2024届海南省澄迈县澄迈中学高二物理第一学期期中监测模拟试题含解析

2024届海南省澄迈县澄迈中学高二物理第一学期期中监测模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、R1和R2分别标有“2Ω，1.0A”和“4Ω，0.5A”，将它们串联后接入电路中，如图所示，则此电路中允许消耗的最大功率为（）A．1.5W B．3.0W C．5.0W D．6.0W2、据外媒2017年3月15日报道，美国研发出全固态电池，新型电池提升了能量密度，并增加了电池寿命。一节干电池的电动势是1.5V，这表示（）A．电路中每通过1C的电荷量，该电池能将1.5J的化学能转变成电能B．该电池接入电路中工作时，电池两极间的电压恒为1.5VC．该电池储存的电能一定比电动势为1.2V电池存储的电能多D．将1C的负电荷由该电池的负极移送到正极的过程中，非静电力做了1.5J的功3、如图所示的电路中，电源电动势为E，内电阻为r，开关S闭合后，电灯均能发光，现将滑动变阻器R的滑片P稍向上移动，下列说法正确的是A．电灯均变亮B．电灯变亮，变暗C．电流表的示数变小D．电流表的示数不变4、关于并联电路，下列说法中错误的是（）A．总电阻值必小于每一条支路电阻阻值B．其中一只电阻阻值增大时，总电阻阻值必增大C．拿掉一只电阻时，总电阻阻值必增大D．增加的并联支路越多，总电阻阻值越大5、如图所示是静电场的一部分电场线分布，下列说法中正确的是()A．这个电场可能是负点电荷的电场B．点电荷q在A点处受到的静电力比在B点处受到的静电力大C．点电荷q在A点处的瞬时加速度比在B点处的瞬时加速度小(不计重力)D．负电荷在B点处受到的静电力的方向沿B点切线方向6、船在静水中的速度为3.0m/s，它要渡过宽度为30m的河，河水的流速为2.0m/s，则下列说法中正确的是()A．船不能渡过河 B．船渡河的速度一定为5.0m/sC．船不能垂直到达对岸 D．船到达对岸所需的最短时间为10s二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、两个半径相同的金属小球，带电量之比是1∶5，当它们相距r时作用力大小为F1，若把它们互相接触后再置于原来的位置上，作用力大小为F2，则F1∶F2可能为()A．5∶1 B．5∶9 C．5∶4 D．5∶88、如图所示的电路，当滑线变阻器滑片P由a滑到b的过程中，三只理想电压表示数变化的绝对值分别为、、，则下列各组数据中可能出现的是（）A．、、B．、、C．、、D．、、9、两滑块a、b沿水平面上同一条直线运动，并发生碰撞；碰撞后两者粘在一起运动；经过一段时间后，从光滑路段进入粗糙路段。两者的位置x随时间t变化的图象如图所示。则整个运动过程中，下列说法正确的是（）A．滑块a、b的质量之比m1：m2＝1：8B．滑块a、b的质量之比m1：m2＝1：4C．两滑块克服摩擦力做的功与因碰撞而损失的机械能之比W：△E＝1：2D．两滑块克服摩擦力做的功与因碰撞而损失的机械能之比W：△E＝1：110、如图所示，质量为m、长为L的导体棒电阻为R，初始时静止于光滑的水平轨道上，电源电动势为E，内阻不计．匀强磁场的磁感应强度为B，其方向与轨道平面成θ角斜向上方，开关闭合后导体棒开始运动，则()．A．导体棒向左运动B．开关闭合瞬间导体棒MN所受安培力为BELC．开关闭合瞬间导体棒MN所受安培力为BELD．开关闭合瞬间导体棒MN的加速度为BEL三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）小明同学在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，为了更准确选取电压表和电流表的合适量程，决定先用多用电表测量小灯泡的阻值。（1）在使用前发现电表指针位置如下图甲所示，该同学应该调节哪个位置_________（选“①”或者“②”）；（2）小明使用多用电表欧姆档的“×10”档测量小灯泡电阻阻值，读数如图乙所示，为了更准确地进行测量，小明应该旋转开关至欧姆档_______（填“×100”档；或“×1”档），两表笔短接并调节______（选“①”或者“②”）。（3）按正确步骤测量时，指针指在如图丙位置，则小灯泡阻值的测量值为_________Ω12．（12分）在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：A．待测的干电池（电动势约为1.5V，内电阻小于1.0Ω)B．电流表G（满偏电流3mA，内阻Rg=10Ω)C．电流表A(0～0.6A，内阻0.1Ω)D．滑动变阻器R1(0～20Ω,10A)E.．滑动变阻器R2(0～200Ω,lA)F．定值电阻R0(990Ω)G．开关和导线若干（1）某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，于是他设计了如图所示中甲的（a)、(b)两个参考实验电路，其中合理的是___图所示的电路；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选___（填写器材前的字母代号）（2）图乙为该同学根据（1)中选出的合理的实验电路利用测出的数据绘出的I1—I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），则由图线可以得被测电池的电动势E=___V，内阻r=_______Ω．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图甲是由某金属材料制成的电阻R随摄氏温度t变化的图象，若用该电阻与电池（电动势E＝1.5V，内阻不计）、电流表（量程为5mA、内阻不计）、电阻箱R′串联起来，连接成如图乙所示的电路，用该电阻做测温探头，把电流表的电流刻度改为相应的温度刻度，就得到了一个简单的“金属电阻温度计”。（1）试写出电阻R随摄氏温度t变化的数学函数关系表达式。（2）当电阻箱阻值R′＝150Ω且电流为5mA时，对应的温度为多少？14．（16分）如图所示，一水平放置的平行板电容器的两极板间距为d，极板分别与一电动势为U的电源两极相连，上极板中心有一小孔M（小孔对电场的影响可忽略不计）.小孔正上方d处的P点有一质量为m、电荷量为+q的粒子，该粒子从静止开始下落，经过小孔M进入电容器，并恰好在下极板中心的小孔N处（小孔对电场的影响可忽略不计）返回．（忽略极板外电场的影响）．(1)求粒子从P点到小孔N处的时间t；(2)①若将下极板向上平移d/3，则从P点开始下落的相同粒子，粒子能否返回，若能返回请计算将在距上极板多远处开始返回，若不能说明理由．②若将上极板向上平移d/3，则从P点开始下落的相同粒子，粒子能否返回，若能返回请计算将在距上极板多远处开始返回，若不能说明理由．15．（12分）如图，两平行金属板A、B间为一匀强电场，A、B相距10cm，C、D为电场中的两点，且CD＝10cm，CD连线和场强方向成60°角．已知A、B两点间的电势差100V，求：①匀强电场的场强大小为多少?②电子(电荷量大小为e=1.60×10-19C)从C点移到D点电场力做功为多少？③若B板接地，D点电势为多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解题分析】试题分析：串联电路中各用电器电流相同，允许最大电流应小于等于0.5A，由，可知R1和R2在最大允许电流时的功率分别为0.5W、1W，故A项正确．考点：本题考查了串联电路、电功率的概念2、A【解题分析】

