甘肃省通渭县第二中学高二上学期第二次月考物理试题

学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精学必求其心得，业必贵于专精甘肃省通渭县第二中学2017-2018学年度高二级上学期第二次月考理综物理试题1.关于电场强度，下列说法中正确的是(）A。由知,检验电荷在某点所受电场力越大，该点的场强越强B.由知，检验电荷所带电量越少,检验电荷所在位置的场强越强C。电场中某点的场强与检验电荷的电量和所受的电场力无关D。电场中某点场强的方向就是检验电荷在该点所受电场力的方向【答案】C【解析】试题分析：电场强度是电场本身的性质，与检验电荷的电量以及所受的电场力无关，选项AB错误，C正确;电场中某点场强的方向就是正的检验电荷在该点所受电场力的方向,选项D错误;故选C。考点：电场强度.2.用控制变量法，可研究影响平行板电容器电容的因素(如图)．设两极板正对面积为S,极板间的距离为d,静电计指针偏角为θ。实验中,极板所带电荷量不变，若(）A.保持S不变，增大d，则θ变大B。保持S不变，增大d，则θ变小C.保持d不变，减小S，则θ变小D。保持d不变，减小S，则θ不变【答案】A【解析】试题分析：根据电容的决定式,可知当保持S不变，增大d时,电容减小，电容器的电量Q不变,由电容的定义式,可知板间电势差增大，则静电计指针的偏角变大．故A正确，B错误．同理，当保持d不变，减小S时，电容减小，电容器极板所带的电荷量Q不变,则板间电势差增大，静电计指针的偏角变大．故CD错误．故选A.【点睛】静电计测定电容器极板间的电势差,电势差越大,指针的偏角越大．根据电容的决定式和电容的定义式分析判断电势差的变化情况。3。如图所示，两个同心放置的共面金属圆环a和b，一条形磁铁穿过圆心且与环面垂直，则穿过两环的磁通量Фa和Фb大小关系为（

)

