安徽省定远县炉桥中学2024届高二物理第一学期期中学业质量监测试题含解析

安徽省定远县炉桥中学2024届高二物理第一学期期中学业质量监测试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、为了使电热器的功率变为原来的一半，下列办法中正确的（）A．保持电压不变，电阻变为原来的一半 B．保持电阻不变，电流变为原来的一半C．电压和电阻都变为原来的一半 D．使电流变为原来的1/4，电阻变为原来的一半2、两球均可视为质点，它们之间的万有引力大小为F，若两球间的距离增加到原来的3倍，则它们之间的万有引力大小为（）A．F B．F C．F D．F3、在光滑水平面上，质量为m的小球A正以速度v0匀速运动．某时刻小球A与质量为3m的静止小球B发生正碰，两球相碰后，A球的动能恰好变为原来的．则碰后B球的速度大小是()A．B．C．或D．无法确定4、如图所示，直线OAC为某一直流电源的总功率P总随电流I变化的图线，抛物线OBC为该直流电源内部的热功率Pr随电流I化的图线，A、B两点对应的横坐标为2A，则下列说法正确的是A．电源电动势为3V，内电阻为1ΩB．电流为2A时，电源的内部发热功率6wC．电流为2A时，电源的总功率为2WD．此电源的总功率可以超过9W，图线还可延长5、如图所示，平行板电容器分别连接静电计两端，对电容器充电，使静电计指针张开某一角度，撤去电源后，只将电容器两极板间距离增大，则静电计指针张角将：A．增大B．减小C．不变D．无法判断6、重物在空中下落的过程中，关于重力做功和重力势能的变化，以下说法正确的是A．重力做正功，重力势能增加 B．重力做正功，重力势能减少C．重力做负功，重力势能不变 D．重力做负功，重力势能减少二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，A、B、C、D是匀强电场中的四个水平的等差等势面，相邻等势面间的距离均为2.5cm，已知B等势面，上的电势为零。一个电子从D等势面，上的P点以初动能Ek=20eV进入电场，刚好从N点离开电场，离开时，N点的动能为5eV，Ep表示电子在电场中的电势能。下列说法正确的是A．结合电子的运动轨迹和等势面可知，电子在该匀强电场中的受力方向水平向右B．该匀强电场的场强为200V/mC．该粒子经过等势面C时的动能为10eVD．该粒子从P到N的过程，8、电磁炮是一种理想兵器，它的主要原理如图所示，1982年澳大利亚国立大学成功研制出能把2.2g的弹体（包括金属杆MN的质量）加速到10km/s的电磁炮（常规炮弹的速度大小约为2km/s）．若轨道宽2m，长100m，通过金属杆的电流恒为10A，不计轨道摩擦，则A．垂直轨道平面的匀强磁场的磁感应强度大小为55TB．垂直轨道平面的匀强磁场的磁感应强度大小为5.5×104TC．该电磁炮工作时磁场力的最大功率为1.1×104kWD．该电磁炮装置中对磁场方向和电流方向的关系没有要求9、关于电场和磁场，下列说法正确的是()A．我们虽然不能用手触摸到电场的存在，却可以用试探电荷去探测它的存在和强弱B．电场线和磁感线是可以形象描述电、磁场强弱和方向的客观存在的曲线C．磁感线和电场线一样都是闭合的曲线D．电流之间的相互作用是通过磁场发生的，磁场和电场一样，都是客观存在的物质10、如图，一带电液滴在重力和竖直向下的匀强电场的作用下，以一定的初速度开始由b沿直线向上运动到d，且bd与水平方向所夹的锐角为45°，则下列结论正确的是(