A．电源是把其他形式的能转化为电能的装置，电路中每通过1C的电量，该电池能将1.5J的化学能转变成电能，故A正确；B．接入电路后，两极电压为路端电压，若外电路正常工作，则路端电压小于电动势，B错误；C．电动势表示电源是把其他形式的能转化为电能的本领的物理量，电动势大储存的电能不一定多，故C错误；D．一节干电池的电动势为1.5V，表示该电池能将1C电量的正电荷由负极移送到正极的过程非静电力做了1.5J的功，故D错误。故选A。3、B【解题分析】试题分析：由图可知与滑动变阻器并联，再与串联．现将滑动变阻器R的滑片P稍向上移动，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路总电阻变小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，所以电灯变亮，路端电压减小，所以与滑动变阻器并联电压减小，所以变暗，故A错误B正确；干路电流I增大，与滑动变阻器并联电压减小，所以通过的电流减小，而干路电流I增大，所以电流表的示数增大，故CD错误；考点：考查了电路动态分析【名师点睛】在分析电路动态变化时，一般是根据局部电路变化（滑动变阻器，传感器电阻）推导整体电路总电阻、总电流的变化，然后根据闭合回路欧姆定律推导所需电阻的电压和电流的变化（或者电流表，电压表示数变化），也就是从局部→整体→局部4、D【解题分析】

