内蒙自治区乌兰察布市集宁二中物理高一第一学期期末复习检测试题含解析

内蒙自治区乌兰察布市集宁二中物理高一第一学期期末复习检测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、做匀减速运动的物体经4s后停止，若在第1s内的位移是14m，则最后1s内的位移是（）A.1m B.2mC.5m D.3m2、如图所示，用细绳将均匀球悬挂在光滑的竖直墙上，绳受的拉力为T，墙对球的弹力为N，如果将绳的长度增加，其他条件不变，当球再次静止时，则（）A.T、N均不变B.T减小、N增大C.T、N均增大D.T、N均减小3、如图所示，用细绳将重球悬挂在竖直光滑墙上，当增加细绳长度时（）A.绳的拉力变小，墙对球的弹力变大B.绳的拉力变小，墙对球的弹力变小C.绳的拉力变大，墙对球的弹力变小D.绳的拉力变大，墙对球的弹力变大4、高速公路“区间测速”的原理是通过测量车辆经过两个监控点之间的时间来判断是否超速.如图所示为某一20km路段的区间测速标志，该路段限速120km/h．则A.“20km”指位移B.“20km”指路程C.车辆过此路段瞬时速度为120km/hD.车辆过此路段用时15min属超速5、运动员在跳离地面时，下列说法中正确的是A.运动员对地面的压力大于地面对运动员的支持力B.运动员先对地面有压力，然后地面对运动员有支持力C.地面对运动员的支持力与运动员的重力是一对平衡力D.地面对运动员的支持力大于运动员的重力6、下列说法中正确的是（）A.物体受到的合外力越大，速度越大 B.物体质量一定时，所受合外力越大，加速度越大C.物体的加速度越大，速度也越大 D.物体的加速度一定，速度也一定7、如图，物体在水平地面上匀减速滑行，经过AB和BC段所用时间均为1s，且AB、BC段长度分别为4m、2m，下列说法正确的是（）A.经过A点时的速度为5m/sB.经过C点后还能再运动1sC.经过C点后还能再运动1mD.物体运动的加速度大小为2m/s28、一架飞机着陆时的速度是216km/h，着陆后做匀减速直线运动，加速度大小为3m/s2．由此可以确定A.飞机最后2s运动的平均速度为3m/sB.飞机滑行的跑道至少为600mC.飞机滑行的跑道至少为1000mD.经过25s时飞机速度的大小为15m/s9、如图所示，轻质弹簧的上端固定在电梯的天花板上，弹簧下端悬挂一个小球，电梯中有质量为50kg的乘客，在电梯运行时乘客发现轻质弹簧的伸长量始终是电梯静止时的四分之三，已知重力加速度g=10m/s2，由此可判断（）A.电梯可能加速下降，加速度大小为5m/s2B.电梯可能减速上升，加速度大小为2.5m/s2C.乘客处于失重状态D.乘客对电梯地板的压力为425N10、力F1单独作用于一物体时，使物体产生的加速度大小为a1＝2m/s2，力F2单独作用于同一物体时，使物体产生的加速度大小为a2＝4m/s2。当F1和F2共同作用于该物体时，物体具有的加速度大小不可能是A.1m/s2 B.4m/s2C.6m/s2 D.8m/s211、如图所示，质量为M=1kg的足够长木板B静止在光滑水平面上，现有一质量m=0.5kg的小滑块（可视为质点）以v0=3m/s的初速度从、左端沿木板上表面冲上木板，带动木板一起向前滑动。已知滑块与木板间的动摩擦因数μ=0.1，重力加速度g取10m/s2。则（）A.木板和滑块保持相对静止前木板受到的摩擦力f=1.5NB.木板和滑块保持相对静止前木板的加速度为a=0.5m/s2C.木板和滑块保持相对静止前的木板速度为v=2m/sD.木板和滑块保持相对静止前滑块运动的位移为s=4m12、如图所示，在大小为F的水平向左的恒力作用下，重为G的物体A静止在倾角为α的光滑斜面上．下列关于斜面对物体A的支持力的表达式正确的是（）A.FN= B.FN=C.FN=G+F D.FN=二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）如图甲，为测定木块与长木板之间的动摩擦因数的装置，图中长木板水平固定，实验过程中，调整定滑轮高度，使细线与长木板平行。（1）如图乙为木块在水平长木板上运动带动纸带打出的一部分点迹，0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻两计数点间还有4个计时点未画出，电源的频率为50Hz。从纸带上测出x1=3.20cm，x2=4.52cm，x5=8.42cm，x6=9.70cm。则木块加速度大小a=_____________m/s2.（结果保留两位有效数字）（2）已知重力加速度为g，测得木块的质量为M，砝码盘和砝码的总质量为m。