江西省赣州市宁都县宁师中学2024届高二物理第一学期期中统考模拟试题含解析

江西省赣州市宁都县宁师中学2024届高二物理第一学期期中统考模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，平行金属板中带电质点P原处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则A．电压表读数减小B．电流表读数减小C．质点P将向上运动D．R1上消耗的功率逐渐增大2、如图所示，一电子束沿垂直于电场线与磁感线方向入射后偏向A极板，为了使电子束沿射入方向做直线运动，可采用的方法是()A．将变阻器滑动头P向右滑动B．将变阻器滑动头P向左滑动C．将极板间距离适当减小D．将极板间距离适当增大3、一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示，三点的电势分别为9V、13.5V、5.5V。下列说法正确的是()A．电场强度的大小为2.5V/cmB．坐标原点处的电势为2VC．电子在a点的电势能比在b点的低4.5eVD．电子从b点运动到c点，电场力做功为4、关于元电荷、点电荷的说法中正确的是（）A．带电体的电量只能是元电荷的整数倍 B．元电荷就是电子C．形状不规则的带电体不能看成点电荷 D．大的带电体不能看成点电荷5、铁环上绕有绝缘的通电导线,电流方向如图所示.，若有一电子束以垂直于纸面向里的速度从0点射入.则电子的运动轨迹：A．向上偏转B．向下偏转C．向左偏转D．向右偏转6、如图所示，、是两个等量异种点电荷，、是、连线的中垂线上且与连续距离相等的两点，则（）A．在、连线的中垂线上，从到，各点电势相等，场强方向都相同B．在、连线的中垂线上，从到，场强先增大后减小，电势先升高后降低C．在、连线的中垂线上，从到，场强先减小后增大，各点的电势都相等D．在、连线上，从到，场强先减小后增大，电势逐渐升高二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一根粗细均匀的金属导线，两端加电压为U时，通过导线的电流强度为I，导线中自由电子定向移动的平均速率为v；若导线均匀拉长，使其半径变为原来的，两端电压仍为U，则（）A．通过导线的电流强度为I B．通过导线的电流强度为IC．自由电子定向移动的平均速率为v D．自由电子定向移动的平均速率为v8、关于静电的应用和防止，下列说法中正确的是（）A．为了防止静电危害，飞机轮胎用导电橡胶制成B．为了美观，通常把避雷针顶端设计成球形C．为了避免因尖端放电而损失电能，高压输电导线表面要很光滑D．静电平衡时导体内部电场强度为零9、如图所示，带正电的A粒子和B粒子先后以同样大小的速度从宽度为d的有界匀强磁场的边界上的O点分别以30°和60°(与边界的夹角)射入磁场，又都恰好不从另一边界飞出，（不计重力）则下列说法中正确的是()A．A、B两粒子在磁场中做圆周运动的半径之比是1B．A、B两粒子在磁场中做圆周运动的半径之比是3C．A、B两粒子在磁场中做圆周运动的时间之比是5:4D．A、B两粒子在磁场中做圆周运动的时间之比是15:42+10、如图所示，R为电阻箱，V为理想电压表。当电阻箱的示数R1＝2.0Ω时，电压表的示数U1＝4.0V；当电阻箱的示数R2＝5.0Ω时，电压表的示数U2＝5.0V。则此电源的电动势，内阻分别是（）A．E＝6V B．E＝3V C．r＝1Ω D．r＝2Ω三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某兴趣小组在做“测定金属丝的电阻率”的实验中，通过粗测电阻丝的电阻约为5Ω，为了使测量结果尽量准确，从实验室找出以下供选择的器材：A．电池组(3V，内阻约1Ω)B．电流表A1(0～3A，内阻约0.0125Ω)C．