潮州市重点中学2024届高二物理第一学期期中质量检测模拟试题含解析

潮州市重点中学2024届高二物理第一学期期中质量检测模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在运动会铅球比赛中，运动员将铅球向斜上方抛出，不计空气阻力，在铅球的飞行过程中，下列说法正确的是()A．铅球的动能不断增大B．铅球的重力势能不断减小C．铅球的机械能先减小后增大D．铅球的机械能守恒2、在电磁学发展过程中，下列说法不正确的是（）A．法拉第发现了电磁感应现象B．奥斯特发现了电流磁效应C．洛伦兹发现了电荷间的相互作用力D．安培提出了分子电流假说3、如图，M、N和P是以MN为直径的半圈弧上的三点，O点为半圆弧的圆心，．电荷量相等、符号相反的两个点电荷分别置于M、N两点，这时O点电场强度的大小为E1；若将N点处的点电荷移至P点，则O点的场场强大小变为E2，E1与E2之比为()A．1:2 B．2:1 C． D．4、有A、B、C三颗地球卫星，A还未发射，在赤道表面上随地球一起转动，B是近地环绕卫星，绕地球运动的轨道半径近似等于地球半径，C是地球静止轨道卫星，周期是24h，重力加速度为g，下列说法正确的是A．在相同时间内B转过的弧长最长B．卫星B的周期大于24hC．卫星A的加速度为gD．卫星C可以经过北京的正上方5、带电粒子仅在电场力作用下，从电场中a点以初速度v0进入电场并沿虚线所示的轨迹运动到b点，如图所示，下列说法正确的是A．粒子可能带负电，在b点时速度较大B．粒子的电势能在b点时较大C．粒子的加速度在a点时较大D．粒子一定带正电，动能先变小后变大6、如图所示，先接通开关S使电容器充电，然后断开S，减小两极板间的距离时，电容器所带电量Q、电容C、两极板间电势差U的变化情况是（）A．Q不变，C变大，U变小 B．Q不变，C变小，U变大C．Q变小，C变小，U不变 D．Q变大，C不变，U不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路中，A、B两灯原来正常发光，忽然B灯比原来亮了，这是因为电路中某一处发生断路故障造成的，那么发生这种故障可能是（）A．R1断路 B．R2断路 C．R3断路 D．灯A断路8、某电容式话筒的原理示意图如图所示，E为电源，R为电阻，薄片P和Q为两金属基板对着话筒说话时，P振动而Q可视为不动在P、Q间距增大过程中A．P、Q构成的电容器的电容减小B．P上电荷量保持不变C．M点的电势比N点的低D．M点的电势比N点的高9、刀的刃部一般比较薄，厚度不同的两个刀刃对木块产生相同的力F时，对力F的分解如图所示，由图判断，下列说法中正确的有（）A．刃部越薄，F1与F2越大B．刃部越薄，F1与F2越小C．F分解成F1与F2时不遵守平行四边形定则D．F分解成F1与F2时遵守平行四边形定则10、用伏安法测电阻时，电流表外接电路和电流表内接电路的误差来源是（）A．外接电路由于电压表内阻的分流，使得电阻的测量值小于真实值B．外接电路由于电压表内阻的分流，使得电阻的测量值大于真实值C．内接电路由于电流表内阻的分压，使得电阻的测量值小于真实值D．内接电路由于电流表内阻的分压，使得电阻的测量值大于真实值三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用一段长80cm的金属丝做“测定金属的电阻率”的实验。(1)用多用电表粗测电阻丝的电阻，测量值约为6.0Ω。(2)用螺旋测微器测量金属丝的直径，结果如图甲所示，由此可知金属丝直径的测量结果为________mm。(3)在用电压表和电流表测金属丝的电阻时，提供下列供选择的器材：A．直流电源(电动势约为4.5V，内阻很小)B．电压表(量程3V，内阻约3kΩ)C．电压表(量程15V，内阻约15kΩ)D．电流表(量程0.6A，内阻约0.125Ω)E．电流表(量程3A，内阻约0.025Ω)F．滑动变阻器(阻值范围0～15Ω，最大允许电流1A)G．滑动变阻器(阻值范围0～200Ω，最大允许电流2A)H．开关、导线若干要求操作简便且能保证测量准确度，在供选择的器材中，电流表应选择________，电压表应选择________，滑动变阻器应选择________。(均填字母代号)(4)根据上面选择的器材，在图乙中完成实验电路的连接_____________。12．（12分）某直流电动机M转动时的U-I图象如图甲所示，该同学利用图乙的实验电路研究电动机的转动情况，电路中使用恒压电源，R1＝15Ω，R2是滑动变阻器，电流表A是理想电流表，实验操作步骤如下：(1)闭合开关S2前，调节滑动变阻器，使其滑动触头应在________端．(选填“左”或“右”)(2)先闭合开关S1，开关S2保持断开，此时电流表的示数为0.6A，则恒压电源输出电压为________V．(3)再闭合开关S2，然后缓慢调节滑动变阻器使电动机恰好转动起来，此时电流表的示数为1.8A，直流电动机M实际消耗的电功率为________W，滑动变阻器接入电路中的阻值为________．(以上均取两位有效数值)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）两个相同的极板Y与Y'的长度l=6.0cm，相距d=2cm，极板间的电压U=200V．一个电子从静止经电压为U0=900V的加速电场后，沿平行于板面的方向射入电场中．把两极板间的电场看做匀强电场，电子能射出电场（电子的电量与质量的比值为0.5×10(1)电子射出电场时沿垂直于板面方向偏移的距离y；(2)出射时速度偏转的角度θ正切值．14．（16分）如图所示，质量m＝1.0×10－4kg、电荷量q＝1.0×10－6C的带正电微粒静止在空间范围足够大的电场强度为E1的匀强电场中．取g＝10m/s1．(1)求匀强电场的电场强度E1的大小和方向；(1)在t＝0时刻，匀强电场强度大小突然变为E1＝4.0×103N/C，且方向不变．求在t＝0.10s时间内电场力做的功；(3)在t＝0.10s时刻突然撤掉第(1)问中的电场，求带电微粒回到出发点时的动能．15．（12分）如图所示，匀强电场的电场强度大小E＝2.0N/C，方向水平向右，沿电场线方向有A、B两点，A、B两点间的距离d＝0.20m．将电荷量的正点电荷从A点移至B点．求：(1)电荷所受电场力F的大小及方向；(2)电荷从A点移至B点的过程中，电场力所做的功及AB两点的电势差；(3)已知B点的电势＝300V，那么A点的电势是多少伏特？在A点放一个电荷量为的负点电荷，那么A点电势是多少？此电荷的电势能是多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解题分析】运动员将铅球向斜上方抛出，不计空气阻力，只受重力，机械能守恒，上升过程动能减小、重力势能增加，下降过程动能增加、重力势能减小；故ABC错误，D正确；故选D.2、C【解题分析】