)A．此液滴带负电 B．液滴的加速度等于C．合外力对液滴做正功 D．液滴的电势能减少三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）一多用电表的电阻挡有三个倍率，分别是×1、×10、×100.用×10挡测量某电阻时，操作步骤正确，发现表头指针偏转角度很小．①为了较准确地进行测量，应换到____挡，如果换挡后立即用表笔连接待测电阻进行读数，那么缺少的步骤是____；②若补上该步骤后测量，表盘的示数如图所示，则该电阻的阻值是____Ω.③若将该表的选择开关置于1mA挡测电流，表盘示数仍如图所示，则被测电流为____mA；若用直流15V挡测量电压，则读数为____V.12．（12分）如图，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系．(1)实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是，可以通过仅测量________(填选项前的符号)，间接地解决这个问题．A、小球开始释放高度hB、小球抛出点距地面的高度HC、小球做平抛运动的射程(2)图中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影．实验时，先将入射球m1多次从斜轨上S位置由静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP．然后，把被碰小球m2静止于轨道的水平部分，再将入射小球m1从斜轨上S位置由静止释放，与小球m2相撞，并多次重复．（小球质量关系满足m1>m2）接下来要完成的必要步骤是__________．(填选项前的符号)A、用天平测量两个小球的质量m1、m2B、测量小球m1开始释放高度hC、测量抛出点距地面的高度HD、分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、NE、测量平抛射程OM、ON(3)若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为______________________[用(2)中测量的量表示]．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，电源的电动势E＝24V，内阻，电阻，M为直流电动机，其电阻，电动机正常工作时，其两端所接电压表读数为，求电动机输出的机械功率。14．（16分）有“200V40W”灯泡400盏，并联于电源两端，这时路端电压U1=150V，当关掉200盏，则路端电压升为U2=175V试求：（1）电源电动势，内阻多大？（2）前后两次每盏灯实际消耗的功率各多大？（3）若使电灯正常发光还应关掉多少盏灯？15．（12分）如图所示，电源的两端电压是10V，内阻不计，其中R1=10Ω，R2=8Ω，R3=R4=4Ω.求：合上开关后流过开关的电流是多大？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】

A.根据可知，当电阻变为原来的一半，电压不变时，其电功率为原来的2倍，故A错误；B.根据可知，保持电阻不变，电流变为原来的一半，功率变为原来的，故B错误。C.根据可知，电压和电阻都变为原来的一半，功率变为原来的一半，故C正确。D.根据可知，使电流变为原来的1/4，电阻变为原来的一半，功率变为原来的，故D错误。2、C【解题分析】

根据万有引力定律的公式得万有引力与质量乘积成正比，与距离的平方成反比；因此可知，两球间的距离增加到原来的3倍，则万有引力变为原来的，故为F；故C正确，ABD错误。

故选C。3、A【解题分析】根据碰后A球的动能恰好变为原来的得：解得：碰撞过程中AB动量守恒，则有：mv=mv′+3mvB

解得：vB=v或vB=v；当vB=v时A的速度大于B的速度，不符合实际，故选项A正确，BCD错误，故选A.点睛：本题考查的是动量定律得直接应用，注意动能是标量，速度是矢量；同时要分析结果是否符合实际情况，即不可能发生二次碰撞．4、A【解题分析】

A.电源的总功率P=EIC点表示I=3A，P=9W，则电源的电动势由图看出，C点表示外电路短路，电源内部热功率等于电源的总功率，则有P=I2r代入解得，r=1Ω故A正确。BC.AB段表示的功率为PAB=EI′-I′2r=3×2-22×1=6-4=2W根据功率公式可知：电源的输出功率为2W，总功率为6W，内部产热功率为4W，故BC错误。D.当电源短路时，回路电流最大，根据P=EI可知，总功率最大，不能再变大了，故D错误。5、A【解题分析】充电后撤去电源，电荷量不变．板间距离增大，，电容变小，,电势差变大，静电计指针张角变大，A对．6、B【解题分析】

重物在空中下落的过程中，重力的方向与位移都向下，则重力做正功，重力势能减少，故选B.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解题分析】

