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文档简介
内蒙古自治区赤峰市第八中学高一化学期末试题含解析一、单选题(本大题共15个小题,每小题4分。在每小题给出的四个选项中,只有一项符合题目要求,共60分。)1.下列物质中,既含有离子键又含有非极性共价键的是(
)A.Na2O2
B.Ba(OH)2
C.HClO
D.Ar参考答案:AA、过氧化钠中含有离子键和非极性键,A正确;B、氢氧化钡中含有离子键和极性键,B错误;C、次氯酸中含有极性键,C错误;D、Ar是稀有气体元素,不存在化学键,D错误,答案选A。2.下列有关0.1mol/LKNO3溶液的叙述正确的是(
)A.在1L水中溶解10.1gKNO3,即可配制得0.1mol/LKNO3溶液B.100mL该溶液中含KNO30.1molC.从1L该溶液中取出100mL,所取出的KNO3溶液的浓度为0.01mol/LD.1L该溶液中含KNO310.1g参考答案:DA、在1L水中溶解10.1gKNO3所得溶液的体积不是1L,不能计算物质的量浓度,A错误;B、100mL该溶液中含硝酸钾的物质的量是0.1L×0.1mol/L=0.01mol,B错误;C、溶液是均一稳定的,从1L该溶液中取出100mL,所取出的KNO3溶液的浓度仍然是0.1mol/L,C错误;D、1L该溶液中含KNO3的质量是1L×0.1mol/L×101g/mol=10.1g,D正确,答案选D。3.下列化学用语表示正确的是:A.小苏打电离方程式:NaHCO3=Na++H++CO32-B.C1-的结构示意图:C.HF的电子式:D.质子数为6,中子数为8的核素:l4C参考答案:D碳酸氢钠为强电解质,在溶液中完全电离出钠离子和碳酸氢根离子,电离方程式:NaHCO3=Na++HCO3-;A错误;C1-离子质子数为17,核外电子数为18,有3个电子层,各层电子数为2、8、8,氯离子结构示意图为
,B错误;HF为共价化合物,不存在离子,C错误;质量数=质子数+中子数,质子数为6,中子数为8,质量数为14,表示方法为l4C,D正确;正确选项D。4.下列物质中属于氧化物的是()A.O2
B.Na2O
C.NaClO
D.FeSO4参考答案:B考点:酸、碱、盐、氧化物的概念及其相互联系.专题:物质的分类专题.分析:氧化物是负价氧和另外一个化学元素组成的二元化合物.解答:解:A、O2由同种元素组成,是单质,不是化合物,故A错误;B、Na2O有两种元素组成,其中氧元素为﹣2价,是氧化物,故B正确;C、NaClO含有三种元素,不是氧化物,属于盐,故C错误;D、FeSO4含有三种元素,不是氧化物,属于盐,故D错误.故选:B.点评:考查氧化物的概念,难度较小,注意氧化物含有两种元素,其中一种为氧元素,且显负价.5.主族元素R最高正价氧化物对应水化物的化学式为H2RO3,则其氢化物的化学式是A.HR
B.RH4
C.H2R
D.RH3参考答案:B由题意,得:R的最高正价为+4价,则最低价为-4价(利用最高价+最低价的绝对值=8),故其氢化物的化学式为RH46.生活中食物腐败都是氧化还原反应,下列化学反应类型中一定是氧化还原反应的是
A.化合反应
B.分解反应
C.复分解反应
D.置换反应参考答案:D7.短周期元素A、B、C的原子序数依次递增,其原子的最外层电子数之和为10。A与C在周期表中位置上下相邻,B原子最外层电子数等于A原子次外层电子数,下列有关叙述不正确的是()A.A与C可形成共价化合物B.A的氢化物的稳定性大于C的氢化物的稳定性C.A、C的最高价氧化物形成的晶体类型相同D.B的氧化物的熔点比A的氧化物熔点高参考答案:CB原子最外层电子数等于A原子次外层电子数,则B的最外层电子数为2,根据它们的原子的最外层电子数之和为10.A与C在周期表中同主族,可知A、C的最外层电子数为4,故A为C元素、C为Si元素,A、B、C原子序数依次递增,则B为Mg元素,A.A与C可形成共价化合物SiC,A正确;B.同主族,自上往下,气态氢化物的稳定性递减,故A的氢化物的稳定性大于C的氢化物(SiH4)的稳定性,B正确;C.A的最高价氧化物分别为CO2,是分子晶体,C的最高价氧化物SiO2,是原子晶体,形成的晶体类型不相同,C错误;D.B的氧化物MgO是离子化合物,其的熔点高,A的氧化物CO2是分子晶体,熔点低,D正确。