湖南省天壹名校联盟2024届物理高二上期中质量跟踪监视试题含解析

湖南省天壹名校联盟2024届物理高二上期中质量跟踪监视试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、人和船静止在水面上，当人沿水平船板向船头奔跑时，船会向后退，如图所示。使船后退的动力是（）A．人对船的摩擦力B．船对人的摩擦力C．水对船的浮力D．人对船的压力2、如图所示为伏安法测电阻的一种常用电路。以下分析正确的是（）A．此接法的测量值大于真实值B．此接法的测量值小于真实值C．此接法要求待测电阻值小于电流表内阻D．开始实验时滑动变阻器滑动头P应处在最左端3、通过电阻的电流为I时，在时间t内产生的热量为Q，若通过同一电阻的电流为2I时，则在时间t内产生的热量为（）A．2Q B． C． D．4Q4、在下列情况中，汽车对凹形路面的压力最大的是A．以较小的速度驶过半径较大的凹形路B．以较小的速度驶过半径较小的凹形路C．以较大的速度驶过半径较大的凹形器D．以较大的速度驶过半径较小的凹形路5、两只相同的电阻串联后接到电压为9V的恒定电路上，用一只0～5～15V的双量程电压表的5V档测其中一只电阻两端电压时，示数为4.2V，则换用15V档测这个电阻两端电压时，示数为（）A．小于4.2VB．等于4.2VC．大于4.2VD．不能确定6、鸟儿落在110V的高压输电线上，虽然通电的高压线是裸露电线，但鸟儿仍安然无恙，这是因为（）A．鸟有耐高压的天性B．鸟儿是干燥的，所以鸟体不导电C．鸟两脚间的电压几乎为零D．鸟体电阻极大所以无电流通过二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一带正电小球悬挂在电容器内部，闭合开关S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为θ，如图所示，则()A．保持开关S闭合，带正电的A极板向B极板靠近，则θ角增大B．保持开关S闭合，带正电的A极板向B极板靠近，则θ角不变C．开关S断开，带正电的A极板向B极板靠近，则θ角增大D．开关S断开，带正电的A极板向B极板靠近，则θ角不变8、如图所示电路，电源内阻不可忽略．在滑动变阻器滑片由a滑向b的过程中，下列说法中正确的是A．电流表示数增大B．小灯泡L亮度增加C．电源内电阻消耗功率减小D．电源输出功率一定增加9、在水平向右的匀强电场E中，小车以加速度a向右做匀加速直线运动，质量分别为m1、m2，电荷量分别为+q1、+q2的小球G、H通过不可伸长的轻绳悬挂于车顶O点，．当G、H相对小车静止时，下列情况可能出现的是(不计G、H间的相互作用)()A． B． C． D．10、如图，电荷量分别为q和−q（q>0）的点电荷固定在正方体的两个顶点上，a、b是正方体的另外两个顶点，则A．a点和b点的电势相等B．a点和b点的电场强度大小相等C．a点和b点的电场强度方向相同D．电子在a点电势能小于在b点的电势能三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学在探究规格为“”的小灯泡伏安特性曲线实验中，该同学采用如图甲所示的电路进行测量。现备有下列器材供选用：A．量程是，内阻是的电流表B．量程是，内阻是的电流表C．量程是，内阻是的电压表D．量程是，内阻是的电压表E．阻值为，额定电流为的滑动变阻器F．阻值为，额定电流为的滑动变阻器G．蓄电池（内阻不计）H．开关一个，导线若干(1)为使测量结果尽量准确，电流表应选用________，电压表应选用___________，滑动变阻器应选用_________（只填字母代号）。(2)在实验过程中，开关闭合前，滑动变阻器的滑片应置于最__________端（填“左”或“右”）。(3)在实验过程中，已知各元器件均无故障，但闭合开关后，无论如何调节滑片，电压表和电流表的示数总是调不到零，其原因是___________点到_________点的导线没接好（空格中请填写图甲中的数字，如“2”点到“3”点的导线）。(4)该同学描绘出小灯泡的伏安特性曲线示意图如图所示，则小灯泡的电阻随工作电压的增大而________（填“不变”“增大”或“减小”）12．（12分）某同学查阅资料发现铅笔芯的电阻随温度的升高而变小．在实验中，他取一段长为16cm的铅笔芯，用多用电表测量其电阻大约为4Ω.该同学要较精确地测量铅笔芯的电阻，现有下列器材可供选择：A．电源3V(内阻不计)B．电流表0－3A(内阻0.1Ω)C．电流表0－600mA(内阻0.5Ω)D．电压表0－3V(内阻3kΩ)E．电压表0－15V(内阻200kΩ)F．滑动变阻器(0－10Ω，1A)G．滑动变阻器(0－1kΩ，300mA)(1)除开关、导线外，实验中要求能够在电压表上从零开始读取若干组数据，需要选用的器材有：_______________(填写字母代号)；(2)用笔画线代替导线，在实物图中连接实验电路_________；(3)该同学记录了实验数据，并画出了该铅笔芯的伏安特性曲线，证实了铅笔芯的电阻随温度的升高而减小，则该铅笔芯的伏安特性曲线为下图中的________．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，虚线左侧有一场强为的匀强电场，在两条平行的虚线和之间存在着宽为、电场强度为的匀强电场，在虚线右侧相距为处有一与电场平行的屏．现将一电子（电荷量为，质量为）无初速度地放入电场中的点（点离两场边界距离为），最后电子打在右侧的屏上，连线与屏垂直，垂足为，求：（1）电子从释放到刚射出电场出时的速度大小．（2）电子刚射出电场时的速度方向与连线夹角的正切值．（3）电子打到屏上的点到点的距离．14．（16分）如图所示，光滑水平轨道与半径为R的光滑竖直半圆轨道在B点平滑连接．在过圆心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的匀强电场．现有一质量为m，电荷量为＋q的小球从水平轨道上A点由静止释放，小球运动到C点离开圆轨道后，经界面MN上的P点进入电场(P点恰好在A点的正上方，如图所示．小球可视为质点，小球运动到C点之前电荷量保持不变，经过C点后电荷量立即变为零)．已知A、B间距离为2R，重力加速度为g．在上述运动过程中，求(1)电场强度E的大小；(2)小球在圆轨道上运动时的最大速率(3)小球对圆轨道的最大压力的大小15．（12分）如图所示是三量程直流电表的原理图，三个量程分别是10mA、1A、10V．已知表头G的满偏电流Ig=5mA，内阻Rg=10Ω。试确定定值电阻R1、R2、R3的阻值。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解题分析】

