湖南省怀化市辰溪县第三中学2022-2023学年高一化学联考试题含解析

湖南省怀化市辰溪县第三中学2022-2023学年高一化学联考试题含解析一、单选题（本大题共15个小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，共60分。）1.在以离子键为主的化学键中常含有共价键的成分。下列各对原子形成化学键中共价键成分最少的是A．Li，F

B．Na，F

C．Na，C1

D．Mg，O参考答案：B略2.下列物质性质的递变关系正确的是

A．原子半径：C>Al>Na>K

B．碱性：NaOH>KOH>Ca(OH)2>Mg(OH)2C．离子半径：O2->F->Al3+>Mg2+>Na+

D．最高价：Cl>Si>Al>F参考答案：D3.将4.6g金属钠投入到足量水中，得ag溶液；将4.8g金属镁投入到足量盐酸中，得bg溶液，假设水的质量与盐酸的质量相等，则反应后两溶液的质量关系式为()A．a＝b

B．a>bC．a<b

D．无法判断参考答案：A解析：溶液的质量等于金属和水或酸的质量之和减去放出H2的质量。2Na＋2H2O===2NaOH＋H2↑4624.6g

0.2ga＝4.6＋m(H2O)－0.2＝4.4＋m(H2O)Mg＋2HCl===MgCl2＋H2↑24

24.8g

0.4gb＝4.8＋m(HCl)－0.4＝4.4＋m(HCl)因为m(H2O)＝m(HCl)，所以a＝b。4.短周期元素W、X、Y和Z的原子序数依次增大。元素W的单质是最轻的非金属单质，X原子的最外层电子数是内层电子数的2倍，元素Y是地壳中含量最丰富的金属元素，Z原子的最外层电子数是其电子层数的2倍。下列说法错误的是

A.元素W、X的氯化物中，各原子均满足8电子的稳定结构

B.元素X形成化合物种类最多

C.元素Y的单质与氢氧化钠溶液或盐酸反应均有氢气生成

D.元素Z可与元素X形成共价化合物XZ2参考答案：A略5.在同一系列中，所有同系物都具有A．相同的相对分子质量B．相同的物理性质C．相似的化学性质D．相同的最简式参考答案：C6.在稀硫酸中加入铜粉，铜粉不溶解，再加入下列固体粉末：①FeCl2；②Fe2O3；③Zn；④KNO3，可使铜粉溶解的是A．②④

B．①②

C．②③④

D．①③④参考答案：略7.在0℃和101kPa的条件下，将4.00g氩气、1.40g氮气和1.60g氧气混合，该混合气体的密度是相同条件下氢气密度的(

)

A．35倍

B．17.5倍

C．7倍

D．14倍参考答案：B略8.下列叙述中正确的是()①溶液都是纯净物②含氧的化合物都是氧化物③能电离出H+的化合物都是酸④能电离出OH-的化合物都是碱⑤能电离出金属离子和酸根离子的化合物都是盐⑥酸和碱的中和反应都是复分解反应A．全部 B．⑤⑥ C．③④ D．①②参考答案：B试题分析：①溶液是分散系，属于混合物，故错误；②含氧化合物中只有2种元素，，如CO2属于氧化物，H2SO4中虽然含有氧元素，但不属于氧化物，故错误；③电离出的阳离子只有H＋的化合物属于酸，但能电离出H＋的，不一定属于酸，如NaHSO4，故错误；④电离出的阴离子只有OH－的化合物，属于碱，但能电离出OH－的，可能属于碱式盐，故错误；⑤能电离出金属离子和酸根离子的化合物属于盐，故正确；⑥酸碱中和反应属于复分解反应，故正确；综上所述，选项B正确。9.下列关于铜电极的叙述正确的是