本题考查电磁学中的相关物理学史，根据在电磁学发展中作出突出贡献的科学家的名字及主要贡献进行答题.【题目详解】A、法拉第发现了电磁感应现象，故A正确.B、奥斯特发现了电流磁效应，故B正确.C、洛伦兹发现了运动电荷在磁场中受的力，为了纪念他就把运动电荷在磁场中受的力叫做洛伦兹力，库仑分析了电荷间的相互作用力，故C错误.D、安培提出了分子电流假说，故D正确.故选C.3、B【解题分析】

根据电场的叠加原理，两个带电量相等的异种点电荷分别置于M、N两点时，两电荷在O点产生的电场方向同向，并且大小都为，所以O点的电场强度大小，当置于N点处的点电荷移至P点时，两电荷在O点产生的电场方向夹角为120°，所以O点的场强大小变为，故E1与E2之比为2:1，B正确．4、A【解题分析】

A．C是地球静止轨道卫星，则A、C的角速度相等，根据v=rω可知C的线速度大于A的线速度，因为B、C是地球的卫星，根据万有引力提供向心力有：，所以B的线速度大于C的，则vB＞vC＞vA，则在相同时间内B转过的弧长最长，故A正确；B．因为，B的半径小于C，则B的周期小于C的周期，小于24h，故B错误；C．对AC卫星，根据可知，C的加速度大于A的加速度；对BC卫星，由可知B的加速度大于C的加速度；又B的加速度为g，可知A的加速度小于g，故C错误；D．因为同步卫星在赤道的正上空，所以卫星C不会经过北京的正上方，故D错误；5、D【解题分析】