根据公式1R＝1R1+1R2+1R【题目点拨】本题关键记住求解并联电路总电阻的公式，运用公式分析即可，也可以由电阻并联相当于导体的横截面积增加分析．5、B【解题分析】孤立的负点电荷形成的电场电场线是会聚型的射线，则知这个电场不可能是孤立的负点电荷形成的电场，故A错误；电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，所以，根据知点电荷q在A点处受到的静电力比在B点处受到的静电力大，瞬时加速度也比B点处的大，故B正确，C错误；电场线的切线方向为该点场强的方向，由知负电荷在B点处受到的静电力的方向与场强的方向相反，故D错误．选B.【题目点拨】电场线是从正电荷或者无穷远发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．6、B【解题分析】试题分析：A、D、当船头指向始终垂直于河岸时，渡河时间最短，最短时间为tmin==s=100s，当船头指向与河岸不垂直时，船垂直于河岸方向的分速度变小，渡河时间变长．故A错误，D错误；B、C、由于船相对于水的速度大于水流速度，根据平行四边形定则可知，它们的合速度，即船实际的速度可以与河岸垂直，船可以垂直于河岸行驶，最终到达对岸，故B正确，C错误；故选B．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解题分析】

由库仑定律可得，带电量之比是1：5，当它们相距r时作用力大小为当两相同金属小球带同种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量都变为3q，当它们相距r时作用力大小为所以库仑力之比为5：9；当两相同金属小球带异种电荷时，两者相互接触后再放回原来的位置上，它们的电荷量变为2q，当它们相距r时作用力大小为所以库仑力之比为5：4。A.5∶1与分析不符，故A错误。B.5∶9与分析相符，故B正确。C.5∶4与分析相符，故C正确。D.5∶8与分析不符，故D错误。8、BD【解题分析】

滑动变阻器的滑片P从a滑向b的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，路端电压减小，分析变阻器两端电压的变化，根据路端电压的变化，判断△U2、△U3的大小．【题目详解】滑动变阻器的滑片P从a滑向b的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，U2增大，路端电压U1减小，则变阻器两端电压U3减小．由于U1=U2+U3，U1减小，则知△U2<△U3，△U1＜△U3，所以BD是可能的，AC不可能．故BD正确，AC错误．故选BD．【题目点拨】本题解题的关键是抓住U1=U2+U3，根据总量法分析三个电压表读数变化量的大小．9、AC【解题分析】

AB．设a、b的质量分别为m1、m2，a、b碰撞前地速度为v1、v2。

由题给的图象得：v1=-2m/s

v2=1m/s

a、b发生完全非弹性碰撞，碰撞后两滑块的共同速度为v。

由题给的图象得：两球碰撞过程系统动量守恒，以球a的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：m1v1+m2v2=（m1+m2）v解得：m1：m2=1：8故A正确，B错误；CD．由能量守恒得，两滑块因碰撞损失的机械能为：由图象可知，两滑块最后停止运动，由动能定理得，两滑块克服摩擦力所做的功为：解得：W：△E=1：2故C正确，D错误；10、BD【解题分析】

A、开关闭合，由左手定则可知，磁感线穿过掌心，则大拇指向为垂直磁感线向右，从而导致导体棒向右运动，故A错误；BC、当开关闭合后，根据安培力公式F=BIL，I=ER，可得F=BELR，故D、当开关闭合后，安培力的方向与导轨成90°-θ的夹角，再根据力的分解可得合力大小，再由牛顿第二定律与安培力的大小可知，加速度a=BELsinθmR，故D故选BD。【题目点拨】据左手定则来确定通电导线的安培力的方向，闭合电路欧姆定律与安培力公式结合可求出其力的大小，最后由牛顿第二定律来确定导体棒瞬间的加速度。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）①；（2）×1;②（3）28Ω（25-30范围都可）【解题分析】试题分析：（1）由图甲可知，电表指针没有指在左侧零刻度处，故应进行机械调零，故应用螺丝刀调节旋钮①；（2）由图乙可知，测量电阻时指针偏转较大，表盘上示数偏小，则说明所选档位太大，故应换用小档位，故选：×1；同时每次换档后均应进行欧姆调零，故将两表笔短接，调节欧姆调零旋钮使指针指到右侧零刻度处；（3）由图可知，电阻R=28×1=28Ω考点：欧姆表的使用【名师点睛】本题利用多用电表测量电阻，要注意掌握多用电表的使用方法，掌握机械调零和欧姆调零，同时注意如何选择合适的档位，并进行读数，注意明确每次换档均应进行欧姆调零。12、bD1.500.80【解题分析】

（1）上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，将电流表G串联一个电阻，可以改装成较大量程的电压表．（a）、（b）两个参考实验电路，其中合理的是b，因为电源的内阻较小，所以应该采用较小最大值的滑动变阻器，有利于数据的测量和误差的减小．滑动变阻器应选D，（2）根据欧姆定律和串联的知识得电源两端电压U=I1（990+10）=1000I1，根据图象与纵轴的交点得电动势E=1.5mA×1000Ω=1.50V与横轴的交点可得出路端电压为