电流表A2(0～0.6A，内阻约0.125Ω)D．电压表V1(0～3V，内阻约4kΩ)E．电压表V2(0～15V，内阻约15kΩF．滑动变阻器R1(0～20Ω，允许最大电流1A)G．滑动变阻器R2(0～2000Ω，允许最大电流0.3A)H．开关、导线若干(1)上述器材中，电流表应选_________，滑动变阻器应选________（填写器材前的字母）。电路应选_________，（填甲图或乙图）。(2)若用L表示金属丝的长度，d表示直径，测得电阻为R，请写出计算金属丝电阻率的表达式＝_____.12．（12分）（1）某同学对表头G进行改装，已知其满偏电流Ig＝100μA，内阻标称值Rg＝900Ω。先利用定值电阻R1将表头改装成1mA的电流表，然后利用定值电阻R2再将此电流表改装成3V的电压表V1（如图所示）。则根据条件定值电阻R1＝______Ω，R2＝______Ω。（2）改装完毕后，用量程为3V，内阻为2500Ω的标准电压表V2对此电压表从零开始全范围的刻度进行校准。滑动变阻器R有两种规格：A．滑动变阻器（0～20Ω）B．滑动变阻器（0～2kΩ）为了实验中电压调节方便，滑动变阻器R应选用______（填“A”或“B”）。（3）完成图乙中的校准电路图____要求：滑动变阻器的触头画在开始实验时的位置上）（4）由于表头G上的标称值Rg小于真实值，造成改装后电压表的读数会比标准电压表的读数______。（填“偏大”或“偏小”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，电源的总功率为40W，电阻R1=4Ω,R2=6Ω（1）电源的内电路功率和电路中的总电流（2）电源的电动势．（3）R3的阻值．14．（16分）如图，A、B为半径R＝1m的四分之一光滑绝缘竖直圆弧轨道，在四分之一圆弧区域内存在着E＝1×106V/m、竖直向上的匀强电场，有一质量m＝1kg、带电荷量q＝＋1.4×10－5C的物体（可视为质点），从A点的正上方距离A点H处由静止开始自由下落（不计空气阻力），BC段为长L＝2m、与物体间动摩擦因数μ＝0.2的粗糙绝缘水平面.（取g＝10m/s2）（1）若H＝1m，物体能沿轨道AB到达最低点B，求它到达B点时对轨道的压力大小；（2）通过你的计算判断：是否存在某一H值，能使物体沿轨道AB经过最低点B后最终停在距离B点0.8m处．15．（12分）如图所示，水平地面上有两个可视为质点，用绷直的轻质细线连接的质量分别为、的A、B滑块，其中A不带电，B带正电且电荷量为，两滑块均处于水平向右，大小为的匀强电场中。某时刻开始A、B由静止释放，到达2s时A、B间细绳突然断开。已知A、B与水平面间的动摩擦因数均为，重力加速度大小。求：(1)第2s时轻绳断前瞬间，绳子拉力对A做功的功率；(2)由开始运动至物体A速度再次为零过程中，系统的摩擦生热。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、BC【解题分析】由图可知，R2与滑动变阻器R4串联后与R3并联后，再与R1串联接在电源两端；电容器与R3并联；当滑片向b移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流减小，路端电压增大，同时R1两端的电压也减小，故并联部分的电压增大，由欧姆定律可知流过R3的电流增大，而流过并联部分的总电流减小，故电流表示数减小；因并联部分电压增大，而R2中电压减小，故电压表示数增大，故A错误，B正确；因电容器两端电压等于R3的电压，则电容器的电压增大，板间场强增大，故质点P受到的电场力增大，则质点P将向上运动，故C正确；因R1的电流减小，由公式P=I2R，R1上消耗的功率逐渐减小，故D错误。所以BC正确，AD错误。2、D【解题分析】