根据轨迹弯曲方向，知粒子所受的电场力方向沿电场线切线方向向右，所以该电荷是正电荷，电场线的疏密表示场强的大小，由图可知a点的电场强度比b点的小，则粒子在a所受的电场力小，所以粒子的加速度在a点时较小，故C错误；粒子从a点到b点，电场力先做负功，再做正功，电势能先增加后降低，动能先变小后变大，但从a点到b点的整个过程电场力做的总功是正功，所以a点的电势能大于b点，a点的动能小于b点，故AB错误，D正确．所以D正确，ABC错误．6、A【解题分析】

电容器与电源断开，电量Q保持不变，减小两极板间距离时，根据，知电容C变大，根据知两极板间的电势差U变小，故A正确，BCD错误．故选：A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解题分析】由于电源内阻不计，故路端电压为电源的电动势，所以R1断路时，灯A和B两端电压不变，故B灯亮度不会发生变化，A选项错误．对B选项，当R2断路时，会使A灯两端电压升高，B灯两端电压降低，B灯应变暗，故B选项错误，同理可知D选项也错误．对于C选项，当R3断路时，会使B灯两端电压升高，A灯两端电压降低，故B灯变亮，因此正确选项为C.8、AD【解题分析】

电容式话筒与电源串联，电压保持不变；在P、Q间距增大过程中，根据电容决定式得电容减小，又根据电容定义式得电容器所带电量减小，电容器的放电电流通过R的方向由M到N，所以M点的电势比N点的高；故BC错，AD正确．故选AD．【题目点拨】解决电容器的动态分析问题，抓住不变量，若电容始终与电源相连，两端间的电压不变；若电容器与电源断开，则电容器所带的电量不变．9、AD【解题分析】试题分析：力是矢量，力的合成与分解遵循平行四边形定则，与的合力相等，根据几何关系可知，两者夹角最大，与越大，故AD正确．考点：考查了力的合成10、AD【解题分析】

电流表内接法测量未知电阻阻值时，误差来源于电流表内阻的分压，电压表测量的电压大于待测电阻两端实际电压，测量值大于真实值；电流表外接法测量未知电阻阻值时，误差来源于电压表内阻的分流，电流表测量的电流大于待测电阻实际电流，测量值小于真实值，故AD正确．故选AD．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.934(0.932～0.936)DBF【解题分析】

(2)[1]螺旋测微器固定刻度读数为0.5mm，可动刻度的读数为0.01×43.4mm＝0.434mm所以最终读数为：0.5mm＋0.434mm＝0.934mm因为需要估读，故0.932～0.936mm均可；(3)[2]选择电表时，由于电动势约为4.5V，要使指针偏转尽量大一些，在其满刻度的左右偏转比较准确，故电压表选择B，[3]电流约为电流表选择D[4]待测电阻6Ω左右，为了便于调节，因此选择阻值范围0～15Ω的滑动变阻器F即可。(4)[5]待测电阻较小，因此滑动变阻器应采用限流接法，电流表应采用外接法，其实物图如图所示。12、左9.03.84.8【解题分析】

（1）[1]因变阻器采用限流式接法，开关闭合前为使电路中电路中电流最小，应其接入电路中的阻值为最大．故滑片应在最左端．（2）[2]根据欧姆定律开关S2保持断开时恒压电源输出电压为：U=IR1=0.6×15V=9.0V（3）[3]知电源电压恒为9.0V，闭合开关S2后根据欧姆定律有通过R1的电流为：A所以通过电动机的电流为：A再根据电动机的U-I图象可读出电动机两端电压UM=3.2V，则直流电动机M实际消耗的电功率为：P=UMI2=1.2×3.2W=3.8W[4]此时滑动变阻器两端电压为U3=E-UM=9-3.8=5.2V由欧姆定律可知，接入电阻：Ω四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)y=0.01m(2)tan【解题分析】

(1)用动能定理求得电子经加速电场后的速度，电子进入偏转电场后做类平抛运动，将运动分解为沿初速方向和垂直初速方向可得侧移y；(2)用速度的分解求出速度偏转角θ的正切值。【题目详解】(1)电子经过加速电场，由动能定理，得e电子进入极板内，做类平抛运动，则偏转距离y=又