A。Фa＞ФbB。Фa＜ФbC。Фa＝ФbD。无法比较【答案】A【解析】试题分析：根据磁感线的分布情况可知,磁铁内部穿过环面的磁感线方向向上,外部磁感线方向向下．由于磁感线是闭合曲线，磁铁内部的磁感线条数等于磁铁外部磁感线的总条数,而磁铁外部磁感线分布在无限大的空间,所以穿过环面的磁铁外部向下的磁感线将磁铁内部向上的磁感线抵消一部分，a的面积小，抵消较小,则磁通量较大，所以Φa＞Φb．故选A.考点:磁通量【名师点睛】本题是非匀强磁场磁通量大小的比较问题,抓住抵消后剩余磁通量进行比较．磁感线是闭合曲线,磁铁内外总条数相等．穿过环面的磁感线方向有两种，存在抵消情况，抵消后磁感线多，磁通量大此题是常见问题，中等难度。4.如图所示为电流产生磁场的分布图，正确的分布图是（）A。①③B。②③C.①④D.②④【答案】C【解析】试题分析：由右手螺旋定则可判断电流周围磁场的分布,并注意平面图及立体图的区分即可正确判断．解：①电流方向向上，由右手螺旋定则可得磁场为逆时针（从上向下看)，故①正确；②电流方向向下，由右手螺旋定则可得磁场为顺时针（从上向下看），故②错误；③图中电流为环形电流,由由右手螺旋定则可知,内部磁场应向右，故③错误；④根据图示电流方向，由右手螺旋定则可知，内部磁感线方向向右，故④正确；故选C．【点评】因磁场一般为立体分布，故在判断时要注意区分是立体图还是平面图，并且要能根据立体图画出平面图，由平面图还原到立体图．5.如图所示，把一重力不计的通电直导线水平放在蹄形磁铁磁极的正上方,导线可以自由移动，当导线通过图示方向电流I时，导线的运动情况是（从上往下看）(）A。顺时针方向转动，同时下降B。顺时针方向转动,同时上升C。逆时针方向转动，同时下降D。逆时针方向转动，同时上升【答案】C【解析】试题分析：在导线两侧取两小段，由左手定则可知，左边一小段所受的安培力方向垂直纸面向外，右侧一小段所受安培力的方向垂直纸面向里，从上往下看，知导线逆时针转动;当转动90度时，由左手定则可知,导线所受的安培力方向向下,所以导线的运动情况为，逆时针转动，同时下降．故C正确．考点：左手定则。6.关于磁感应强度的大小，下列说法正确的是（）A。磁场中某处的磁感应强度跟该处通电导线所受的磁场力成正比B。磁场中某处的磁感应强度方向与小磁针静止时N极所指的方向C。磁场中某处磁感应强度的大小与放在该处的通电导线无关D.通电导线在磁场中受安培力为零处，磁感应强度一定为零【答案】BC【解析】试题分析：磁感应强度是描述磁场本身的强弱和方向的物理量,由磁场本身的性质决定，与放入磁场中通电导线所受的磁场力、导线长度均无关．故A错误，C正确．磁场中某点磁场方向与可以自由转动的小磁针在该点静止时N极所指的方向相同；故B正确．当通电导线跟该处的磁场方向平行时，导线受到的安培力为零，但磁感应强度不为零．故D错误．故选BC.【点睛】磁感应强度是描述磁场强弱和方向的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度．此比值与磁场力及电流元均无关．7。如图,实线为一正点电荷的电场线,虚线为其等势面．A、B是同一等势面上的两点，C为另一等势面上的一点，下列的判断正确的是（）A。A点场强等于B点场强B.C点电势低于B点电势C。将电子从A点移到B点，电场力不做功D。将质子从A点移到C点，其电势能增加【答案】BC【解析】试题分析：AB两点的场强的方向不同,故A错误;沿电场线的方向电势降落,所以B点的等势面的电势高于C点的等势面的电势．故B正确;A、B是同一等势面上的两点,它们之间的电势差为0,所以将电子从A点移到B点，电场力不做功．故C正确；沿电场线的方向电势降落,所以A点的等势面的电势高于C点的等势面的电势,将质子从A点移到C点,电场力做正功，其电势能减小．故D错误．故选BC.【点睛】根据电场线的分布特点：电场线越密，场强越大．顺着电场线，电势降低．正电荷的电势能沿着电场线方向不断降低，负电荷的电势能沿着电场线方向不断升高。8.如图所示电路，电源内阻不可忽略.开关S闭合后，在变阻器R0的滑动片向下滑动的过程中（）A。电压表的示数减小B.电压表的示数增大C.电流表的示数减小D.电流表的示数增大【答案】AC【解析】试题分析：在变阻器的滑片向下滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，变阻器与并联的电阻减小，则外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小．故A正确，B错误．并联部分电压,I增大，E、、r均不变，则减小，故电流表示数减小．故C正确,D错误．故选AC.【点睛】本题是电路的动态变化分析问题，首先确定出变阻器接入电路的电阻如何变化,再按局部到整体,再到部分的思路进行分析．9.（1)用游标为20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，由图可知其长度为________mm。（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙所示,由图可知道直径为_________mm.【答案】(1).50。10（2).4。700【解析】游标卡尺的固定刻度读数为50mm，游标读数为0。05×3mm=0.15mm,所以最终读数为50.15mm．综上所述本题答案是：（1）50。15；（2）4.70010。某实验小组利用如图1所示电路测定一节电池的电动势和内电阻，备有下列器材:A、待测电池，电动势约为1.5V(小于1。5V)B、电流表，量程3AC、电流表，量程0。6AD、电压表,量程1.5VE、电压表,量程3VF、滑动变阻器，0～20ΩG、滑动变阻器，0~2000ΩH、开关一个，导线若干（1)实验时，电流表应选__________,电压表应选__________,滑动变阻器应选__________（填选用器材前面的字母）（2）小组由实验数据作出的U-I图象如图2所示，由图象可求得电源电动势为________V，内电阻为__________Ω．【答案】(1).C(2)。D（3）。F(4）。1。4(5).2.8【解析】试题分析：(1）干电池电动势约为1.5V，电压表应选：D，根据实验数据得出最大电流为0。57A，因此电流表应选：C;干电池电动势约为1.5V，电流表量程为0。6A，电路最小电阻约为：，为方便实验操作，滑动变阻器应选：F；(2)由闭合电路欧姆定律可知U=E-Ir,再由数学知识可知，图象与纵坐标的交点为电源的电动势故电源的电动势为1.40V；而图象的斜率表示电源的内阻.【点睛】本题考查了实验器材的选取、作实验电路图、求电动势与内阻，知道实验器材的选取原则、知道实验原理、掌握应用图象法处理实验数据的方法即可正确解题．11。如图所示，质量为m，电荷量为q的带电粒子,以初速度v沿垂直磁场方向射入磁感应强度为B的匀强磁场，在磁场中做匀速圆周运动。不计带电粒子所受重力.求：（1)粒子做匀速圆周运动的半径R；（2)粒子做匀速圆周运动周期T。【答案】（1)（2)【解析】试题分析:（1）粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律求出轨道半径，(2）由求出周期．（1)粒子在磁场中由洛伦兹力提供所需向心力公式则有：解得：（2）由匀速圆周运动周期与线速度关系:解得:【点睛】本题考查了求粒子做圆周运动的轨道半径、周期,应用牛顿第二定律、线速度与周期的关系即可正确解题．12.如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37º，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场.金属导轨的一端接有电动势E=4.5V、内阻r=0。50Ω的直流电源.现把一个质量m=0。04kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止。导体棒与金属导轨垂直、且接触良好,导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R0=2.5Ω，金属导轨电阻不计，g取10m/s2。已知sin37º=0.60，cos37º=0。80，求：（1)通过导体棒的电流；（2)导体棒受到的安培力大小和方向；(3)导体棒受到的静摩擦力.【答案】(1)I=1.5A(2）F安=0。30N，方向平行与斜面向上（3）f=0.06N【解析】本题考查闭合电路欧姆定律、安培力及共点力的平衡。（1）导体棒、金属导轨和直流电源构成闭合电路,根据闭合电路欧姆定律有:

（2)导体棒受到的安培力：（3）导体棒所受重力沿斜面向下的分力，由于F1小于安培力，故导体棒受沿斜面向下的摩擦力f，根据共点力平衡条件，解得:f=0。06N方向沿斜面向下。13。如图所示，水平绝缘光滑轨道AB的B端与处于竖直平面内的四分之一圆弧形粗糙绝缘轨道BC平滑连接，圆弧的半径R=0.40m。在轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，电场强度E=1.0×104N/C。现有一质量m=0。10kg的带电体（可视为质点）放在水平轨道上与B端距离s=1。0m的位置，由于受到电场力的作用带电体由静止开始运动，当运动到圆弧形轨道的C端时，速度恰好为零。已知带电体所带电荷q=8。0×10—5C,取g=10m/s2，求：（1)带电体在水平轨道上运动的加速度大小及运动到B端时的速度大小；(2)带电体运动到圆弧形轨道的B端时对圆弧轨道的压力大小；(3）带电体沿圆弧形轨道运动过程中，电场力和摩擦力对带电体所做的功各是多少。【答案】（1）vB=4。0m/s(2）N′=5。0N（3)W摩=—0.72J（1）设带电体在水平轨道上运动的加速度大小为a根