若木块的加速度为a，则木块与长木板间动摩擦因数μ=______________________.（结果用g、M、m、a表示）14、（10分）用如图所示的实验装置探究“加速度与力、质量的关系”图中A、B为两个光电门（连接光电计时器），C为固定在木槽上的遮光条实验前（不挂钩码）左右移动小木块使木槽能够在长木板上匀速运动。遮光条C的宽度为d，两光电门A、B间的距离为x，木槽通过A、B两个光电门的速度等于遮光条的宽度除以遮光条通过光电门的时间，实验时木槽每次都从同一位置由静止释放研究对象为木槽（包括内部的砝码）及钩码组成的系统。(1)通过光电计时器读出遮光条通过A、B两个光电门的时间分别是tA、tB则木槽的加速度是______（用测量的符号表示）；(2)保持悬挂钩码的质量m不变，增加或减少槽内的砝码测出每次对应的加速度，为了能直观反映在合外力一定的情况下，加速度与质量的关系，应作出a与______关系图像（M表示槽及槽内砝码的总质量，m不能比M小很多）；A.MB.mC.D.(3)为了精确测量木槽运动的加速度，某同学固定光电门B移动光电门A，然后多次从同一位置释放木槽，测出遮光条每次经过光电门A的时间tA和tB两光电门间的距离x，此同学作出的图像应为图中的______，所作图像斜率的绝对值为k则木槽的加速度a=______。三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，轻绳OA一端系于天花板上，与竖直方向的夹角为θ，水平轻绳OB的一端系于竖直墙上，O点挂一重物．当重物的重力为N时，水平绳OB的拉力为300N，求：（1）θ角的大小；（2）此时绳OA的拉力是多大？16、（12分）如图所示，有1、2、3三个质量均为m=1kg的物体，物体2与物体3通过不可伸长轻绳连接，跨过光滑的定滑轮，设长板2到定滑轮足够远，物体3离地面高H=5.75m，

物体1与长板2之间的动摩擦因数μ=O.2.长板2在光滑的桌面上从静止开始释放，同时物体1(视为质点)在长板2的左端以v=4m/s的初速度开始运动，运动过程中恰好没有从长板2的右端掉下．(取g=10m/s²)求：(1)长板2开始运动时的加速度大小；(2)长板2的长度；(3)当物体3落地时，物体1在长板2的位置17、（12分）在一种新的“子母球”表演中，让同一竖直线上的小球A和小球B，从距水平地面的高度为5H和H的地方同时由静止释放，如图所示．小球A的质量是小球B的质量为2倍．设小球B与地面碰撞后以原速率反弹，忽略球的直径、空气阻力及碰撞时间．则A.小球B下落过程处于失重状态，上升过程处于超重状态B.两小球第一次相遇前在空中运动的加速度相同C.两小球第一次相遇位置离地面的高度为D.两小球第一次相遇时速率之和为

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、B【解析】采用逆向思维，把物体的运动看成初速度为零的匀加速直线运动，在第1s，第2s，第3s，第4s内的位移之比为：1：3：5：7，则最后1s内的位移与第1s内的位移之比为1：7，第1s内的位移是14m，则最后1s内的位移是2m，故B正确，ACD错误2、D【解析】设绳子和墙面的夹角为θ，对小球进行受析，作出绳子的拉力T和墙对球的弹力N的合力F，由于物体是处于静止的，物体受力平衡；所以物体的重力等于合力F，即F=G，根据几何关系得出N=Gtanθ先找到其中的定值，就是小球的重力mg，mg是不变的，随着绳子加长，细线与墙壁的夹角θ减小，cosθ增大，tanθ减小，则得T减小，N减小。故D正确，ABC错误。故选D。3、B【解析】设绳子和墙面夹角为θ，对小球进行受析把绳子的拉力T和墙对球的弹力为N合成F，由于物体是处于静止的，所以物体受力平衡，所以物体的重力等于合成F，即根据几何关系得出随着绳子加长，细线与墙壁的夹角θ减小，则cosθ增大，tanθ减小，所以：T减小，N减小。故选B。4、B【解析】位移是从起点指向终点的有向线段的长度；路程是轨迹的长度；瞬时速度是指某一时刻或者某位置的速度.【详解】“20km”指路程，选项A错误，B正确；车辆过此路段的平均速度不超过120km/h，选项C错误；车辆过此路段用时15min，则平均速率为，故不属超速，选项D错误；故选B.5、D【解析】运动员能够挑起的原因是地面的支持力大于运动员的重力，即运动员所受合力竖直向上，地面对运动员的支持力和运动员对地面的压力是作用力和反作用力，大小相等，方向相反；【详解】AB、根据牛顿第三定律，运动员跳起的过程中对地面的压力等于地面对运动员的支持力，而且相互作用力是同时产生的，故AB错误；CD、运动员在起跳过程中运动员的加速度竖直向上，根据牛顿第二定律可知运动员所受合力竖直向上，故地面对运动员的支持力大于运动员的重力，故C错误，D正确【点睛】本题明确运动员起跳的原因是解决C项的关键，同时明白作用力和反作用力的关系可以掌握压力和支持力的大小关系6、B【解析】A．