河南省汝州市实验中学2024届物理高二上期中达标检测模拟试题含解析

河南省汝州市实验中学2024届物理高二上期中达标检测模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，甲图中电容器的两个极板和电源的两极相连，乙图中电容器充电后断开电源．在电容器的两个极板间用相同的悬线分别吊起完全相同的小球，小球静止时悬线和竖直方向的夹角均为θ，将两图中的右极板向右平移时，下列说法正确的是()A．甲图中夹角减小，乙图中夹角增大B．甲图中夹角减小，乙图中夹角不变C．甲图中夹角不变，乙图中夹角不变D．甲图中夹角减小，乙图中夹角减小2、我国发射的天宫二号绕地球运行轨道比天宫一号绕行地球轨道高约50km，假设天宫二号和天宫一号均绕地球做匀速圆周运动。则A．天宫二号绕地球运行的线速度比天宫一号绕地球运行的线速度大B．天宫二号与天宫一号绕地球运行的线速度大小相等C．天宫二号绕地球运动的周期比天宫一号绕地球运动的周期大D．天宫二号与天宫一号绕地球运动的周期相等3、由于地球的自转，地球表面的物体会产生向心加速度，下列说法正确的是（）A．在地球表面各处的向心加速度都指向地心B．赤道上物体的向心加速度最大C．赤道和北极上物体的向心加速度一样大D．赤道和地球内部物体的向心加速度一样大4、在xOy坐标系的Ⅰ、Ⅳ象限有垂直纸面向里的匀强磁场，在x轴上A点(L，0)同时以相同速率v沿不同方向发出a、b两个相同带电粒子(粒子重力不计)，其中a沿平行+y方向发射，经磁场偏转后，均先后到达y轴上的B点(0，L)，则两个粒子到达B点的时间差为A．B．C．D．5、下列x-t图象中，表示物体做匀速直线运动的是（）A． B．C． D．6、如图，平行导轨间距为d，一端跨接一个电阻为R，磁场的磁感强度为B，方向与导轨所在平面垂直．一根足够长的金属棒与导轨成θ角放置，金属棒与导轨的电阻不计．当金属棒沿垂直于棒的方向以速度v滑行时，通过电阻R的电流强度是（）A． B． C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在两个正对的平行金属板中间夹上一层绝缘物质，就形成一个最简单的电容器，叫做平行板电容器，以下说法正确的是：A．电容器的作用是发热； B．电容器的作用是储存电荷；C．两板正对面积越大，电容越大； D．两板间距离越大，电容越大．8、图中K、L、M为静电场中的三个相距很近的等势面（K、M之间无电荷）．一带电粒子射入此静电场中后，依a→b→c→d→e轨迹运动．已知电势ΦK＜ΦL＜ΦM．下列说法中正确的是（）A．粒子在bc段做减速运动B．粒子带负电C．粒子在b点与d点的速度相同D．粒子在c点时电势能最大9、“超级地球”是指围绕恒星公转的类地行星．科学家发现有两颗未知质量的不同“超级地球”环绕同一颗恒星公转，周期分别为T1和T1．根据上述信息可以计算两颗“超级地球”的（）A．角速度之比 B．向心加速度之比C．半径之比 D．所受引力之比10、如图所示的电路中，输入电压U恒为12V，灯泡L上标有“6V,12W”字样，电动机线圈电阻RM＝0.50Ω．若灯泡恰能正常发光，以下说法中正确的是()A．电动机的输入功率是12WB．电动机的输出功率是12WC．电动机的热功率是2.0WD．整个电路消耗的电功率是22W三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图甲所示，读数为______mm；用游标为20分度的卡尺测量球的直径，示数如图乙所示，读数为________cm.12．（12分）有一只标值为“2.5V，×W”的小灯泡，其额定功率的标值已模糊不清．某同学想通过描绘灯丝伏安特性曲线来测定该灯泡的额定功率．①已知小灯泡的灯丝电阻约为5Ω，请先在图甲中补全用伏安法测量灯丝电阻的电路图，再选择电流表（0~0.6A；0~3A）、电压表（0~3V；0~15V）的合适量程，并按图甲连接方式将图乙中的实物连成完整的电路．②开关S闭合之前，将图乙中滑动变阻器的滑片应置于(选填“A端”、“B端”或“AB正中间”)③该同学通过实验作出的灯丝伏安特性曲线如上图丙所示，则小灯泡的额定功率为W．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，是一种测量电源电动势和内阻的电路。已知，，当开关扳到1位置时，电压表读数为1.0V；当电键扳到2位置时，电压表读数为2.0V，求：(1)电源电动势E；(2)电源的内阻r。14．（16分）如图所示，R2＝10Ω，开关S断开时电流表的示数为0.3A，开关S闭合时，电流表的示数为0.5A。求：（1）电源电压；（2）R1的阻值。15．（12分）如图所示，光滑导轨与水平面所成角度θ＝60°，置于方向垂直于导轨平面向上匀强磁场中，将质量为m＝2kg的金属杆水平放在导轨上，通过电流I＝4A时，金属杆正好能静止（g=10m/s2）.求：（1）金属杆受到的安培力大小和方向;（2）若金属杆的长度为m，求磁场B的大小。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解题分析】

小球受力如图所示小球静止处于平衡状态，由平衡条件得：qE=mgtanθ，得：tanθ=甲图中将右极板向右平移时，距离d增大，电压不变，根据E=Ud减小，小球所受的电场力变小，夹角θ乙图中电容器的电荷量不变，将右极板向右平移时，距离d增大，极板间的电场强度E=Ud=故B正确。2、C【解题分析】