8.下列说法错误的是A.钠在空气中燃烧最后所得产物为Na2O2B.镁因在空气中形成了一薄层致密的氧化膜,保护了里面的镁,故镁不需要像钠似的进行特殊保护C.铝制品在生活中非常普遍,这是因为铝不活泼D.铁在潮湿的空气中因生成的氧化物很疏松,不能保护内层金属,故铁制品往往需涂保护层参考答案:C试题分析:A.钠在不加热时与氧气反应生成氧化钠,在空气中燃烧生成过氧化钠,正确;B.镁易与空气中氧气反应生成致密的氧化铝膜,可起到保护镁不被进一步氧化的作用,正确;C.铝制品在生活中应用普遍是因为表面有一层致密的Al2O3薄膜,保护铝不被进一步氧化,错误;D.铁在潮湿的空气中因生成的氧化物很疏松,不能保护内层金属,正确。9.下列反应中,水既不作氧化剂,亦不作还原剂的氧化还原反应为A.Cl2+H2OHCl+HClO
B.2F2+2H2O=4HF+O2C.H2O+CaO=Ca(OH)2
D.2Na+2H2O=2NaOH+H2↑参考答案:A略10.某氧原子的质量为ag,12C原子的质量为bg,且NA表示阿氏常数,下列说法中正确的
A.氧元素的相对原子质量为12a/b
B.xg该氧原子所含的电子数为8x/aNA
C.1mol该原子质量为aNAg
D.yg该氧原子的中子数一定为8NAy/a参考答案:C11.下列说法正确的是()A.在短周期元素中,最外层电子数等于该原子核外电子层数2倍的只有C和SB.离子化合物中除含有离子键外,还可能含有极性键或非极性键C.除氢元素外,ⅠA族元素的金属性比ⅡA族元素的金属性强D.H2O和D2O互为同位素参考答案:B略12.下列有关氮元素的单质及其化合物的说法错误的是()①氮气与氧气在放电的条件下可直接生成NO2②铵盐都不稳定,受热分解都生成氨气③向Fe(NO3)2溶液中滴加稀盐酸,无明显的变化④实验室加热氯化铵固体,用碱石灰除去氯化氢的方法制备氨气.A.①③④
B.①③
C.①④
D.①②③④参考答案:D考点:含氮物质的综合应用..专题:氮族元素.分析:①在放电条件下,氮气和氧气反应生成一氧化氮;②铵盐受热都能分解,但不是都能生成氨气;③亚铁离子能和稀硝酸发生氧化还原反应;④氯化铵受热易分解,冷却时又生成氯化铵.解答:①放电条件下,氮气和氧气反应生成一氧化氮而不是二氧化氮,一氧化氮不稳定,易被氧气氧化生成二氧化氮,故错误;②NH4NO3加热到190℃时分解生成一氧化二氮和水,若加热到300℃左右时分解生成氮气、硝酸和水,故错误;③向硝酸亚铁溶液中加入稀盐酸,酸性条件下,硝酸根离子具有强氧化性,能把亚铁离子氧化生成铁离子,同时自身被还原生成一氧化氮,故错误;④氯化铵受热易分解,冷却时又生成氯化铵,所以得不到氨气,故错误;故选D.点评:本题考查了氮及其化合物的性质,根据一氧化氮的稳定性大小、铵盐的性质来分析解答,易错选项是③,注意酸性条件下,硝酸根有强氧化性,常常被学生忽略,为易错点.13.能实现下列物质直接转化的元素是()单质氧化物酸或碱盐A.硅B.硫
C.铜
D.铁参考答案:B略14.X、Y、Z和R分别代表四种元素.如果aXm+、bYn+、cZn﹣、dRm﹣四种离子的电子层结构相同(a、b、c、d为元素的原子序数),则下列关系正确的是()A.a﹣c=m﹣n B.a﹣b=n﹣m C.c﹣d=m+n D.b﹣d=n+m参考答案:D【考点】原子核外电子排布.【分析】由aXm+、bYn+、cZn﹣、dRm﹣四种离子的电子层结构相同知,这四种离子的核外电子数相等,根据构成离子的原子序数、电荷数、质子数之间的关系判断.【解答】解:由aXm+、bYn+、cZn﹣、dRm﹣四种离子的电子层结构相同知,这四种离子的核外电子数相等,得核外电子数=核内质子数﹣阳离子的电荷数=核内质子数+阴离子的电荷数,原子序数=核内质子数,所以得:a﹣m=b﹣n=c+n=d+m.A、a﹣c=m+n,故A错;B、a﹣b=m﹣n,故B错;C、c﹣d=m﹣n,故C错;Db﹣d=m+n,故D正确.故选:D15.如图是部分短周期元素原子半径与原子序数的关系图,下列说法正确的是()A.M的最高价氧化物对应水化物能分别与Z、R的最高价氧化物对应水化物反应B.Y的单质能从含R简单离子的水溶液中置换出R单质C.X、N两种元素组成的化合物熔点很低D.简单离子的半径:Z<X<Y参考答案:A由图可知,为第二周期和第三周期元素的原子半径的变化,根据原子序数关系可知X为O元素,Y为F元素,Z为Na元素,M为Al元素,N为Si元素,R为Cl元素,A.M
