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文档简介

湖南省湘东六校2024届物理高二上期中复习检测模拟试题注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型(B)填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2.作答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新答案;不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、质量为m1的不带电小环A套在动摩擦因数为的竖直杆上,其最大静摩擦力等于滑动摩擦力,一质量为m2、带电荷量为+q的小球B与A用一绝缘细线相连,整个装置处于匀强电场中,恰好保持静止,则当电场强度E存在最小值时,E与水平方向的夹角θ为A.0°B.30°C.45°D.60°2、在如图所示的电路中,已知R1=20Ω,R3=40Ω,R1<R2<R3,则该电路总电阻的阻值A.R总>20Ω B.20Ω<R总<40ΩC.20Ω<R总<100Ω D.8Ω<R总<10Ω3、·如图,平行板电容器两极板的间距为d,极板与水平面成45°角,上极板带正电.一电荷量为q(q>0)的粒子在电容器中靠近下极板处,以初动能Ek0竖直向上射出.不计重力,极板尺寸足够大.若粒子能打到上极板,则两极板间电场强度的最大值为A. B.C. D.4、在“互成角度的两个共点力的合成”实验中,F1和F2表示两个互成角度的力,F´表示由平行四边形定则画出的合力,F表示根据“等效性”通过实验得到的合力,则图中符合实验事实的是图()。A. B.C. D.5、工人师傅在改装电炉时,为了使电功率减小到原来的一半,下列措施中可行的是A.截去一半电炉丝B.串联一条相同的电炉丝C.并联一条相同的电炉丝]D.把连接电炉和电源的电线长度增加一倍。6、在如图甲所示的电路中,闭合开关S,在滑动变阻器的滑动触头P向下滑动的过程中,四个理想电表的示数都发生变化.圈乙中三条图线分别表示了三个电压表示数随电流表示数变化的情况,以下说法不正确的是A.图线a表示的悬电压表V3的示数随电流表示数变化的情况B.图线c表示的是电压表V2的示数随电流表示数变化的情况C.此过程中电压表V1示数的变化量ΔU1和电流表示数变化量ΔI的比值变大D.此过程中电压表V3示数的变化最ΔU2和电流表示数变化量ΔI的比值不变二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图,在正点电荷Q的电场中有M、N、P、F四点,M、N、P为直角三角形的三个顶点,F为MN的中点,∠M=30°,M、N、P、F四点处的电势分别用M、N、P、F表示。已知M=N,P=F,点电荷Q在M、N、P三点所在平面内,则()A.点电荷Q一定不在MP的连线上B.连接PF的线段不在同一等势面上C.将正试探电荷从P点搬运到N点,电场力做正功D.P大于M8、如图所示,A、B为两个固定的等量同号正电荷,在它们连线的中点处有一个可以自由运动的正电荷C,现给电荷C一个垂直于连线的初速度v0,若不计C所受的重力,则关于电荷C以后的运动情况,下列说法中正确的是()A.加速度始终增大B.加速度先增大后减小C.速度先增大后减小D.速度始终增大9、如图所示,图线AB是某电源的路端电压随电流变化的关系图线,OM是固定电阻R两端的电压随电流变化的图线,由图可知A.该电源的电动势为6V,内阻是2ΩB.固定电阻R的阻值为1ΩC.该电源的最大输出功率为9WD.当该电源只向电阻R供电时,其效率约为66.7%10、下列四组三个共点力的合力可能是0的有()A. B.C. D.三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)要用实验描绘小灯泡的伏安特性曲线,已知待测小灯泡的额定电压6V,额定功率约为3W,提供的器材有:量程为1.6A,内阻约为1.5的电流表Al;量程为3A,内阻约为1.1的电流表A2;量程为3V,内阻为3k的电压表V1阻值是1~11,额定电流是2A的滑动变阻器R1;阻值是1~511,颇定电流是lA的滑动变阻器R2;定值电阻R3=1k;定值电阻R4=3k;电源电动势为9V,内阻约为1.1;开关一个,导线若干.(1)为了保证实验的测量精度和操作方便,并能测出小灯泡的额定功率,在可供选择的器材中.应该选用的电流表是,滑动变阻器是(填仪器的字母代号).(2)根据所选的器材,在虚线框中画出完整的实验电路图,并标出器材代号.(3)实验中,电压表的示数为V时,可测出灯泡的额定功率.12.(12分)某同学查阅资料发现铅笔芯的电阻随温度的升高而变小.在实验中,他取一段长为16cm的铅笔芯,用多用电表测量其电阻大约为4Ω.该同学要较精确地测量铅笔芯的电阻,现有下列器材可供选择:A.电源3V(内阻不计)B.电流表0-3A(内阻0.1Ω)C.电流表0-600mA(内阻0.5Ω)D.电压表0-3V(内阻3kΩ)E.电压表0-15V(内阻200kΩ)F.滑动变阻器(0-10Ω,1A)G.滑动变阻器(0-1kΩ,300mA)(1)除开关、导线外,实验中要求能够在电压表上从零开始读取若干组数据,需要选用的器材有:_______________(填写字母代号);(2)用笔画线代替导线,在实物图中连接实验电路_________;(3)该同学记录了实验数据,并画出了该铅笔芯的伏安特性曲线,证实了铅笔芯的电阻随温度的升高而减小,则该铅笔芯的伏安特性曲线为下图中的________.四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示,光滑斜面倾角为37°,一带有正电的小物块质量为m,电荷量为q,置于斜面上,当沿水平方向加有如图所示的匀强电场时,带电小物块恰好静止在斜面上,从某时刻开始,电场强度变化为原来的,求:(1)原来的电场强度为多大?(2)物体运动的加速度大小;(3)沿斜面下滑距离为L时物体的速度.(sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2)14.(16分)带有等量异种电荷的两个平行金属板A和B水平放置,相距为d(d远小于板的长和宽),一个带正电的油滴P悬浮在两板的正中央处于静止,油滴的质量为m、电荷量为q,如图所示。在油滴的正上方距A板距离为d处有一质量也为m的带正电油滴N,油滴N由静止释放后,可穿过A板上的小孔,进入两金属板间。整个装置处在真空环境中,不计油滴P和N间的库仑力和万有引力以及金属板本身的厚度。油滴N穿过A板上的小孔后能与P相碰,且结合成大油滴(可视为质点),又不与金属板B相碰。求:(1)金属板A、B间的电压是多少?哪板电势高?(2)油滴N电荷量可能是多少?15.(12分)如图所示,R为电阻箱,V为理想电压表.当电阻箱读数为R1=2Ω时,电压表读数为U1=4V;当电阻箱读数为R2=5Ω时,电压表读数为U2=5V.求:(1)电源的电动势E和内阻r.(2)当电阻箱R读数为多少时,电源的输出功率最大?最大值Pm为多少?

