福建省龙岩市武平县第二中学物理高一第一学期期末检测模拟试题含解析

福建省龙岩市武平县第二中学物理高一第一学期期末检测模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、在水平地面上运动小车车厢底部有一质量为m1的木块，木块和车厢通过一根水平轻弹簧相连接，弹簧的劲度系数为k，在车厢的顶部用一根细线悬挂一质量为m的小球．某段时间内发现细线与竖直方向的夹角为θ，在这段时间内木块与车厢保持相对静止，弹簧的形变量为x，如图所示．不计木块与车厢底部的摩擦力，则在这段时间内（）A.小车一定向左做加速运动B.弹簧可能处于压缩状态C.小车的加速度方向向左，大小为D.弹簧的形变量为2、如图所示，在倾斜角为θ=30°的斜面上，物块A与物块B通过轻绳相连，轻绳跨过光滑的定滑轮，物块A的质量为4kg，物块A与斜面间的动摩擦因数为，设物块A与斜面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，为使物块A静止在斜面上，物块B的质量不可能为（）A.1kg B.2kgC.3kg D.4kg3、如图（a）所示，一只小鸟沿着较粗的树枝从A缓慢移动到B，将该过程抽象为质点从圆弧A点移动到B点，如图（b）．以下说法正确的是（）A..树枝对小鸟的弹力减小B.树枝对小鸟的合力减小C.树枝对小鸟的摩擦力减小D.树枝对小鸟的摩擦力增大4、一质点在水平面上由O点开始做匀减速直线运动，经过P点时的速度大小为6v，到达Q点时速度大小为4v，最后停在M点．则PQ:QM为（）A.5:4 B.9:4C.4:5 D.4：95、下列说法正确的是（）A.物体运动的速度改变量越大，它的加速度却不一定越大B.同一汽车，速度越大，越难以停下来，说明物体速度越大，其惯性越大C.作用力与反作用力也可能是一对平衡力D.牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因6、电梯从低楼层到达高楼层经过启动、匀速运行和制动三个过程,启动和制动可看做是匀变速直线运动，电梯竖直向上运动过程中速度的变化情况如下表:则前5秒内电梯通过的位移大小为(

)时间()123456789101112速度()02.04.05.05.05.05.04.03.02.01.00A.1925m B.18.75mC.18.50m D.17.50m7、如图所示，在竖直平面内有一半径为R的圆弧轨道，半径OA水平、OB竖直，一个质量为m的小球自A点的正上方P点由静止开始自由下落，小球沿圆弧轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，已知，重力加速度为g，则小球从P到B的运动过程中（）A.重力做功mgRB.机械能减少C.合外力做功mgRD.克服摩擦力做功mgR8、如图1所示，光滑水平面上静置一个薄长木板，长木板上表面粗糙，其质量为M，t=0时刻质量为m物块以水平速度v滑上长木板，此后木板与物块运动的v-t图像如图2所示，重力加速度g取10m/s2，则下列说法正确的是（）A.M=m B.0-2s内物块位移为10mC.木板的长度为8m D.木板与物块间的动摩擦因数为0.19、在平直公路上行驶的a车和b车，其位移—时间（x–t）图象分别为图中直线a和曲线b，已知b车的加速度恒定且等于–1m/s2，t=3s时，直线a和曲线b刚好相切，则A.a车做匀速运动且其速度为va=m/sB.b车的初速度为0C.t=0时，a车和b车的距离4.5mD.t=3s时，a车和b车相遇，此时速度相等10、“蹦极”是一项非常刺激的体育运动运动员身系弹性绳自高空P点自由下落，图中a点是弹性绳的原长位置，c是运动员所到达的最低点，b是运动员静止地悬吊着时的受力平衡位置运动员在从P点落下到最低点c的过程中A.运动员从a点运动到c点的过程是做匀减速运动B.在b点，运动员的速度最大，其加速度为零C.在bc段绳的拉力大于人的重力，运动员处于超重状态D.在c点，运动员的速度为零，其加速度为零11、如图所示，质量为m的滑块在水平面上向左撞向弹簧，当滑块将弹簧压缩了时速度减小到零，然后弹簧又将滑块向右推开。已知弹簧的劲度系数，滑块与水平面间的动摩擦因数μ，整个过程弹簧未超过弹性限度，则下列说法错误的是（）A.滑块向左运动过程中，始终做减速运动B.滑块向右运动过程中，始终做加速运动C.滑块与弹簧接触过程中最大加速度为D.滑块向右运动过程中，当弹簧形变量时，物体的速度最大12、关于速度和加速度的说法中，正确的是（）A.物体的速度越大，加速度也越大B.物体的速度为零时，加速度可以不为零C.物体的速度变化量越大，加速度越大D.