根据电路图可知：A板带正电，B板带负电，所以电子束受到电场力的方向向上，大小洛伦兹力方向向下，,电子向上偏，说明电场力大于洛伦兹力，要使电子束沿射入方向做直线运动，则要电场力等于洛伦兹力，所以要减小电场力；AB、将变阻器滑动头P向右或向左移动时，电容器两端电压不变，电场力不变，故AB错误；

C、将极板间距离适当减小时，增大，不满足要求，故C错误；D、将极板间距离适当增大时，减小，满足要求，故D正确．3、A【解题分析】

B.由于，平行，则有：可得坐标原点处的电势为：故B错误；A.设场强方向与轴夹角为，则有：联立解得：故A正确；C.点电势比点低，则电子在点的电势能比在点的高，故C错误；D.电子从点运动到点，电势能增加，则电场力做功，故D错误。4、A【解题分析】

A、带电体的电量只能是元电荷的整数倍,故A对；B、元电荷的电量等于电子的电量,但不是电子.元电荷是带电量的最小单元.没有电性之说.故B错；CD、点电荷是当两个带电体的形状对它的相互作用力的影响可忽略时,这两个带电体可看作点电荷，与形状无关，故CD错；故选A【题目点拨】点电荷是当两个带电体的形状对它的相互作用力的影响可忽略时,这两个带电体可看作点电荷.而元电荷是带电量的最小值,它不是电荷,所有带电电荷量均是元电荷的整数倍.5、A【解题分析】试题分析：根据安培定则得上面线圈中的磁场的方向右边是S极，左边是N极，下面的线圈中的磁场右边是S极，左边是N极，所以铁环环内的磁场方向从左向右，若有一电子束以垂直于纸面向里的速度从0点射入，根据左手定则可知，电子的运动轨迹向上偏转，故A.6、A【解题分析】在等量异种电荷形成的电场中，其连线的中垂线上，从中垂点向左右两边递减，并且中垂线为零等势线，故从点到点，粒子受到的电场力先增大后减小，方向不变，电势大小不变，A正确BC错误；在两电荷连线上电场强度从上到下先减小后增大，电场方向从M指向N，故从到的过程中，电场先减小后增大，沿电场线方向电势降低，故过程中电势减少，D错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解题分析】

将导线均匀拉长，使其半径变为原来的1/2，横截面积变为原来的1/4倍，导线长度要变为原来的4倍，金属丝电阻率不变，由电阻定律R=ρ可知，导线电阻变为原来的16倍；电压U不变，由欧姆定律I=U/R可知，电流变为原来的1/16；故A错误，B正确；电流I变为原来的1/16，横截面积变为原来的1//4，单位体积中自由移动的电子数n不变，每个电子粒所带的电荷量e不变，由电流的微观表达式I=nevS可知，电子定向移动的速率变为原来的1/4，故C正确，D错误；故选BC．8、ACD【解题分析】

A．飞机轮胎用导电橡胶制成可以将飞机产生的静电迅速导走，故A正确；B．避雷针是利用了静电的尖端效应制作的，故避雷针必须做成针状，不能做成球形，故B错误；C．由于尖端效应，高压输电线表面要很光滑，才能避免因尖端放电而损失电能，故C正确；D．根据静电平衡状态的特点可知，处于静电平衡状态的导体的内部电场强度为零，故D正确。故选ACD。9、BD【解题分析】解：粒子在磁场中由洛伦兹力提供向心力，从而确定半径为：R=mvqB

如图：

由几何关系则有：Rcos30°+R=d；rcos30°+r=d

整理可以得到：Rr=32+3，故A错，B正确；由周期T=2πRv，10、AC【解题分析】

根据闭合电路欧姆定律，当电阻箱读数为R1=2.0Ω时①当电阻箱读数为R2=5.0Ω时②联立上两式得代入数据解得代入①式得故选AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、CF乙图＝【解题分析】

（1）[1][2][3]．由于电源电动势为3V；由，可知电路中最大电流约为0.5A，则电流表选C；为了使测量结果尽量准确，滑动变阻器采用限流接法，故电阻不能太大，选F，为了使测量结果尽量准确，滑动变阻器采用限流接法，由，电流表采用外接法，故电路选乙图；（2）[4]．根据，其中得：12、100；2910；A；；偏小；【解题分析】

把电流表改装成大量程的电流表需要并联分流电阻，把嗲刘波改装成电压表需要串联分压电阻，应用串并联电路特点与欧姆定律求出电阻阻值；为方便实验操作应选择最大阻值较小的滑动变阻器；根据实验电路应用串并联电路特点分析答题。【题目详解】(1)由图示电路图可知：R1=装后电流表内阻：把电流表改装成电压表，串联电阻：；(2)为方便实验操作滑动变阻器应选择最大阻值较小的A；(3)电压表从0开始全范围的刻度进行校准，滑动变阻器应选择分压接法，标准电压表与改装后的电压表并联，电路图如图所示：(4)表头G上的标称值Rg小于真实值，改装后的电流表内阻偏小，改装后的电压表串联电阻偏大，电压表内阻偏大，两电压表并联，由于改装后的电压表内阻偏大，通过改装电压表的电流偏小，改装后的电压表指针偏角较小，造成改装后电压表的读数会比标准电压表的读数偏小。【题目点拨】本题考查了电压表与电流表的改装，知道电表改装原理，由于串并联电路特点与欧姆定律可以解题；要掌握实验器材的选择原则。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）1．4W；1A（1）10V（3）7Ω【解题分析】试题分析：（1）电源内阻消耗的功率为：Pr=P总-P出=40-2．6=1．4W由：Pr=I1r解得：I=（1）由P总=EI得：E=（3）外电路总电阻为：R=R由闭合电路欧姆定律有：E=I（R+r）…②由①②联立得：R3=7Ω考点：电功率；闭合电路的欧姆定律【名师点睛】对于电源的功率要区分三种功率及其关系：电源的总功率P总=EI，输出功率P出=UI，内电路消耗的功率