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、D【解题分析】设F与墙面的夹角为α,分别对m1和m2受力分析如图所示:在竖直方向有:,解得:,对m2的受力分析利用三角形定则可知要电场力最小,则电场力方向垂直于F,即当α=θ时电场强度最小,可得,其中,联立解得θ=60°时,F最小,故D正确,ABC错误。2、D【解题分析】

几个电阻并联,相当于增加了导线的横截面积,总电阻比任何一个分电阻都小,题目中最小的分电阻是,且,所以,选项ABC错误,D正确;3、B【解题分析】试题分析:当电场足够大时,粒子打到上极板的极限情况为:粒子到达上极板处时速度恰好与上极板平行,粒子的运动为类平抛运动的逆运动.将粒子初速度v0分解为垂直极板的vy和平行极板的vx,根据运动的合成与分解,当时,根据运动学公式有,,,联立得,故B正确.考点:带电粒子在匀强电场中的运动.【名师点睛】根据带电粒子在电场中的类平抛运动规律,沿电场方向的匀减速运动,结合粒子到达上极板时的临界条件,利用动能定理和运动学公式解答.4、C【解题分析】

试题分析:实验测的弹力方向沿绳子方向,作图法得到的合力理论值在平行四边形的对角线上,由于误差的存在合力的理论值与实验值有一定的差别,故ABD错误,C正确.考点:验证力的平行四边形定则5、B【解题分析】试题分析:由公式可知,要使电功率减小到原来的一半,如果U不变,就要使电阻增大为原来的2倍:根据电阻定律可得截去一半电炉丝,电阻减半,A错误;串联一条相同的电炉丝,电阻成为2R,B正确;并联一条相同的电炉丝,电阻变为原来的二分之一,C错误;由于导线的电阻很小,把连接电源和电炉的导线长度增加一倍,由串联分压的原理知:增加的导线分去的电压并不大,电炉两端的电压变化也不大;而电炉电阻丝的阻值不变,则电炉的实际功率变化也不大,D错误.考点:考查了电功率的计算【名师点睛】在家庭电路中,电源电压是恒定的;因此,电炉工作的实际电压在改装前后是相同的,由公式可知,要使电功率减小到原来的一半,必须使电阻增大到原来的二倍,根据这个条件进行选择即可.6、C【解题分析】