A.铜锌原电池中铜是正极

B.用电解法精炼粗铜时铜作阳极

C.在镀件上电镀铜时可用金属铜作阳极

D.电解稀硫酸制H2、O2时铜作阳极参考答案：AC10.实验室按照下图所示的操作程序用于提纯某种物质，下列分析一定正确的是A.该操作流程可用于分离水与四氯化碳B.操作I-定是过滤，目的是将固液分离C.可以用于从四氯化碳中提取碘单质D.可以提纯含少量BaSO4的NaCI固体混合物参考答案：D【分析】由流程可以知道操作Ⅰ为溶解,Ⅱ为过滤或重结晶,Ⅲ为蒸发结晶或过滤,以此解答该题。【详解】A.四氯化碳和水互不相溶，可以直接进行分液分离，不符合上述操作流程，故A错误；

B.操作Ⅰ是溶解，将固体溶于水，故B错误；

C.碘易溶于有机溶剂四氯化碳，而两种物质的沸点不同，因此，只能采用蒸馏的方法进行分离，故C错误；D.BaSO4不溶于水，NaCl能够溶于水，因此可以采用：溶解、过滤、蒸发的操作提纯含少量BaSO4的NaCl固体混合物，故D正确；

综上所述，本题选D。11.短周期元素M和N的离子M2+和N2-具有相同电子层结构，则下列说法正确的是（

）A．M原子比N原子多一个电子层

B．M的原子序数比N小C．M和N原子的电子层数相等

D．M和N原子最外层电子数相等参考答案：A试题分析：金属原子失去最外层的2个电子变为阳离子；非金属元素的原子获得电子，使最外层变为稳定结构。若短周期元素M和N的离子M2+和N2-具有相同电子层结构，则M在N的下一周期，即M原子比N原子多一个电子层，原子序数比N大，最外层电子数比N少，故选项A正确。12.下列叙述中，正确的是()A．二氧化硫具有漂白性，因而通入紫色石蕊试液中先变红后褪色B．浓硫酸和浓硝酸在常温下均可迅速与铜片反应放出气体C．浓硫酸与亚硫酸钠反应制备二氧化硫时,浓硫酸表现强氧化性D．稀硫酸和稀硝酸都具有氧化性

参考答案：D略13.已知A、B、C、D、E是核电荷数依次增大的五种短周期元素，原子半径按D、E、B、C、A的顺序依次减少，B与E同主族，则下列推断不正确的是A．D位于第2周期

B．A、B、E一定位于不同周期C．A、D可能属同一族

D．C和D的单质可能化合形成离子化合物参考答案：14.已知氧化性强弱顺序：Cl2>Br2>Fe3+>I2。下列反应不能发生的是（）A.Br2+2I-=I2+2Br-

B.2FeCl2+Cl2=2FeCl3C.2FeCl2+2HCl+I2=2FeCl3+2HI

D.2Fe3++2I-=2Fe2++I2参考答案：C试题分析：A、溴的氧化性强于碘，该反应能发生，A正确；B、氯气的氧化性强于氯化铁，该反应能发生，B正确；C、氯化铁的氧化性强于碘，可以氧化碘离子为单质碘，但单质碘不能氧化氯化亚铁，反应不能发生，C错误；D、根据C中分析可知反应能够发生，D正确，答案选C。15.下列各组物质中，化学键类型完全相同的是（

）A．Cl2和CCl4

B．HI和NaIC．H2S和CO2

D．F2和NaBr参考答案：C略二、实验题（本题包括1个小题，共10分）16.实验室要配制1.84mol·Ｌ-1的稀硫酸500mL，回答下列问题：（1）需要98%密度为1.84g·cm-3的浓硫酸

mL（2）配制时，必须使用的仪器有

(填代号)①烧杯②50mL量筒③100mL量筒

④1000mL容量瓶

⑤500mL容量瓶⑥托盘天平(带砝码)