当人沿水平船板向船头奔跑时，人受重力、摩擦力，由于物体间力的作用是相互的，所以人也给船一个向后的摩擦力，这个力就是船后退的动力，A正确。故选A。2、A【解题分析】

AB．上图是电流表的内接法测电阻，图中电压表示数大于的两端电压，所以测量值A正确，B错误；C．内接法的误差是由于电流表的分压造成的，如果待测电阻值比电流表内阻越大，电流表分压作用越小，误差越小，C错误；D．为了安全期间，以防超过电表量程，滑动变阻器开始要处于最右端，让分压最小，D错误。故选A。3、D【解题分析】

由焦耳定律可知，电阻相同，电流变为原来的两倍，相同的时间内产生的热量变为原来的4倍即4QA．2Q与分析不符，故A错误；B．与分析不符，故B错误；C．与分析不符，故C错误；D．4Q与分析相符，故D正确．4、D【解题分析】

当汽车经过凹形路最低点时，竖直方向受力如图所示：

根据向心力公式得：F−mg＝

m；所以地面给汽车的支持力为F＝mg+m；所以速度大，半径小汽车所受支持力就大，根据牛顿第三定律可知汽车对地面压力就大，故ABC错误，D正确．故选D．【题目点拨】本题考查了生活中的圆周运动，解决圆周运动问题的关键是对物体正确受力分析，列向心力公式求解．5、C【解题分析】试题分析：电压表的内阻不是远大于R1R2，电表表与电阻并联后，并联部分电阻减小，分担的电压减小．结合串联电路电压与电阻成正比来分析电压表的示数．解：电压表15V量程内阻大，用15V量程测电阻时，电压表与电阻并联阻值大，电路总电阻大，电路总电流变小，另一个电阻分压小，电路总电压不变，被测电阻分压变大，电压表示数变大，大于4.2V；故选C．【点评】本题要注意电压表是实际的电表，内阻不是无穷大，电表对电路的影响不能忽略，把电压表看成可测量电压的电阻．6、C【解题分析】

当小鸟两脚站在一根线上时，两脚之间的导线的距离非常小，故两脚之间的导线的电阻非常小，故小鸟两端的电压很小，接近于零，故不会对小鸟造成危害，故C正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解题分析】球在电场中平衡，则所受电场力、重力及绳的拉力的合力为零．由平衡条件得tanθ＝，故要判断θ的变化，只需判断电场强度E的变化即可．S闭合时，U不变，A向B靠近，d减小，由E＝，可知E增大，θ角增大，故A正确，B错误；S断开，则Q不变，A向B靠近，E不变，则θ角不变，故C错误，D正确．8、AC【解题分析】A、滑片向b端移动时滑动变阻器接入电阻增大；则电路中总电流减小；由E=U+Ir可知，路端电压增大；则流过R的电流增大；故电流表示数增大；故A正确；B、因总电流减小，而流过R的电流增大；由并联电路的分流规律可知，流过灯泡的电流减小；故灯泡亮度减小；故B错误；C、因电流减小，则由功率公式可知，是源内部消耗的功率减小；故C正确；D、当电源内外电阻相等时，电源的输出功率最大；本题无法得出内外电阻的大小关系；故无法确定功率的变化；故D错误；故选AC．【题目点拨】本题考查闭合电路欧姆定律及功率公式，在解题时要注意明确电源的输出功率的极值问题的应用；注意电源的总功率随外电阻的变化而变化，防止错选D．9、AC【解题分析】

