2024届天津市四合庄中学高二物理第一学期期中调研试题含解析

2024届天津市四合庄中学高二物理第一学期期中调研试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示的是一个点电荷周围的电场线，下列判断中正确的是（）A．该点电荷为负电荷，距点电荷越近处电场强度越大B．该点电荷为负电荷，距点电荷越近处电场强度越小C．该点电荷为正电荷，距点电荷越近处电场强度越大D．该点电荷为正电荷，距点电荷越近处电场强度越小2、如图所示为电场中的一条电场线，A、B为其上的两点，以下说法正确的是（）A．EA与EB一定不等，与一定不等B．EA与EB可能相等，与可能相等C．EA与EB一定不等，与可能相等D．EA与EB可能相等，与一定不等3、设电荷只受电场力的作用，则下述说法中正确的是（）A．正电荷只能朝着电势低的地方运动B．正电荷只能朝着电势能低的地方运动C．初速度为零的负电荷只能朝着电势能高的地方运动D．初速度为零的正电荷只能朝着电势能低的地方运动4、一个电阻为R的导体两端加上电压U后，通过导体截面的电荷量q与通电时间t之间的关系图线如图所示，为过坐标原点的直线，此图线的斜率表示()A．UB．RC．D．5、关于平抛运动，下列说法中正确的是（）A．平抛运动是匀速运动B．平抛运动不是匀变速运动C．做平抛运动的物体，不同时间内速度的变化量大小不同，但方向一定相同D．做平抛运动的物体只要时间足够长，落地时速度方向一定可以竖直向下6、关于物理学的研究方法，以下说法不正确的是（）A．伽利略开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法B．卡文迪许在利用扭秤实验装置测万有引力常量时，应用了放大法C．电场强度是用比值法定义的，因而电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电量成反比D．“平均速度”、“总电阻”、“交流电的有效值”用的是等效替代的方法二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列说法正确的是（）A．公式E＝FqB．电场强度定义式E＝Fq为我们提供了一种计算静电力的方法，即F＝C．根据E＝kQr2，点电荷电场强度与场源电荷QD．等量异种电荷的连线上，中点的场强为零8、如图所示，电动势为E，内阻为r的电源与滑动变阻器R1、定值电阻R2、定值电阻R3、平行板电容器及理想电流表组成闭合电路，图中电压表为理想电压表，当滑动变阻器R1的触头向左移动一小段时，则（）A．电流表读数增大B．电容器带电荷量增加C．R2消耗的功率减小D．电压表与电流表示数变化量之比不变9、如图所示，A、B、C、D是匀强电场中的四个水平的等差等势面，相邻等势面间的距离均为2.5cm，已知B等势面，上的电势为零。一个电子从D等势面，上的P点以初动能Ek=20eV进入电场，刚好从N点离开电场，离开时，N点的动能为5eV，Ep表示电子在电场中的电势能。下列说法正确的是A．结合电子的运动轨迹和等势面可知，电子在该匀强电场中的受力方向水平向右B．该匀强电场的场强为200V/mC．该粒子经过等势面C时的动能为10eVD．该粒子从P到N的过程，10、如图所示，图中直线①表示某电源的路端电压与电流的关系图线（外电路为纯电阻电路），图中曲线②表示该电源的输出功率与电流的关系图线，则下列说法正确的是（）A．电源的短路电流为6AB．电源的内阻为253C．电流为2.5A时，外电路的电阻一定为15ΩD．输出功率为120W时，外电路电阻为7.5Ω三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在《描绘小灯泡伏安特性曲线》实验中选择“3V0.5A”的小灯泡作为研究对象，现备有以下器材:A．电流表(量程0～0.6A，内阻1Ω)B．电流表(量程0～3A，内阻1Ω)C．电压表(量程0～15V，内阻约10kΩ)D．电压表(0～3v，内阻约2kΩ)E.滑动变阻器(阻值0~100Ω)F.滑动变阻器(阻值0-10Ω)G.电源E=6VH.开关I，导线若干（1）在本实验中，电流表应选用______，电压表应选用______，滑动变阻器应选用______；(填入器材序号)（2）滑动变阻器应采用______(填“分压”或“限流”)接法，电流表应采用______(填“内”、“外”)接法；（3）设实验中，电流表、电压表的某组示数如图所示，图示中I=______A，U=______V.12．（12分）（1）某同学利用游标卡尺和螺旋测微器分别测量一圆柱体工件的直径和高度，测量结果如下图(a)和(b)所示。该工件的直径为________cm，高度为________mm。（2）用多用电表进行了几次测量，指针分别处于a、b的位置，如图所示。若多用电表的选择开关处于下面表格中所指的档位，a和b的相应读数是多少？请填在表格中______mA、_______V、_____Ώ。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，MN板间存在匀强电场，场强E=300N/C，方向竖直向上．电场上A、B两点相距20cm，AB连线与电场方向夹角θ=60°，A点和M板相距6cm．求：（1）求AB两点间的电势差大小；（2）若M板接地（电势为0），A点电势φA；（3）将q=-6×10-8C点电荷从A移到B，电场力做的功．14．（16分）一滑雪爱好者的质量为70kg，他从高为h＝1.25m的平台，以v0＝10m/s的初速度从平台边缘水平滑出，g取10m/s2.，求：(1)滑雪者在空中运动的时间t；(2)滑雪者着地点到平台边缘的水平距离x；(3)滑雪者落地速度v；(4)取落地地面为参考面，算出滑雪者出发时的重力势能。15．（12分）在如图所示的电路中，当S闭合时，电压表和电流表(均为理想电表)的示数各为1.6V和0.4A；当S断开时，它们的示数各改变0.1V和0.2A，求电源的电动势和内阻。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】试题分析：由电场线分布可知，这是正的点电荷形成的电场线，由可知距点电荷越近处电场强度越大，选项C正确．考点：点电荷电场；电场强度．2、D【解题分析】