AB.当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动的过程中,变阻器接入电路的电阻增大,外电路总电阻增大,总电流减小,可知路端电压增大,即知电压表V1示数增大,电压表V2的示数减小,电压表V3的示数增大,则知,图线a表示的是电压表V3的示数随电流表示数变化的情况,图线c表示的是电压表V2的示数随电流表示数变化的情况,故AB项与题意不相符;C.由闭合电路欧姆定律得U1=E-Ir,则保持不变,故C项与题意相符;D.由闭合电路欧姆定律得U3=E-I(r+R1),则保持不变,故D项与题意不相符。二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BCD【解题分析】

A.点电荷的等势面是一系列的同心圆,对于圆、圆弧上任意两点的连线的中垂线一定通过圆心,如图所示:故场源电荷在MN的中垂线和FP的中垂线的交点上,点电荷Q一定在MP的连线上,故A错误;B.因φP=φF,则线段PF是P、F所在等势面(圆)的一个弦,故B正确;C.在正的点电荷的电场中,离场源越远,电势越低,将正试探电荷从P点搬运到N点,电势能降低,故电场力做正功,故C正确;D.在正的点电荷的电场中,离场源越远,电势越低,故φP>φM,故D正确。8、BD【解题分析】试题分析:由等量同种正点电荷电场的特点可知,两个电荷连线上中点的电场强度为零,电场强度从中点到无限远处,先增大后减小,所以电荷C所受的电场力先增大后减小,由牛顿第二定律可知,其加速度先增大后减小,所以A错误、B正确;在整个过程中,电场力做正功,由动能定理可知,点电荷C的速度始终增大,所以C错误、D正确;考点:静电场、功能关系9、CD【解题分析】

根据U-I图象AB正确读出电源的电动势和短路电流,根据OM图象正确读出外电路两端的电压和流过电阻的电流,是解决此类问题的出发点.【题目详解】电源的U-I图像的纵截距表示电源电动势,故E=6V,电源U-I图像的斜率表示电源内阻,故r=66Ω=1Ω,A错误;线性电阻U-I图像的斜率表示电阻大小,故R=4-02-0Ω=2Ω,B错误;当外电阻与电源内阻相等时,电源的输出功率最大,即当外电阻R'=1Ω时,电源输出功率为P输出=10、BD【解题分析】

A、3N、4N的合力范围为1N≤F≤7N,8N不在合力范围之内,所以三个力的合力不可能为零,故A错误;B、4N、7N的合力范围为3N≤F≤11N,8N在合力范围之内,所以三个力的合力能为零,故B正确;C、3N、5N的合力范围为1N≤F≤8N,1N不在合力范围之内,所以三个力的合力不可能为零,故C错误;D、7N、9N的合力范围为1N≤F≤16N,16N在合力范围之内,所以三个力的合力能为零,故D正确;故选BD.【题目点拨】关键根据平行四边形定则得出合力的范围:|F1-F1|≤F≤F1+F1.三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、(1)(2)电路图如下(3)3【解题分析】试题分析:(1)描绘小灯泡的伏安特性曲线,要求电压调节范围尽可能大,滑动变阻器选择分压式连接,因此滑动变阻器选择阻值小的,小灯泡正常发光的额定电流,3A的电流表量程过大,所以选择量程1.6A的.(2)滑动变阻器选择分压式连接.灯泡额定电压外6v,而电压表量程只有3v,可是已知电压表内阻为,确切知道其内阻,就可以串联定值电阻来扩大量程,要使得量程大于6v,则需要满足,即串联的定值电阻阻值要大于等于所以定值电阻选择.电流表已经选择,由于,根据大内偏大小外偏小,电流表选择外接法.电路图见答案.(3)灯泡正常发光时电压为6v,即,解得电压表读数.考点:描绘小灯泡伏安特性曲线实验设计探究12、(1)ACDF(2)电路如图;(3)C【解题分析】试题分析:(1)电源电动势为3V,故电压表选D,电流,若选取3A量程,则指针偏转不及刻度的,误差较大,故电流表选C,滑动变阻器分压接法,选取小电阻即可,故选择器材为:ACDF.(2)电压表上从零开始读取,所以选择滑动变阻器分压接法,被测电阻为小电阻,电流表用外接,如图:(3)铅笔芯的电阻随温度的升高而减小,则I-U图象的斜率越来越大,故选C.【题目点拨】解决本题的关键掌握电流表的内外接问题和滑动变阻器的分压限流接法,知道什么情况下用什么接法.四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)(2)3m/s2,方向沿斜面向下(3)【解题分析】

带电小物块恰好静止在斜面上时合力为零,对物块进行受力分析,应用平衡条件可求出电场力,进而求

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