AD．先对两个球整体分析，受重力、电场力和细线的拉力，如图所示：

如果加速度大于，设上面的细线与竖直方向的夹角为α，根据牛顿第二定律，有：

竖直方向：水平方向：解得：…①再对小球G受力分析，如图所示：

设下面的细线与竖直方向的夹角为β，根据牛顿第二定律，有：

竖直方向：水平方向：解得：…②由于，两个正分数的分子分母同时分别相加后得到的新分数介于原来两个分数中间，故故tanα≥tanβ故α≥β故A正确，D错误；

BC．如果加速度小于，则上面的细线向右偏转；

设上面的细线与竖直方向的夹角为α，根据牛顿第二定律，有：

竖直方向：水平方向：解得：…③再对小球G受力分析，如图所示：

设下面的细线与竖直方向的夹角为β，根据牛顿第二定律，有：

竖直方向：水平方向：解得：…④由于故故tanα≤tanβ故α≤β故B错误，C正确；10、BC【解题分析】

A.等量异号电荷形成的电场线和等势面如图所示，结合题图中对应的几何关系可知，靠近负电荷，而靠近正电荷，则可知，点电势一定小于点电势；故A错误；BC.、两点是两电荷单独在两点形成的电场强度的叠加，由图3可知，两点处的两分场强恰好相同，故合场强一定相同，故B、C正确；D.由于点电势一定小于点电势，因电荷带负电，根据可知电子在点电势能大于在点的电势能，故D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ACF左15增大【解题分析】

(1)［1］由小灯泡的规格“2.5V0.6W”可求出小灯泡的额定电流为所以电流表应选A。［2］由小灯泡的额定电压为2.5V可知，电压表应选C。［3］由于实验要求电压和电流从零开始调，所以滑动变阻器应采用分压接法，应选择阻值小的变阻器F，以方便调节。(2)［4］由电路图可知，为实验的安全性，开关S闭合前应将变阻器滑片P置于输出电压最小的左端。(3)［5］由电路图可知，闭合开关S，当变阻器滑片P置于最左端时，电压表和电流表中都无示数，如果电压表和电流表的示数总是调不到零，原因是1点到5点的导线没接好，变阻器成了限流接法。［6］填“5”点。(4)［7］由可知即电阻应等于图象上的点与原点O连线斜率的倒数，由图可知斜率逐渐减小，所以小灯泡的电阻随工作电压的增大而增大。12、(1)ACDF(2)电路如图；(3)C【解题分析】试题分析：（1）电源电动势为3V，故电压表选D，电流，若选取3A量程，则指针偏转不及刻度的，误差较大，故电流表选C，滑动变阻器分压接法，选取小电阻即可，故选择器材为：ACDF．（2）电压表上从零开始读取，所以选择滑动变阻器分压接法，被测电阻为小电阻，电流表用外接，如图：（3）铅笔芯的电阻随温度的升高而减小，则I-U图象的斜率越来越大，故选C．【题目点拨】解决本题的关键掌握电流表的内外接问题和滑动变阻器的分压限流接法，知道什么情况下用什么接法．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）(2)2(3)3L【解题分析】（1）电子在电场E1中做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度为，时间为，由牛顿第二定律得：①，由得：②，电子进入电场E2时的速度为：③，进入电场E2到屏水平方向做匀速直线运动，时间为：④，电子从释放到打到屏上所用的时间为：⑤，联立①→⑤求解得：；

（2）设粒子射出电场E2时平行电场方向的速度为，由牛顿第二定律得：电子进入电场时的加速度为⑥，⑦，⑧，电子刚射出电场E2时的速度方向与AO连线夹角的正切值为⑨，联立①②③⑥⑦⑧⑨得⑩；（3）带电粒子在电场中的运动轨迹如图所示：

设电子打到屏上的点P到O点的距离y，根据上图有几何关系得：（11），联立⑩（11）得：．【题目点拨】电子运动分三段，左侧电场初速度为零的匀加速直线运动，后做类平抛运动，最后做匀速直线运动，根据各自规律可求时间；在电场E2中做类平抛运动，速度偏转角为；作出带电粒子的运动轨迹，根据几何关系可求得电子打到屏上的点P′到点O的距离x．本题考查带电粒子在电场中的加速和偏转，明确受力情况，根据力与运动关系找出运动