⑦玻璃棒

还缺少的仪器是

。（3）配制时，该实验两次用到玻璃棒，其作用分别是

、

。（4）下列操作的顺序是（用字母表示）

。A.冷却

B.量取

C.洗涤两次

D.定容

E.稀释

F.摇匀

G.转移（5）下列操作中，容量瓶所不具备的功能有

(填序号)。A.配制一定体积准确浓度的标准溶液

B.长期贮存溶液C.用来加热溶解固体溶质

D.作为反应容器（6）配制过程中出现以下情况，对所配溶液浓度有何影响（填“偏高”“偏低”“不影响”）①用量筒量取浓硫酸时，仰视读数

②转移后，没有洗涤烧杯和玻璃棒

③定容时，俯视读数

④定容时，添加蒸馏水超过刻度线后，吸出多余的溶液

参考答案：（1）50（2）①②⑤⑦，胶头滴管（3）搅拌、引流（4）BEAGCGDF；（5）BCD（6）①偏高②偏低③偏高④偏低略三、综合题（本题包括3个小题，共30分）17.下表是元素周期表的一部分，表中所列的字母分别代表某一元素。

(1)1molA与足量D的氢化物完全反应产生的气体在标准状况下的体积为________L。(2)写出B的最高价氧化物的电子式________。(3)表中的另一种金属元素(未标出)的单质G，可以发生如下图所示转化：

其中化合物M是一种白色胶状沉淀，则M为(填化学式)________________；K的溶液与B的某种氧化物反应的化学方程式为____________________________；一种新型无机非金属材料由G元素和C元素组成，其化学式为____________。

参考答案：

(1)

11.2L

(2)(3)Al(OH)3

NaAlO2＋CO2＋2H2O===Al(OH)3↓＋NaHCO3(或2NaAlO2＋CO2＋3H2O===2Al(OH)3↓＋Na2CO3)

AlN

略18.现有mg某气体，它由双原子分子构成，它的摩尔质量为Mg·mol-1。若阿伏加德罗常数用NA表示，则：(1)该气体的物质的量为________mol。(2)该气体所含原子总数为________个。(3)该气体在标准状况下的体积为_________________L。(4)该气体溶于水后形成VL溶液，其溶液的物质的量浓度为________________mol/L。参考答案：（1）m/M

(2)2mNA/M

(3)22.4m/M

(4)

m/MV略19.（1）在标准状况下，有物质①4gH2，②33.6LCH4，③1molH2O，④3.01×1023个O2，含分子数最多的是（填序号，下同），含原子数最少的是，质量最大的是，体积最小的；密度由大到小的顺序为：

． （2）含有相同氧原子数的CO和CO2，其质量比为

；物质的量比为

；碳原子数比为

；原子数比为

． （3）含有电子数相等的CO和CO2气体在同温同压下的体积比为

；密度比为

． 参考答案：（1）①；④；②；③；③＞④＞②＞①； （2）14：11；2：1；2：1；4：3； （3）11：7；7：11． 【考点】阿伏加德罗定律及推论． 【分析】（1）根据m=n×M，V=n×Vm进行计算，结合分子中原子组成分析； （2）根据m=n×M进行计算； （3）CO、CO2分子中电子数分别是14、22，含有电子数相等的CO和CO2气体，其分子个数之比为22：14=11：7，根据n=知，二者物质的量之比为11：7，根据V=nVm计算二者体积之比，根据ρ=计算二者密度之比．． 【解答】解：（1）在标准状况下，①4gH2的物质的量为=2mol；原子数为2×2=4mol；体积为2×22.4=44.8L； ②33.6LCH4的物质的量为=1.5mol；原子数为1.5×5=7.5mol；质量为1.5×16=24g； ③1molH2O的物质的量为1mol；原子数为1×3=3mol；质量为18g； ④3.01×1023个O2的物质的量为=0.5mol；原子数为0.5×2=1mol；质量为0.5×32=16g；体积为0.5×22.4=11.2L， 故含分子数最多的是①；含原子数最少的是④；质量最大的是②；体积最小的是③；密度由大到小的顺序为③＞④＞②＞①； 故答案为：①；④；②；③；③＞④＞②＞①； （2）含有相同氧原子数的CO和CO2，其物质的量比为：=2：1；质量比为2×28：1×44=14：11；碳原子数之比等