物体受到的合外力越大，加速度越大，但是速度不一定越大，选项A错误；B．根据可知，物体质量一定时，所受合外力越大，加速度越大，选项B正确；C．物体的加速度越大，速度不一定越大，选项C错误；D．物体的加速度一定，速度均匀变化，选项D错误；故选B.7、AD【解析】AD．由匀变速直线运动规律可知，则加速度大小为B点的速度为则故AD正确；BC．C点的速度为还能运动的时间为还能运动的距离为故BC错误。故选AD。8、AB【解析】本题有初末速度和加速度，然后由速度和位移的关系公式可直接得出，根据匀变速直线运动的平均速度公式计算平均速度，根据平均速度位移关系求得跑道的至少长度。【详解】A．，停止运动前2秒时速度，逆向思维，根据公式：带入数值：则2秒的平均速度：故A正确；BC．规定速度的方向为正方向，设飞机场的跑道至少x能使飞机安全地停下来，根据：代入数据可知：解得：故C错误B正确；D．逆向思维，飞机安全停下来的时间：则25秒时飞机已经停止，所以飞机的速度为零，D错误。故选AB。【点睛】掌握匀变速直线运动的速度时间关系和平均速度关系是正确解题的基础。9、BC【解析】ABC．电梯静止不动时，小球受力平衡，有mg=kx电梯运行时弹簧的伸长量变为静止时的四分之三，说明弹力变小了，根据牛顿第二定律，有mg－kx=ma即a=2.5m/s2加速度向下，电梯可能加速下降或减速上升，乘客处于失重状态，故A错误，BC正确；D．以乘客为研究对象，根据牛顿第二定律可得m′g－FN=m′a乘客对地板的压力大小为FN=m′g－m′a=（500－50×2.5）N=375N故D错误。故选BC。10、AD【解析】设物体为质量为m，根据牛顿第二定律得F1=ma1F2=ma2则F1和F2共同作用于该物体时合力范围为F2-F1≤F合≤F2+F1代入得2m≤F合≤6m又由牛顿第二定律得加速度的范围为2m/s2≤a≤6m/s2。A.1m/s2，此选项错误，A符合题意；B.4m/s2，此选项正确，B不符合题意；C.6m/s2，此选项正确，C不符合题意；D.8m/s2，此选项错误，D符合题意；故选AD.11、BD【解析】A．木板所受的摩擦力为滑动摩擦力，大小为：f=μmg=0.1×0.5×10N=0.5N方向向右，选项A错误；B．由牛顿第二定律，对滑块有：μmg=ma得：a=μg=1m/s2以木板为研究对象，根据牛顿第二定律有：μmg=Ma′可得出木板的加速度为：a′=0.5m/s2选项B正确；C．设经过时间t，滑块和长木板达到共同速度v，则满足：对滑块：v=v0-at对长木板：v=a′t由以上两式得：t=2sv=1m/s选项C错误；D．木板和滑块保持相对静止前滑块运动的位移为选项D正确；故选BD。12、AB【解析】对物体A受力分析，用合成法求解出斜面对物体A的支持力，进一步得出物体对斜面的压力【详解】对物体A受力分析，受推力F、重力G、支持力N，如图：根据共点力平衡条件，推力和重力的合力应该与支持力等值、反向、共线，结合几何关系，有F=Gtanα；N=，N=；将推力和重力正交分解，如图：根据共点力平衡条件，有：Gsinα=Fcosα；N=Fsinα+Gcosα；故选AB【点睛】对于共点力平衡问题可以用合成法求解，也可以用分解法求解，还可以用正交分解法求解二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、①.1.3②.【解析】（1）[1]由可知，带入数据可解的（2）[2]以砝码和砝码盘为对象可得对小车可得联立解得14、①.②.D③.B④.【解析】(1)[1]遮光片通过光电门的速度分别为：根据速度位移公式可知：解得：；(2)[2]悬挂钩码的质量保持不变，分别对和应用牛顿第二定律：两式相加：即合力保持不变，与系统质量成反比，应作图线，ABC错误，D正确。故选D；(3)[3]某同学固定光电门，移动光电门，然后释放木槽，测出遮光条每次经过光电门的时间通过光电门的瞬时速度：光电门位置的速度为定值，根据：得：A错误，B正确。故选B；[4]同学所作图像的斜率的绝对值为，则有：解得系统的加速度：。三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（1）30°；（2）600N【解析】解：根据O点受力由正交分解有：FOAcosθ=G①FOAsinθ=FOB②联立①②，解得：tanθ=，则：θ=30°FOA===600N答：（1）θ角的大小为30°；（2）此时绳OA的