物体的速度变化越快，加速度越大二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）某实验小组用如图所示的装置做“探究两个互成角度的力的合成规律”实验时，其中的两个实验步骤是：（1）在竖直平面内，将小圆环拴在橡皮条的下端，用两根弹簧测力计互角度地拉动小圆环到0点，在白纸上记下0点的位置，记录两弹簧秤的读数F1和F2；本步骤中。必要的是______；A.弹簧测力计在使用前应校零B.测出橡皮条的原长C.用两根弹簧测力计拉动小圆环时，要保持弹簧测力计相互垂直（2）用一个弹簧秤通过小圆环拉橡皮条，使橡皮条的伸长量与用两个弹簧秤拉时的伸长量相同。记下此时弹簧秤的示数F及方向。步骤（1）中的疏漏是___________；步骤（2）中的疏漏是___________；14、（10分）在做"研究平抛运动"的实验时，让小球多次从同一高度释放沿同一轨道运动，通过描点法画出小球做平抛运动的轨迹。如图所示，在方格纸上画出小球做平抛运动的轨迹以后，又在轨迹上取a、b、c、d四个点（轨迹已擦去）。已知方格纸的边长。请你根据方格纸上的信息，通过分析计算完成下面几个问题：(1)小球平抛运动的初速度__________m/s；(2)小球运动到b点的竖直分速度是__________m/s；(3)从抛出点到b点的竖直高度__________m。三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，斜面静止于水平地面上，光滑的A球分别与斜面和竖直墙面接触，且处于静止状态，已知球A和斜面的质量均为m，斜面的倾角为θ，重力加速度为g．求：（1）求A球对斜面的压力大小？（2）地面对斜面的支持力和摩擦力的大小？16、（12分）钢球由静止开始做自由落体运动，不计空气阻力，落地时的速度为30m/s；g取10m/s2。(1)钢球下落的高度是多少?(2)钢球在最后1s内下落的高度是多少?17、（12分）某研究性学习小组利用力传感器研究小球与竖直挡板间的作用力，实验装置如图所示，已知斜面倾角为，光滑小球的质量，力传感器固定在竖直挡板上，重力加速度，，，求：(1)当整个装置静止时，力传感器的示数；(2)当整个装置向右做匀加速直线运动时，力传感器示数为42N，此时装置的加速度大小；(3)某次整个装置在水平方向做匀加速直线运动时，力传感器示数恰好为0N，此时整个装置的运动方向及加速度大小.

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、D【解析】小球、木块和小车具有相同的加速度，隔离对小球分析，根据牛顿第二定律求出小球的加速度，对m1受力分析，由牛顿第二定律求弹簧的形变量【详解】由题意知，木块、小车、小球相对静止，具有相同的加速度，对小球进行受力分析有：小球受重力和细线的拉力，在两个力作用下小球在竖直方向处于平衡状态，水平方向产生加速度，所以有：Tsinθ=ma，Tcosθ=mg；所以可得小球的加速度a=gtanθ，方向水平向左，则小车的加速度为a=gtanθ，方向水平向左，而小车的速度方向不确定，所以小车可能向左做加速运动，也可能向右减速运动，故AC错误．对m1分析知，m1的加速度水平向左，合力水平向左，弹簧对m1必定有水平向左的拉力，所以弹簧一定处于伸长状态，故B错误．对m1，由牛顿第二定律，得：kx=m1a，解得x=tanθ，故D正确，故选D【点睛】本题要通过对小球的受力分析得出加速度的大小和方向，再根据加速度判断物体的运动情况．注意当加速度向某个方向时物体可以沿这个方向做加速运动，也可以沿相反方向做减速运动2、D【解析】物体B受重力和拉力，根据平衡条件，有：T=mBg；物体A受重力、支持力、拉力和静摩擦力（可能为零）；物体A对斜面体压力：N=mgcos30°=4×10×=20N；故滑动摩擦力：f=μN＝×20＝10N；物体A的重力的下滑分力：Gx=mgsin30°=4×10×=20N；①当物体A恰好不上滑时，细线的拉力最大，为T=f+Gx=10+20=30N，故mB=3kg；②当物体A恰好不下滑时，细线的拉力最小，为T=-f+Gx=-10+20=10N，故mB=1kg；故1kg＜mB＜3kg，故不可能是4kg；故选D3、C【解析】小鸟缓慢爬行，合力为零，受重力、支持力和静摩擦力处于平衡，根据平衡得出摩擦力的变化和弹力的变化【详解】设弹力与竖直方向的夹角为θ，由平衡条件得：小鸟所受的弹力N＝mgcosθ，从A到B的过程中，θ减小，则弹力增大，故A错误；小鸟缓慢爬行，树枝对小鸟的合力始终不变，故B错误；小鸟所受的摩擦力f=mgsinθ，从A到B的过程中，θ先减小，则摩擦力减小，故C正确，D错误．所以C正确，ABD错误【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，注意小鸟所受的摩擦力为静摩擦力4、A【解析】根据速度位移关系，所以xPQ：xQM=5:4，故A正确，BCD错误故选A5、A【解析】A．