电场线越密的地方电场强度越大，由于只有一条电场线，无法看出电场线的疏密，故EA与EB可能相等、可能不相等；沿着电场线电势一定降低，故φA一定大于φB；则D正确；故选D．【题目点拨】电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场线越密的地方电场强度越大，电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低.3、D【解题分析】

AB．不论正电荷还是负电荷，如果有初速度，都可以朝着电势低的地方运动，也可以朝着电势高的地方运动，故A错误，B错误.CD．从静止开始的电荷都会沿着电场力的方向运动，电场力都做正功，电势能都减小，故C错误，D正确.4、C【解题分析】

根据，则q-t线的斜率等于；A．U，与结论不相符，选项A错误；B．R，与结论不相符，选项B错误；C．，与结论相符，选项C正确；D．，与结论不相符，选项D错误；5、C【解题分析】

AB．平抛运动的过程中，加速度为重力加速度，保持不变，因此是匀变速曲线运动，AB错误；C．由于平抛运动加速不变，因此相同时间内速度变化量大小相同，方向相同，不同时间内速度变化量大小不同，但方向仍相同，C正确；D．由于平抛运动水平方向做匀速直线运动，无论经多长时间，水平方向速度不变，因此落地时速度都是倾斜的，不可能竖直向下，D错误。故选C。6、C【解题分析】

A.

16世纪末，伽利略对运动的研究，不仅确立了许多用于描述运动的基本概念，而且创造了一套对近代科学发展极为有益的方法。这些方法的核心是把逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法。故A正确；B.扭秤实验可以测量微弱的作用，关键在于它把微弱的作用经过了两次放大：一方面微小的力通过较长的力臂可以产生较大的力矩，使悬丝产生一定角度的扭转；另一方面在悬丝上固定一平面镜，它可以把入射光线反射到距离平面镜较远的刻度尺上，从反射光线射到刻度尺上的光点的移动，就可以把悬丝的微小扭转显现出来。故B正确；C.电场强度是用比值法定义的，但是电场强度是由电场本身的性质决定的，与电场力不成正比，与试探电荷的电量不成反比。故C错误；D.合力与分力”“总电阻”“交流电的有效值”用的是“等效替代”的方法。故D正确。本题选择不正确的，故选：C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABC【解题分析】A、电场强度的定义式E=Fq,适用于一切电场.所以A选项是正确的.