由万有引力提供向心力得：则得：AB．根据可知，轨道半径越大，运行速率越小，所以天宫二号的速率小于天宫一号，故AB错误；CD．根据可知，轨道半径越大，则周期越大，故天官二号的周期大于天宫一号，故C正确，D错误。3、B【解题分析】

A．除两极外，在地球表面各处一起绕地轴转动，向心加速度方向都是指向地轴且平行于赤道平面，A错误；BCD．地球自转时，各点绕地轴转动，具有相同的角速度，根据a=rω2，知到地轴的距离越大，向心加速度越大，所以在赤道处的向心加速度最大，两极向心加速度最小，故B正确CD错误。故选B。4、D【解题分析】

根据洛伦兹力提供向心力，使其做匀速圆周运动，并由题意可分劣圆弧与优圆弧，从而由几何关系来确定已知长度与半径的关系，并由周期公式可两个粒子到达B点的时间差．做出ab的运动的轨迹如图，对于a的运动轨迹，由几何关系得：，解得，a粒子的偏转角，所以，同理可得b粒子的偏转角，a粒子在磁场中运动的时间，b粒子在磁场中运动的时间：，它们到达B点的时间差：，D正确．5、C【解题分析】

在x-t图像中，倾斜程度代表运动快慢即速度大小，因此匀速直线运动应该为一条过原点的倾斜直线，故C正确，ABD错误．6、A【解题分析】由于导体与磁场垂直，得：，则感应电流为，故选项A正确，选项BCD错误．点睛：题中导体与磁场垂直，根据导体切割电动势公式求出感应电动势，由闭合电路欧姆定律求出感应电流．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解题分析】

电容器的作用是储存电荷，选项A错误，B正确；根据可知，两板正对面积越大，电容越大，选项C正确；根据可知，两板间距离越大，电容越小，选项D错误；故选BC．8、ACD【解题分析】

由等势面的情况可以画出电场线的大致分布图，结合粒子的曲线运动，所受合力应该指向曲线弯曲的内侧，所以粒子的所受电场力是偏在左侧的，又因为题目中交代了电势φK＜φL＜φM，所以电场线指向左侧，该粒子应该带正电，b、d在同一等势面上，电势能相等，动能相等，速率相等．根据a到c电场力做负功，电势能增大，c到e电场力做正功，电势能减小，c点电势最大．【题目详解】电场线和等势面是相互垂直的，电势φK<φL<φM

，所以电场线指向左侧，电场力大体向左，该粒子应该带正电，B错误；b到c过程，是正电荷从低电势向高电势运动的过程，故电场力做负功，动能减小，速率减小，做减速运动，A正确；b、d在同一等势面上，粒子在这两点的电势能相等，根据动能与电势能总量守恒，可知粒子在两点速率相等，C正确；a到c，电势升高，电场力做负功，电势能增大，c到e，电势降低9、ABC【解题分析】

A．根据得所以可以计算角速度之比，故A正确；BC．根据开普勒第三定律得由得所以能求半径之比和向心加速度之比，故BC正确；D．根据万有引力定律可知，因为无法知道两颗“超级地球”的质量比，所以无法求引力之比，故D错误。10、AC【解题分析】

灯泡正常发光，则电路电流I==2A．灯泡正常发光时，电动机电压UM=U-UL=12-6=6V，电动机的输入功率P=UMI=6×2=12W，电动机的输出功率P出=P-PQ=12W-2W=10W，故A正确，B错误；电动机的热功率PQ=I2RM=22×0.5=2W，故C正确；已知电路电流，由于不知电源电动势，无法求出整个电路消耗的电功率，故D错误．【考点定位】电功、电功率三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.615~0.619；0.670【解题分析】试题分析：螺旋测微器的固定刻度为0.5mm，可动刻度为11.7×0.01mm=0.117mm，所以最终读数为0.5mm+0.117mm=0.617mm，游标卡尺的主尺读数为：0.6cm=6mm，游标尺上第14个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为14×0.05mm=0.70mm，所以最终读数为：6mm+0.70mm=6.70mm=0.670mm，故答案为0.617；0.670考点：本题考查了螺旋测微器的使用；刻度尺、游标卡尺的使用.12、①电路图和实物连线图如下图②B端③1.1W【解题分析】试题分析：①由于电压电流需从零测起，因此滑动变阻器采用分压式接法；灯泡的电阻约为5Ω，属于小电阻，电流表采取外接法；由于小灯泡的额定电压为2.5V，因此电压表选择3V量程的，小灯泡的额定电流为0.44A，则电流表量程选择0.6A的，电路图和实物连线图如下图．②开关S闭合之前，将图乙中滑动变阻器的滑片应置于B端，使测量电路部分处于短路状态，闭合电键时，电压表、电流表示数为零，起到保护电路的作用③小灯泡的伏安特性曲线可知，当时，，根据考点：本题考查了描绘小灯泡的伏安特性曲线、滑动变阻器的接法和电流表的内外接法．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)3.0V；(2)1.0Ω【解题分析】

(1)由闭合电路欧姆定律得，当开关扳到1时当开关扳到2时代入得(2)同时可知内阻为14、(1)3V(2)【解题分析】

(1)由电路图可知，开关断开时，电流表测电路