由加速度的物理意义可知：加速度表示速度变化快慢；故物体速度变化越快，加速度越大，物体的速度改变量越大，加速度不一定越大，故A正确；B．质量是决定惯性的唯一因素，故B错误；C．作用力与反作用力分别作用在两个物体上，不是平衡力，故C错误；D．伽利略最早通过理想斜面实验得出力不是维持物体运动的原因，故D错误。故选A。6、B【解析】电梯匀加速直线运动的加速度，则匀加速直线运动的时间，匀加速直线运动的位移，匀速直线运动的位移x2=vt2=5×(5-2.5)m=12.5m，则前5s内的位x=x1+x2=6.25+12.5m=18.75m．故选B.【点睛】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式、位移时间公式、速度位移公式，并能灵活运用7、AB【解析】A．PB高度差为R，重力做功mgR，A正确BCD．到达最高点B时恰好对轨道没有压力，则，，所以合外力做功，C错误；以OA所在平面为参考平面，初始机械能为，末状态机械能为，，B正确D错误8、BC【解析】AD.木块在木板上运动过程中，在水平方向上只受到木板给的滑动摩擦力，故而v-t图像的斜率表示加速度，故解得对木板受力分析可知由上可知故AD错误；B.由题可知，有初速度得图像为小物块，v-t图像的面积代表位移，则故B正确；C.图中可知物块和木板最终分离，两者v-t图像与坐标轴围成的面积之差等于木板的长度，则故C正确。故选BC。9、CD【解析】A、x-t图象的斜率代表速度，a的图象为倾斜的直线，斜率为恒定值，故a车做匀速直线运动，速度大小为，A错误；B、t=0时刻，b曲线的切线斜率不为零，故b车的初速度不为零，B错误；C、t=3s时，直线a和曲线b刚好相切，故此时b车的速度为．t=0到t=3s内，b车做匀减速直线运动，可做逆向处理，则t=0到t=3s内，b车的位移为，故t=0时刻，b车的初始坐标为．所以在t=0时刻，a、b两车相距4.5m，C正确；D、x-t图象的交点代表相遇，又因两曲线在t=3s时，刚好相切，瞬时速度刚好相同，则D正确10、BC【解析】A、B、从a到b过程，弹性绳的拉力小于人的重力，人向下做加速度减小的变加速运动，从b到c过程，弹性绳的拉力大于人的重力，人向下做加速度增大的变减速运动，所以在b点时人的速度最大，此时运动员所受的拉力与重力大小相等、方向相反，合力为零，加速度为零；故A错误，B正确C、在bc段绳的拉力大于人的重力，加速度向上，运动员处于超重状态；故C正确D、在c点，拉力大于人的重力，合力不为零，加速度不为零，只有速度为零；故D错误故选BC【点睛】本题主要考查了分析物体的受力情况和运动情况的能力，要弹性绳拉力的可变性进行分析．对超重失重现象的判断，关键根据加速度方向分析11、BC【解析】A．滑块向左接触弹簧的运动过程中，在水平方向上受到向右的弹簧的弹力和向右的摩擦力，在此过程中弹簧的弹力是逐渐增大的，弹力和摩擦力的合力与运动方向始终相反，物体做减速运动，选项A正确；B．滑块向右接触弹簧的运动是从弹簧压缩量最大时开始的，此时受到水平向右的弹力和向左的摩擦力，开始时弹簧的弹力大于摩擦力，但当弹簧伸长到一定程度，弹力和摩擦力大小相等，此后摩擦力大于弹力。所以滑块向右接触弹簧的运动过程中，是先加速，后减速，选项B错误；C．由对A的分析可知，当弹簧的压缩量为x0时，水平方向的合力为此时合力最大，由牛顿第二定律有选项C错误；D．在滑块向右接触弹簧的运动中，当弹簧的弹力和摩擦力大小相等、方向相反时，在水平方向上合外力为零，加速度为零，速度最大。此时有解得选项D正确。本题选说法错误的，故选BC。12、BD【解析】A、物体的速度很大，加速度可以是零，例如匀速直线运动，故A错误；B、物体的速度为零时，加速度可以不为零，例如竖直上抛到最高点，故B正确；C、物体的速度变化量越大，如果需要的时间很长，那么加速度不一定越大，故C错误；D、加速度的物理意义表示物体速度变化的快慢，物体的速度变化越快，加速度越大，故D正确二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、①.A②.记下两个弹簧秤拉力F1和F2的方向③.拉动小圆环到0点【解析】（1）[1]弹簧秤使用前应校零，故A正确；橡皮条的长度不影响实验结果，所以不用测量，故B错误；两个弹簧测力计相互垂直与否与试验结果无关，故C错误。（2）[2][3]拉动小圆环到0位置时，记录两弹簧秤的读数F1和F2及方向；步骤（1）中的疏漏是F1和F2的方向用一个弹簧秤时拉橡皮条时，必须将小圆环拉到0位置，这样就保证两次的力一样大，步骤（2）中的疏漏是必须将小圆环拉到0位置。14、①.1.2②.0.9③.0.0405【解析】(1)[1]在竖直方向上根据图像可知解得则初速度为(2)[2]小球在b点的竖直分速度等于ac间在竖直方向上的平均速度，则(3)[3]从抛出点到b点经历的竖