的最高价氧化物对应水化物Al(OH)3能分别与Z、R
的最高价氧化物对应水化物NaOH、HClO4反应,选项A正确;B.Y
的单质F2的非金属性很强,直接与水反应而不能从含R简单离子Cl-的水溶液中置换出Cl2,选项B错误;C.X、N
两种元素组成的化合物SiO2是原子晶体,熔点很高,选项C错误;D.O2-、Na+、Al3+电子层结构相同,核电荷数越大离子半径越小,故离子半径O2->Na+>Al3+,选项D错误。答案选A。点睛:本题考查结构性质位置关系应用,推断元素是解题关键,侧重对化学用语的考查,注意理解氢氧化铝的两性,能与强酸强碱反应,由图可知,为第二周期和第三周期元素的原子半径的变化,根据原子序数关系可知X为O元素,Y为F元素,Z为Na元素,M为Al元素,N为Si元素,R为Cl元素,据此分析得解。
二、实验题(本题包括1个小题,共10分)16.某同学探究影响化学反应速率的因素。选用的试剂如下:镁条、铝条、铝粉、钠、0.5mol·L-1盐酸、3mol·L-1盐酸;其设计的实验方案及部分实验现象如下表:
实验步骤实验现象①将一小块金属钠、表面积大致相同的镁条和铝条(均已用砂纸磨过)分别投入冷水中钠剧烈反应;镁条和铝条无明显现象②将表面积大致相同的两镁条(均已用砂纸磨过)分别投入冷水和热水中冷水中无明显现象;热水中有气泡产生③将相同质量的镁条(已用砂纸打磨过)和铝粉分别投入到足量的相同体积的0.5mol·L-1盐酸和3mol·L-1盐酸中剧烈反应产生气体,但铝粉消失比镁条快(1)实验①目的是探究反应物本身的性质对反应速率的影响。ks5u请回答下列问题:(2)实验②目的是探究
对反应速率的影响。(3)实验③中,因为铝粉消失所用的时间短,因此,该同学得出结论:铝比镁易失电子,该结论是否正确?
(填“是”或“否”),通过实验④说明要加快化学反应速率可采取的措施可以是
或
。参考答案:(2)
温度
(3)
否
(填“是”或“否”),是增大反应物浓度
或
增大固体反应物的接触面积
。略三、综合题(本题包括3个小题,共30分)17.用纯净的锌粒与稀盐酸反应制取氢气气体,请回答:(1)实验过程如下图所示,分析判断________段化学反应速率最快,_______段收集的氢气最多。(2)将锌粒投入盛有稀盐酸的烧杯中,刚开始时产生H2的速率逐渐加快,其影响因素是
,一定时间后反应速率逐渐减慢,其原因是
。(3)为了减缓上述反应的速率,欲向溶液中加入下列物质,你认为可行的是(
)A.蒸馏水
B.氯化钠固体
C.氯化钠溶液
D.浓盐酸
E.降低温度(4)EF段产生H2的反应速率为
mL·min-1。参考答案:略18.(6分)随着世界粮食需求量的增长,农业对化学肥料的需求量越来越大,其中氮肥是需求量最大的一种化肥。而氨的合成为氮肥的生产工业奠定了基础,其原理为:N2+3H22NH3(1)在N2+3H22NH3的反应中,一段时间后,NH3的浓度增加了0.9mol·L-1。用N2表示其反应速率为0.15mol·L-1·s-1,则所经过的时间为
;A.2s
B.3s
C.4s
D.6s(2)下列4个数据是在不同条件下测得的合成氨反应的速率,其中反应最快的是
;A.v(H2)=0.1mol·L-1·min-1
B.v(N2)=0.1mol·L-1·min-1C.v(NH3)=0.15mol·L-1·min-D.v(N2)=0.002mol·L-1·min-1(3)在一个绝热、容积不变的密闭容器中发生可逆反应:N2(g)+3H2(g)2NH3(g)
△H<0。下列各项能说明该反应已经达到平衡状态的是
。A.容器内气体密度保持不变
B.容器内温度不再变化C.断裂1molN≡N键的同时,断裂6molN—H键D.反应消耗N2、H2与产生NH3的速率之比1︰3︰2参考答案:略19.A、B、C、D四种可溶性盐,它们的阳离子可能是Ba2+、Ag+、Na+、Cu2+中
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