或平衡条件列出方程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方程求解．2、B【解题分析】

根据万有引力定律由于近地点的轨道半径小于远地点的轨道半径，所以故B正确，ACD错误。3、B【解题分析】

图中电阻R2与R3并联后与R1串联，电路的总电阻为：根据欧姆定律，干路电流为：由于并联电路的电流与电阻成反比，故：；A.0，与结论不相符，选项A错误；B.1

A，与结论相符，选项B正确；C.1.5

A，与结论不相符，选项C错误；D.2

A，与结论不相符，选项D错误；4、A【解题分析】

A．根据电功率公式：P=UI可得△P=P2-P1=U2I2-U1I1A正确；BCD．根据电功率公式：可得：BCD错误。故选A。5、C【解题分析】

电动势E的单位与电势、电势差的单位相同，都是伏特V，选项A正确；干电池电动势是1.5V，铅蓄电池的电动势是2V，选项B正确；电动势E可表示为可知，电源内非静电力从电源的负极移动1C正电荷到电源的正极做功越多，电动势越大，选项C错误；电动势较大，表示电源内部将其它形式能将电能转化为电能的本领越大，选项D正确；此题选项错误的选项，故选C.6、C【解题分析】根据磁感应强度定义式：，力的单位是N，电流的单位是A，长度的单位为m，则单位的换算可得：，即为1T，故C正确，ABD错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解题分析】

A、AB两板的电势差为E，，．所以,B板的电势为-E，故A正确；B、改变滑动变阻器的滑片位置，两极板间的电压不变，极板间的电场强度不变，粒子所受电场力不变，带电粒子仍处于静止状态，故B正确；C、将B板向上移动，距离减小，极板间场强变大，A板与P点的电势差变大，A点电势不变，P点电势变小，故C错误；D、将B板向左平移，极板间的距离和电压不变，场强不变，P点电势不变，带电粒子电势能不变，故D正确；故选ABD.【题目点拨】本题较难之处是分析电势变化，往往根据电势差和该点与零电势点间电势的高低，分析电势的变化，这是常用的方法．8、AD【解题分析】电子进入电磁场中，受到洛伦兹力与电场力两个力作用，由左手定则判断可知，洛伦兹力方向向下，而电场力方向向上．若，则，电子向下偏转，沿轨迹Ⅱ运动，洛伦兹力不做功，而电场力对电子负功，动能减小，速度减小，故速度，A正确，B错误；若，则，电子向上偏转，沿轨迹Ⅰ运动，洛伦兹力不做功，而电场力对电子正功，动能增加，速度增大，故速度，C错误，D正确；选AD.【题目点拨】电子进入电磁场中，受到洛伦兹力与电场力两个力作用，由已知条件，分析两个力的大小，由左手定则判断出洛伦兹力方向，确定出电场力方向，即可确定电子的偏转方向，根据电场力做功的正负，分析速度的变化．9、AB【解题分析】

根据：可知与电荷量单位“C（库）”一致的是.根据：可知与电荷量单位“C（库）”一致的是，故选AB.10、BD【解题分析】

根据牛顿第二定律通过加速度的变化判断物体的运动规律，抓住F的变化规律，结合F为零时，物体脱离墙面求出运动的时间，根据合力与速度的方向确定物体的运动轨迹。根据动能定理，抓住F在沿墙面下滑的过程中不做功，求出物体克服摩擦力做功的大小。【题目详解】竖直方向上，由牛顿第二定律有：，随着F减小，加速度a逐渐增大，做变加速运动，当时，加速度增大到重力加速度g，此后物块脱离墙面，故A错误。当物体与墙面脱离时F为零，所以，解得时间，故B正确；物体脱离墙面时的速度向下，之后所受合外力与初速度不在同一条直线上，所以运动轨迹为曲线。故C错误。物体从开始运动到脱离墙面F一直不做功，由动能定理得：，物体克服摩擦力所做的功故D正确。故选BD。【题目点拨】本题关键能运用牛顿第二定律，正确分析物体的运动情况，结合动能定理求解摩擦力做功，并要知道物体做直线运动还是曲线运动的条件。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）；60.50；（2）B端；黑；1.1；0.26,(0.22∼0.30之间均正确)；【解题分析】(1)①由与得；②由刻度尺读数规则：L=(70.50-10.00)cm=60.50cm；(2)①由于小灯泡电阻较小，满足，电流表应用外接法，电路图如图所示；②图甲中开关S闭合之前，滑动变阻器的滑片应置于B端，使得闭合电键后，测量电路部分处于短路状态，电压表、电流表示数为0，起保护作用．③万用表测电压时，万用表的红表笔应该与正极相连，黑表笔与负极相连．灯泡的左端是负极，所以万用表的黑表笔灯泡的左端相连．④当U=2.5V时，电流I=0.44A，所以额定功率为：P=UI=2.5×0.44W=1.1W．作出电动势E=3.0V，内阻r=7.5Ω的电源的I-U图线，如图，交点对应的电压和电流分别为：1.0V、0.28A，所以实际功率为：P=UI=1.0×0.28=0.28W．点晴：解决本题的关键掌握电流表内外接选择的方法，难点是与电源连接求实际功率，因为灯泡的电阻是随U的变化而变化的，所以必须用图象的方法来解决．12、A；负；185；【解题分析】

（1）[1]．该同学在使用多用电表前，发现多用电表的指针不在零