B、电场强度定义式E=Fq,变形为F=Eq,即可求解静电力.所以B选项是正确的.

C、从公式E=kQr2可以知道,点电荷电场强度与场源电荷Q成正比,与距离r的平方成反比,所以C选项是正确的.

D、等量异种电荷的连线上,中点的场强不为零综上所述本题答案是：ABC8、ACD【解题分析】试题分析：由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，再由闭合电路欧姆定律可求得电路中电流的变化；由欧姆定律可求得电压表示数与电流表示数的比值．解：A、变阻器R的触头向左移动一小段时，阻值R1减小，回路的总电阻减小，所以回路的总电流增大，则电流表读数增大，故A正确；B、由A选项可知，路端电压U减小，所以电压表的示数减小，则电容器的电量减小，故B错误；C、由于回路总电流增大，则R3电压增大，因此R2电压减小，由于R2电阻不变，所以R2消耗的功率减小，故C正确；D、根据题意可知，电压表与电流表变化量的示数之比即为电源的内阻，因此之比不变，故D正确；故选ACD．【点评】本题考查闭合电路欧姆定律的动态分析，要熟练掌握其解决方法为：局部﹣整体﹣局部的分析方法；同时注意部分电路欧姆定律的应用．9、BD【解题分析】

A．电场线垂直于等势面，电子受力方向应该是竖直向下，电场线方向竖直向上；故A错误。B．一个电子从D等势面上的P点以初动能Ek=20eV进入电场，刚好从N点离开电场，离开时，N点的动能为5eV，EP表示电子在电场中的电势能，则电势能增加了15eV，电场力做负功W=-15eV，根据W=EedAD知故B正确。C．根据W=Eed，知每降落相同的电势差电场力做功相等，所以该粒子经过等势面C时的动能为20eV-5eV=15eV；故C错误。D．从P到N的过程只有电场力做功，发生动能和电势能的转化，所以动能和电势能总和守恒，△Ek+△Ep=0故D正确。故选BD。10、CD【解题分析】

根据闭合电路的欧姆定律，电压的输出电压：U=E-Ir，对照U-I图象，当I=0时，U=E=50V；U-I图象斜率的绝对值表示内电阻，故：r=|△U△I|=50-206=5Ω，则短路电流I短=Er=505A=10A，故AB错误；电流为2.5A时，对照U-I图象，电压为37.5V，故外电路电阻：R=UI=37.52.5三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ADF分压式外0.482.20【解题分析】(1)“3V0.5A”的小灯泡，则电流表应选用A(量程0～0.6A，内阻1Ω)，电压表应选用D(0～3v，内阻约2kΩ)；描绘小灯泡伏安特性曲线，滑动变阻器选用F(阻值0-10Ω)(2)描绘小灯泡伏安特性曲线，滑动变阻器应采用分压式接法；小灯泡正常工作时的电阻比电压表电阻小的多，则电流表应采用外接法．(3)电流表、电压表的某组示数如图所示，图示中I=0.48A，U=2.20V点睛：器材分度值是一个单位的，估计到分度值的下一位；器材分度值是2或5个单位的，估计到分度值的同一位．12、1.2206.858-6.862230.57-0.58350【解题分析】(1)游标尺有20分度的游标卡尺，精确度是0.05mm，游标卡尺的主尺读数为12mm，游标尺上第4个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为4×0.05mm=0.20mm，所以最终读数为：12mm+0.20mm=12.20mm=1.220cm；螺旋测微器的固定刻度为6.5mm，可动刻度为36.0×0.01mm=0.360mm，所以最终读数为6.5mm+0.360mm=6.860mm；(2)直流电流100mA档读第二行“0～10”一排，最小度值为2mA估读到1mA就可以了,所以读数为23mA；直流电压2.5V档读第二行“0~250”一排，最小分度值为0.05V估读到0.01V就可以了,所以读数为0.57V；电阻×100档读第一行，测量值等于表盘上读数“3.5”乘以倍率“100”,所以读数为350Ω。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)(2)(3)-1.8×10-6J【解题分析】

(1)AB两点间的电势差为：(2)A点的电势等于