A．电场线垂直于等势面，电子受力方向应该是竖直向下，电场线方向竖直向上；故A错误。B．一个电子从D等势面上的P点以初动能Ek=20eV进入电场，刚好从N点离开电场，离开时，N点的动能为5eV，EP表示电子在电场中的电势能，则电势能增加了15eV，电场力做负功W=-15eV，根据W=EedAD知故B正确。C．根据W=Eed，知每降落相同的电势差电场力做功相等，所以该粒子经过等势面C时的动能为20eV-5eV=15eV；故C错误。D．从P到N的过程只有电场力做功，发生动能和电势能的转化，所以动能和电势能总和守恒，△Ek+△Ep=0故D正确。故选BD。8、AC【解题分析】由运动学2ax＝v2−

v02可得弹体的加速度为；安培力为F=BIL，进而由牛顿第二定律可得：BIL=ma解得：，选项A正确，B错误；速度最大时磁场力的功率最大：Pm=BIL•vm=55×10×2×104W=1.1×104kW，选项C正确．电磁炮装置中必须使得磁场方向和电流方向决定的安培力方向与炮弹沿导轨的加速方向一致，选项D错误；故选AC.9、AD【解题分析】解：A、我们虽然不能用手触摸到电场的存在，却可以用试探电荷去探测它的存在和强弱．故A正确；B、电场线和磁感线都是虚拟的，现实并不存在．故B错误；C、磁感线是闭合的曲线，电场线从正电荷出发，到负电荷终止，不是闭合曲线．故C错误；D、磁体之间的相互作用是通过磁场发生的，磁场和电场一样，都是客观存在的物质．故D正确．故选AD【点评】首先要明白电场和磁场的物质属性；其次要知道磁感线是闭合的曲线，电场线从正电荷出发，到负电荷终止，不是闭合曲线．10、AD【解题分析】

液滴所受重力和电场力的方向均在竖直方向，液滴沿与水平方向所夹锐角为45°的bd线做直线运动，则液滴所受重力与电场力相互抵消．A：电场力与重力抵消，电场力方向竖直向上，匀强电场竖直向下，则此液滴带负电．故A项正确．B：液滴所受重力与电场力相互抵消，液滴的加速度等于零．故B项错误．C：液滴所受重力与电场力相互抵消，合外力等于零，合外力对液滴不做功．故C项错误．D：液滴所受电场力竖直向上，液滴与水平方向所夹锐角为45°的bd线运动过程中，电场力做正功，液滴的电势能减少．故D项正确．【题目点拨】物体做直线运动，所受力均在与运动方向互成角度的一条直线上，则物体所受合力为零．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、×100重新进行欧姆调零2.2×103(或2.2k)Ω0.40mA6.0V【解题分析】

①[1][2]．表头指针偏转角度小，说明测量电阻的阻值偏大，应选择大倍率的×100挡，换挡后必须重新进行欧姆调零；②[3]．由题图所示刻度可读出被测量电阻的阻值为22×100=2.2×103Ω．③[4][5]．电流所选量程的精确度为0.02mA，所以读数要保留到精确度的同一位，为0.40

mA，电压表的读数为6.0

V．12、CADEm1·OM＋m2·ON＝m1·OP【解题分析】

（1）验证动量守恒定律实验中，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的，但是通过落地高度不变情况下水平射程来体现速度．故选C．（2）实验时，先让入射球m1多次从斜轨上S位置静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP．然后，把被碰小球m2静置于轨道的水平部分，再将入射球从斜轨上S位置静止释放，与小球相碰，并多次重复．测量平均落点的位置，找到平抛运动的水平位移，因此步骤中D、E是必需的，而且D要在E之前．至于用天平秤质量先后均可以．故选ADE．（3）若两球相碰前后的动量守恒，则m1v0=m1v1+m2v2，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：m1OP=m1OM+m2ON四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、20W【解题分析】由闭合电路欧姆定律可得：E=UV+I（R+r）

则由能量守恒可知电动机输出的机械功率为

P机=IUV-I2r′=（1×21-12×1）W=20

W点睛：对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．14、1.E=210Vr=1Ω